2021-2022学年山东省济南市历下区八年级（下）期末数学试卷

第1页（共1页）2021-2022学年山东省济南市历下区八年级（下）期末数学试卷一、选择题(本大题共12小题，每小题4分，满分48分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1．（4分）“冰墩墩”将熊猫形象与富有超能量的冰晶外壳结合，体现了冬季冰雪运动与现代科技的特点．将如图所示的“冰墩墩”图案平移后可以得到（）A． B． C． D．2．（4分）若a＞b，则下列式子中一定成立的是（）A．﹣a＜﹣b B．﹣＞﹣ C．ac＞bc D．a﹣2＜b﹣23．（4分）2022年4月16日，神舟十三号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，为迎接航天英雄，同学们设计了他们喜欢的航空飞行器的图案．其中，属于中心对称的图案设计是（）A． B． C． D．4．（4分）下列分式中，属于最简分式的是（）A． B． C． D．5．（4分）要使分式有意义，x的取值应满足（）A．x≠﹣1 B．x≠﹣1且x≠﹣2 C．x≠﹣2 D．x＝﹣16．（4分）非菲为了推理出七边形的内角和，将七边形的某一个顶点分别与其他各顶点相连，这样把原来的七边形分割成了（）个三角形，最终求出七边形内角和是900°．A．4 B．5 C．6 D．77．（4分）矩形ABCD在平面直角坐标系中如图所示，若矩形平移，使得点A（﹣4，3）到点A′（1，4）的位置，平移后矩形顶点C的对应点C′的坐标是（）A．C′（﹣2，0） B．C′（3，0） C．C′（3，1） D．C′（4，1）8．（4分）下列各式中，能用平方差公式分解因式的是（）A．x2﹣x B．4x2+4x﹣1 C．x2+y2 D．4x2﹣19．（4分）如图，将△ABC绕点C顺时针旋转35°得到△DEC，边ED，AC相交于点F，若∠A＝30°，则∠EFC的度数为（）A．15° B．65° C．115° D．75°10．（4分）某小区3000人进行核酸检测，由于组织有序，居民积极配合，实际每小时检测人数比原计划增加50人，结果提前2小时完成任务．若原计划每小时检测x人，可列方程（）A． B． C． D．11．（4分）如图，在证明三角形的中位线定理时，小兰首先将原图形上面的三角形部分剪开，并旋转180°拼到下方．类似地，现有如图所示的四边形ABCD，AD∥BC，若AD＝3，BC＝7，E、F分别是AB和DC的中点，则EF＝（）A．4 B．4.5 C．5 D．612．（4分）如图，在正方形ABCD外取一点E，连接AE，BE，DE．过点A作AE的垂线交DE于点P．若AE＝AP＝1，PB＝，则点B到直线AE的距离是（）A． B．2 C． D．3二、填空题（共6小题，每小题4分，满分24分）13．（4分）分解因式：a2﹣4a＝．14．（4分）如图，点C在∠AOB的平分线上，CD⊥OA于点D，且CD＝3，如果E是射线OB上一点，那么线段CE长度的最小值是．15．（4分）如图，在平行四边形ABCD中，AC、BD相交于点O，∠ODA＝90°，AC＝10，BD＝6，则BC的长为．16．（4分）足球表面为什么用正六边形和正五边形构成？因为正六边形的两个内角和正五边形的一个内角加起来接近一个周角，而又不足一个周角．这样，由平面折叠而成的多面体充气后最终就呈现为球形．如图，在折叠前的平面上，拼接点处的缝隙∠AOB的大小为．17．（4分）在冬奥会单板滑雪项目中，运动员的空中姿态优美飘逸．如图，在平面直角坐标系中，将我国运动员的初始位置用△ABC标记，则他在空中的运动可看成从初始位置绕某旋转中心逆时针旋转一定角度后到达另一位置，记为△A′B′C′，在这一过程中，旋转中心的坐标是．18．（4分）如图，在平行四边形ABCD中，E为CD中点，连接BE，F为BE中点，连接AF，若AB＝8，BC＝10，∠BAD＝120°，则AF的长为．三、解答题（本大题共8题，满分78分）19．（6分）因式分解：（1）2m2﹣18；（2）y3+2y2+y．20．（6分）解下列分式方程：（1）；（2）．21．（6分）先化简，再求值：x﹣1﹣，其中x＝3．22．