2024届百校联盟TOP300高一物理第一学期期末联考试题含解析

2024届百校联盟TOP300高一物理第一学期期末联考试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、如图所示，质量分别为m1、m2的A、B两小球分别连在弹簧两端，B小球用细绳固定在倾角为30°的光滑斜面上，若不计弹簧质量且细绳和弹簧与斜面平行，在细绳被剪断的瞬间，A、B两小球的加速度分别为()A.都等于 B.0和C.和0 D.0和2、在平直公路上，一辆汽车刹车做匀减速直线运动，经过4s停止运动．最后1s汽车的位移大小是2m，则刹车后的第1s汽车位移大小为A.14m B.10mC.8m D.6m3、物体做竖直上抛运动后又落回原出发点的过程中，下列说法正确的是：A.上升过程中，加速度方向向上，速度方向向上B.下落过程中，加速度方向向下，速度方向向下C.在最高点，加速度大小为零，速度大小为零D.到最高点后，加速度方向改变，速度方向也发生改变学4、如图所示，质量为2m的物块A和质量为3m的物块B与地面的摩擦均不计.在已知水平推力F的作用下，A、B做匀加速运动.A对B的作用力为（）A.B.C.D.5、竖直升空的火箭，其v-t图像如图所示，由图可知以下说法中正确的是()A.火箭上升的最大高度为16000mB.火箭上升的最大高度为48000mC.火箭经过120s落回地面D.火箭上升过程中的加速度始终是20m/s26、如图甲所示是网球发球机，某次室内训练时将发球机放在距地面一定的高度，然后向竖直墙面发射网球．假定网球以速度水平射出，碰到墙面时速度与水平方向夹角为，轨迹如图乙所示，若不考虑空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A.碰到墙面前，网球在空中运动时间为B.碰到墙面前网球下降高度为C.碰到墙面时，网球的速度大小为D.网球发球机出球口与墙面间水平距离为7、竖直升降的电梯顶部拴一弹簧秤，弹簧秤下端挂一重物，电梯静止时，电梯中的人观察到弹簧秤的示数为10N。某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数为12N，取g=10m/s2，则此时（）A.电梯中的人一定处于失重状态 B.电梯中的人一定处于超重状态C.电梯可能向上加速运动，加速度大小为2m/s2 D.电梯可能向上减速运动，加速度大小为2m/s28、一质量为1kg的质点静止于光滑水平面上,从t=0时刻开始,受到水平外力F作用,如图所示。下列判断正确的是A.第1s末外力的瞬时功率是6W B.第2s末外力的瞬时功率为4WC.0~2s内外力的平均功率是4W D.0~2s内外力的平均功率是6W9、如图所示，在车站、机场常用传送带运送的货物，传送带与水平面夹角为，当货物随传送带一起斜向上匀速运动时，下列关于货物受力的说法中正确的是（）A.因货物与传送带相对静止，所以货物不受摩擦力B.货物所受摩擦力方向沿传送带向上C.货物所受摩擦力方向沿传送带向下D.货物受到三个力的作用10、将力F分解为两个不为零的力，下列情况具有唯一解的是（）A.已知两个力的方向，并且不在同一直线上B.已知一个分力的大小和另一分力的方向C.已知两个力的大小D.已知一个分力的大小和方向二、实验题11、（4分）12、（10分）三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，电梯内有一倾角的固定斜面，质量为m的物体静止在斜面上，已知sin=0.6，cos=0.8.重力加速度为g，当电梯竖直向上做匀加速运动，加速度大小为0.5g时，物体与斜面处于相对静止状态，求物体所受的支持力大小N和摩擦力大小f。14、（14分）如图所示，一个质量m=1kg的物块，在F=5N的拉力作用下，从静止开始沿水平面做匀加速直线运动，拉力方向与水平方向成θ=37°．假设物块与水平面之间的滑动摩擦因数μ=0.5，取重力加速度g=10m/s2．sin37°=0.6，cos37°=0.8(1)做出物块的受力分析图；(2)求物块运动的加速度大小；(3)求从静止开始物块移动4s内的位移大小；15、（13分）如图所示,质量m1=12kg的物体A用细绳绕过光滑的滑轮与质量为m2=2kg的物体B相连，连接A的细绳与水平方向的夹角为θ=53°，此时系统处于静止状态．已知A与水平面的动摩擦因数μ=0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度取g=10m/s2，sin53°=0.8，cs53°=0.6．求：（1）A物体所受摩擦力的大小；（2）欲使系统始终保持静止，物体B的质量不能超过多少?