（8分）如图，在平行四边形ABCD中，对角线AC、BD相交于点O．点E、F在对角线BD上，且BE＝DF，连接AE、CF．求证：AE＝CF．23．（8分）如图，已知O是坐标原点，B、C两点的坐标分别为（3，﹣1），（2，1）．（1）若△B1OC1与△BOC关于点O成中心对称，请直接写出对应点B1、C1的坐标；（2）将△BOC绕点O逆时针旋转90度，得到△B2OC2，请画出旋转后的△B2OC2．24．（10分）2021年2月25日，中国向世界庄严宣告，中国脱贫攻坚战取得了全面胜利，创造了又一个彪炳史册的奇迹，某单位党支部在“精准扶贫”活动中，给结对帮扶的贫困家庭赠送甲、乙两种树苗．已知每棵乙种树苗的价格比甲种树苗的价格贵10元，用480元购买乙种树苗的棵数恰好与用360元购买甲种树苗的棵数相同，求甲、乙两种树苗每棵的价格．25．（10分）如图，已知△ABC是等边三角形，E为AC上一点，连接BE．将AC绕点E旋转，使点C落在BC上的点D处，点A落在BC上方的点F处，连接AF．求证：四边形ABDF是平行四边形．26．（12分）在小学，我们学习过能被3整除的数的规律，其实这个结论可以用因式分解的方法证明．（1）请你判断111222（填能或不能）被3整除；（2）为什么可以用各数位上的数字之和判断一个数能不能被3整除呢？小明先选了一个能被3整除的四位数“1236”试着进行推理：1236＝1000×1+100×2+10×3+1×6＝（999+1）×1+（99+1）×2+（9+1）×3+6＝999×1+99×2+9×3+（1+2+3+6）；∵“3（333×1+33×2+3×3）”能被3整除，∴当“1+2+3+6”能被3整除，原数就能被3整除．现在，设是个四位数，其个位、十位、百位、千位上的数字分别是d，c，b，a，请你借鉴小明的思路，证明：若“a+b+c+d”能被3整除，则能被3整除；（3）定义：一个自然数按从右往左的第1、3、5、7、…数位，我们称为奇位，按从右往左的第2、4、6、8、…数位，我们称为偶位．例如：一个四位数，其个位与百位即奇位，十位与千位为偶位．奇位和就是把所有位于奇位上的数字相加，偶位和就是把所有位于偶位上的数字相加．请证明，若的偶位和与奇位和的差是11的倍数，则能被11整除．27．（12分）如图1，两个等腰直角三角形△ABC、△EDC的顶点C重合，其中∠ABC＝∠EDC＝90°，连接AE，取AE中点F，连接BF，DF．小红想分析当△EDC绕着点C旋转时，图形的基本元素之间有什么不变的关系．（1）如图1，当B、C、D三个点共线时，请猜测线段BF、FD的数量关系，并直接写出．（2）将△EDC绕着点C顺时针旋转一定角度至图2位置，小红根据“AE中点F”这个条件，想到取AC与EC的中点M、N，分别与点F相连，再连接BM，DN，最终利用△BMF≌△FND（SAS）证明了（1）中的结论仍然成立．请你思考当△EDC绕着点C继续顺时针旋转至图3位置时，（1）中的结论是否仍然成立？若成立，请证明你的结论；若不成立，请说明理由；（3）连接BD，在△EDC绕点C旋转一周的过程中，△BFD的面积也随之变化．若AB＝3，DE＝2，请直接写出△BFD面积的最大值．

2021-2022学年山东省济南市历下区八年级（下）期末数学试卷参考答案与试题解析一、选择题(本大题共12小题，每小题4分，满分48分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1．（4分）“冰墩墩”将熊猫形象与富有超能量的冰晶外壳结合，体现了冬季冰雪运动与现代科技的特点．将如图所示的“冰墩墩”图案平移后可以得到（）A． B． C． D．【解答】解：观察各选项图形可知，B选项的图案可以通过原图形平移得到．故选：B．2．（4分）若a＞b，则下列式子中一定成立的是（）A．﹣a＜﹣b B．﹣＞﹣ C．ac＞bc D．a﹣2＜b﹣2【解答】解：A．∵a＞b，∴﹣a＜﹣b，原变形正确，故本选项符合题意；B．∵a＞b，∴﹣＜﹣，原变形错误，故本选项不符合题意；C．∵a＞b，c＞0，∴ac＞bc，原变形错误，故本选项不符合题意；D．∵a＞b，∴a﹣2＞b﹣2，原变形错误，故本选项不符合题意．故选：A．3．（4分）2022年4月16日，神舟十三号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，为迎接航天英雄，同学们设计了他们喜欢的航空飞行器的图案．其中，属于中心对称的图案设计是（）A． B． C． D．【解答】解：A．不是中心对称图形，故此选项不合题意；B．不是中心对称图形，故此选项不合题意；C．是中心对称图形，故此选项符合题意；D．不是中心对称图形，故此选项不合题意；故选：C．4．（4分）下列分式中，属于最简分式的是（）A． B． C． D．【解答】解：A．原式＝，不符合题意；B．原式＝，不符合题意；C．原式＝﹣1，不符合题意；D．原式为最简分式，符合题意．故选：D．5．（4分）要使分式有意义，x的取值应满足（）A．x≠﹣1 B．x≠﹣1且x≠﹣2 C．x≠﹣2 D．x＝﹣1【解答】解：要使分式有意义，x的取值应满足x+1≠0，解得x≠﹣1，故选：A．6．（4分）非菲为了推理出七边形的内角和，将七边形的某一个顶点分别与其他各顶点相连，这样把原来的七边形分割成了（）个三角形，最终求出七边形内角和是900°．A．4 B．5 C．6 D．7【解答】解：从七边形的某一个顶点出发，分别连结这个点与其余各顶点，可以把七边形分为5个三角形．故答案为：B．7．（4分）矩形ABCD在平面直角坐标系中如图所示，若矩形平移，使得点A（﹣4，3）到点A′（1，4）的位置，平移后矩形顶点C的对应点C′的坐标是（）A．C′（﹣2，0） B．C′（3，0） C．C′（3，1） D．C′（4，1）【解答】解：∵点A（﹣4，3），点A′（1，4），∴点A的横坐标向右平移5个单位长度，再向上平移1个单位长度，即可得到点A′，∴平移后矩形顶点C（﹣2，0）的对应点C′的坐标是（3，1），故选：C．8．（4分）下列各式中，能用平方差公式分解因式的是（）A．x2﹣x B．4x2+4x﹣1 C．x2+y2 D．4x2﹣1【解答】解：A．不能用平方差公式分解因式，不符合题意；B．是三项不能用平方差公式分解因式，不符合题意；C．两项的符号相同，不能用平方差公式分解因式，不符合题意D．是2x与1的平方的差，能用平方差公式分解因式，符合题意．故选：D．9．（4分）如图，将△ABC绕点C顺时针旋转35°得到△DEC，边ED，AC相交于点F，若∠A＝30°，则∠EFC的度数为（）A．15° B．65° C．115° D．75°【解答】解：∵将△ABC绕点C顺时针旋转35°得到△DEC，∴∠ACD＝35°，∠A＝∠D＝30°，∴∠EFC＝∠ACD+∠D＝35°+30°＝65°，故选：B．10．（4分）某小区3000人进行核酸检测，由于组织有序，居民积极配合，实际每小时检测人数比原计划增加50人，结果提前2小时完成任务．若原计划每小时检测x人，可列方程（）A． B． C． D．【解答】解：根据题意，得，故选：D．11．（4分）如图，在证明三角形的中位线定理时，小兰首先将原图形上面的三角形部分剪开，并旋转180°拼到下方．类似地，现有如图所示的四边形ABCD，AD∥BC，若AD＝3，BC＝7，E、F分别是AB和DC的中点，则EF＝（）A．4 B．4.5 C．5 D．6【解答】解：连接并延长AF，交BC延长线于G，如图：∵AD∥BC，∴∠D＝∠FCD，∠DAF＝∠FGC，∵F是CD中点，∴DF＝CF，∴△ADF≌△GCF（AAS），∴AD＝CG＝3，AF＝FG，∴BG＝BC+CG＝7+3＝10，∵E是AB中点，∴EF是△ABG的中位线，∴EF＝BG＝×10＝5，故选：C．12．（4分）如图，在正方形ABCD外取一点E，连接AE，BE，DE．过点A作AE的垂线交DE于点P．若AE＝AP＝1，PB＝，则点B到直线AE的距离是（）A． B．2 C． D．3【解答】解：∵∠EAP＝∠BAD＝90°∴∠EAB+∠BAP＝90°，∠PAD+∠BAP＝90°，∴∠EAB＝∠PAD，又∵AE＝AP，AB＝AD，在△APD和△AEB中，，∴△APD≌△AEB（SAS），过B作BF⊥AE，交AE的延长线于F，∵AE＝AP，∠EAP＝90°，∴∠AEP＝∠APE＝45°，∴∠AEB＝∠APD＝180°﹣45°＝135°，∴∠BEP＝135°﹣45°＝90°，∴EB⊥ED，∵BF⊥AF，∴∠FEB＝∠FBE＝45°，∵PE＝，∴BE＝，∴BF＝EF＝＝2，∴点B到直线AE的距离是2．故选：B．二、填空题（共6小题，每小题4分，满分24分）13．（4分）分解因式：a2﹣4a＝a（a﹣4）．【解答】解：a2﹣4a＝a（a﹣4）．故答案为：a（a﹣4）．14．（4分）如图，点C在∠AOB的平分线上，CD⊥OA于点D，且CD＝3，如果E是射线OB上一点，那么线段CE长度的最小值是3．【解答】解：过点C作CE⊥OB于点E，∵点C在∠AOB的平分线上，CD⊥OA于点D，且CD＝3，∴CE＝CD＝3，即CE长度的最小值是3，故答案为：3．15．（4分）如图，在平行四边形ABCD中，AC、BD相交于点O，∠ODA＝90°，AC＝10，BD＝6，则BC的长为4．【解答】解：∵四边形ABCD是平行四边形，AC＝10，BD＝6，∴OA＝OC＝AC＝5，OB＝OD＝BD＝3，∵∠ODA＝90°，∴AD＝＝4，∴BC＝AD＝4，故答案为：4．16．（4分）足球表面为什么用正六边形和正五边形构成？因为正六边形的两个内角和正五边形的一个内角加起来接近一个周角，而又不足一个周角．这样，由平面折叠而成的多面体充气后最终就呈现为球形．如图，在折叠前的平面上，拼接点处的缝隙∠AOB的大小为12°．【解答】解：因为正多边形内角和为（n﹣2）•180°，正多边形每个内角都相等，所以正五边形的每个内角的度数为（5﹣2）•180°＝108°，正六边形的每个内角的度数为（6﹣2）•180°＝120°．∴∠AOB的度数为：360°﹣108°﹣120°×2＝12°．故答案为：12°．17．（4分）在冬奥会单板滑雪项目中，运动员的空中姿态优美飘逸．如图，在平面直角坐标系中，将我国运动员的初始位置用△ABC标记，则他在空中的运动可看成从初始位置绕某旋转中心逆时针旋转一定角度后到达另一位置，记为△A′B′C′，在这一过程中，旋转中心的坐标是（2，3）．【解答】解：如图，旋转中心P（2，3）．故答案为：（2，3）．18．（4分）如图，在平行四边形ABCD中，E为CD中点，连接BE，F为BE中点，连接AF，若AB＝8，BC＝10，∠BAD＝120°，则AF的长为．【解答】解：如图，过点F作MN∥AB，GH∥AD，分别交平行四边形四条边为M，N，G，H，得平行四边形AGDH，AMNB，DMFH，∵F为BE中点，∴M是AD的中点，H是CE的中点，∵E为CD中点，CD＝AB＝8，∴CE＝CD＝4，∴CH＝CE＝2，∴MF＝DH＝CD﹣CH＝8﹣2＝6，∵M是AD的中点，AD＝BC＝10，∴AM＝AD＝5，过点F作FQ⊥AM于点Q，∵∠BAD＝120°，∴∠FMQ＝60°，∴QM＝FM＝3，FQ＝QM＝，∴AQ＝AM﹣QM＝5﹣3＝2，∴AF＝．故答案为：．三、解答题（本大题共8题，满分78分）19．（6分）因式分解：（1）2m2﹣18；（2）y3+2y2+y．【解答】解：（1）2m2﹣18＝2（m2﹣9）＝2（m+3）（m﹣3）；（2）y3+2y2+y＝y（y2+2y+1）＝y（y+1）2．20．（6分）解下列分式方程：（1）；（2）．【解答】解：（1）方程两边同乘以（x﹣4），得3﹣x﹣1＝x﹣4，解得x＝3，检验：当x＝3时，x﹣4≠0，所以x＝3是原方程的解；（2）方程的两边同乘以（x﹣1）（x+1），得x+1＝1，解得x＝0，检验：当x＝0时，（x﹣1）（x+1）≠0，所以x＝0是原方程的解．21．（6分）先化简，再求值：x﹣1﹣，其中x＝3．【解答】解：x﹣1﹣＝＝﹣，当x＝3时，原式＝﹣＝﹣．22．（8分）如图，在平行四边形ABCD中，对角线AC、BD相交于点O．点E、F在对角线BD上，且BE＝DF，连接AE、CF．求证：AE＝CF．【解答】证明：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB＝CD，AB∥CD，∴∠ABE＝∠CDF．在△ABE和△CDF中，，∴△ABE≌△CDF（SAS），∴AE＝CF．23．（8分）如图，已知O是坐标原点，B、C两点的坐标分别为（3，﹣1），（2，1）．（1）若△B1OC1与△BOC关于点O成中心对称，请直接写出对应点B1、C1的坐标；（2）将△BOC绕点O逆时针旋转90度，得到△B2OC2，请画出旋转后的△B2OC2．【解答】解：（1）点B1的坐标为（﹣3，1），点C1的坐标为（﹣2，﹣1）；（2）如图，△B2OC2为所作．24．（10分）2021年2月25日，中国向世界庄严宣告，中国脱贫攻坚战取得了全面胜利，创造了又一个彪炳史册的奇迹，某单位党支部在“精准扶贫”活动中，给结对帮扶的贫困家庭赠送甲、乙两种树苗．已知每棵乙种树苗的价格比甲种树苗的价格贵10元，用480元购买乙种树苗的棵数恰好与用360元购买甲种树苗的棵数相同，求甲、乙两种树苗每棵的价格．【解答】解：设每棵甲种树苗的价格为x元，则每棵乙种树苗的价格为（x+10）元，依题意得：＝，解得：x＝30，经检验，x＝30是原方程的解，且符合题意，∴x+10＝30+10＝40．答：每棵甲种树苗的价格为30元，每棵乙种树苗的价格为40元．25．（10分）如图，已知△ABC是等边三角形，E为AC上一点，连接BE．将AC绕点E旋转，使点C落在BC上的点D处，点A落在BC上方的点F处，连接AF．求证：四边形ABDF是平行四边形．【解答】证明：∵△ABC是等边三角形，∴AC＝BC＝AB，∠ACB＝60°；∵将AC绕点E旋转∴ED＝CE，EF＝AE∴△EDC是等边三角形，∴DE＝CD＝CE，∠DCE＝∠EDC＝60°，∴FD＝AC＝BC，∴△ABC、△AEF、△DCE均为等边三角形，∴∠CDE＝∠ABC＝∠EFA＝60°，∴AB∥FD，BD∥AF，∴四边形ABDF是平行四边形．26．（12分）在小学，我们学习过能被3整除的数的规律，其实这个结论可以用因式分解的方法证明．（1）请你判断111222能（填能或不能）被3整除；（2）为什么可以用各数位上的数字之和判断一个数能不能被3整除呢？小明先选了一个能被3整除的四位数“1236”试着进行推理：1236＝1000×1+100×2+10×3+1×6＝（999+1）×1+（99+1）×2+（9+1）×3+6＝999×1+99×2+9×3+（1+2+3+6）；∵“3（333×1+33×2+3×3）”能被3整除，∴当“1+2+3+6”能被3整除，原数就能被3整除．现在，设是个四位数，其个位、十位、百位、千位上的数字分别是d，c，b，a，请你借鉴小明的思路，证明：若“a+b+c+d”能被3整除，则能被3整除；（3）定义：一个自然数按从右往左的第1、3、5、7、…数位，我们称为奇位，按从右往左的第2、4、6、8、…数位，我们称为偶位．例如：一个四位数，其个位与百位即奇位，十位与千位为偶位．奇位和就是把所有位于奇位上的数字相加，偶位和就是把所有位于偶位上的数字相加．请证明，若的偶位和与奇位和的差是11的倍数，则能被11整除．【解答】（1）解：111222＝100000×1+10000×1+1000×1+100×2+10×2+1×2＝（99999+1）×1+（9999+1）×1+（999+1）×1+（99+1）×2+（9+1）×2+1×2＝99999×1+1×1+9999×1+1×1+999×1+1×1+99×2+1×2+9×2+1×2+2＝99999×1+9999×1+999×1+99×2+9×2+（1+1+1+2+2+2）＝3（33333×1+333×1+333×1+33×2+3×2+3），∵3（33333×1+333×1+333×1+33×2+3×2+3）能被3整除，∴111222能被3整除，故答案为：能；（2）证明：＝1000a+100b+10c+d＝（999+1）a+（99+1）b+（9+1）c+d＝（999a+99b+9c）+（a+b+c+d）＝3（333a+33b+3c）+（a+b+c+d），∵3（333a+33b+3c）能被3整除，∴若“a+b+c+d”能被3整除，则能被3整除；＝1000a+100b+10c+d＝（1001﹣1）a+（99+1）b+（11﹣1）c+d＝（1001a+99b+11c）+（﹣a+b﹣c+d）＝11（91a+9b+c）+[（d+b）﹣（c+a）]，∵11（91a+9b+c）能被11整除，∴若“（d+b）﹣（c+a）”能被11整除，即若的偶位和与奇位和的差是11的倍数，则能被11整除．27．（12分）如图1，两个等腰直角三角形△ABC、△EDC的顶点C重合，