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、B【解题分析】细绳被剪断的前，以A为研究对象，可求出弹簧的拉力大小，细绳被剪断的瞬间，弹簧弹力大小瞬间不变，故A物体该瞬间合力仍为零，加速度大小为零，取B受力分析，由牛顿定二定律可得，联立可求得。故ACD错误，B正确。故选择B。2、A【解题分析】采用逆向思维，根据最后1s的位移由位移公式求出汽车的加速度，汽车刹车后第1s内的位移等于4s内的位移减去后3内的位移，根据位移公式求解.【题目详解】汽车运动可看成反向的初速度为0的匀加速直线运动，最后1s的位移即反向的第1s的位移为：，得：，总位移为：，反向的前3s的位移为：，所以刹车后第1s内的位移为：△x=x-x′=32-18=14m，故A正确，B、C、D错误；故选A.【题目点拨】本题考查匀变速直线运动的规律的应用，对于末速度为0的匀减速直线运动可以看成反向的初速度为0的匀加速直线运动.3、B【解题分析】AB．竖直上抛运动在运动的过程中，只受到重力的作用，加速度保持不变，始终等于重力加速度g，方向竖直向下，而速度在上升过程中向上，下落过程中向下。故A错误，B正确；C．在最高点，加速度大小为g，速度大小为零，故C错误。D．竖直上抛运动的物体达到最高点后，开始向下运动，速度方向发生改变，但加速度仍然等于g，方向向下，没有改变。故D错误。故选B4、B【解题分析】以A、B组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得对B，由牛顿第二定律得解得故选B。5、B【解题分析】从图可知火箭的速度一直为正，一直朝着正方向运动，即一直上升，在120s上升到最大高度，而图像与时间轴围成的面积表示位移，故火箭上升的最大高度为，AC错误B正确；0~40s加速上升，40~120s减速上升，而图像的斜率表示加速度，所以上升阶段的加速度为，D正确6、CD【解题分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出落地的竖直分速度，结合平行四边形定则求出小球的初速度和着地的速度.本题中要注意水平射程是不变的，故速度越大，时间越短.【题目详解】A、小球落地时沿竖直方向和水平方向上的分速度大小分别为，又：联立可得：，故A错误；B、小球下落得高度：故B错误；C、小球落地时沿竖直方向的分速度大小为，小球的速度：故C正确；D、网球发球机出球口与墙面间水平距离为：故D正确.故选CD.【题目点拨】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，注意两个方向上物体的运动性质不同，但时间相同，结合平行四边形定则进行求解即可.7、BC【解题分析】AB．电梯静止时，电梯中的人观察到弹簧秤的示数为重物的重力mg，人观察到弹簧秤的示数为12N＞10N，说明电梯中的人一定处于超重状态，故A错误，B正确；CD．由mg=10N，的m=1kg，其加速度方向向上，电梯可能向上加速运动，也可能向下做减速运动，根据牛顿第二定律：F-mg=ma得故C正确，D错误。故选BC。8、BC【解题分析】物体第1s内的加速度第1s末速度物体第2s内的加速度第2s末速度A.第1秒末外力的瞬时功率：P1=F1v1=3×3=9W故A错误；B.第2s末外力的瞬时功率：P2=F2v2=4×1=4W故B正确；CD.由动能定理可知0-2s内合力做功为：故0～2s内外力的平均功率是：故C正确D错误。9、BD【解题分析】ABC．货物所受的摩擦力方向与相对运动趋势的方向相反，货物相对传送带有向下运动的趋势，所以静摩擦力方向沿传送带向上，故B正确，AC错误；D．货物随传送带一起向上匀速运动，因此共受到三个力，分别为重力、支持力与静摩擦力，故D正确；故选BD。10、AD【解题分析】因合力F一定，若已知两个力的方向，并且不在同一直线上，则分解的结果是唯一的，选项A正确；已知一个分力的大小和另一分力的方向，分解的结果可能有两种，选项B错误；已知两个力的大小，分解的结果可能有两种，选项C错误；已知一个分力的大小和方向，则另一个分力一定是唯一的，选项D正确；故选AD.二、实验题11、12、三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、2mg0.9mg【解题分析】电梯竖直向上做匀加速运动，加速度大小为0.5g，则物体也以加速度a向上匀加速运动，对物块受力分析如图所示。根据牛顿第二定律得：在水平方向上有在竖直方向上有联立解得14、(1)(2)0.5m/s2(3)4m【解题分析】对物块受力分析，受重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，再画出物块的受力示意图；根据牛顿第二定律求出物体的加速度的大小【题目详解】(1)物块受到重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，物块的受力示意图如下；(2)物块竖直方向受力平衡，则有：Fsin37°+FN=mg解得：FN=mg-Fsin37°此物块所受到的滑动摩擦力为：f=μFN=μ（mg-Fsin37°）代入数据解得：f=3.5N根据牛顿第二定律，有：Fcos37°-f=ma代入数据解得：a=0.5m/s2；(3)由位移公式可得：【题目点拨】本题是已知受力情况确定运动情况的问题，关键是正确分析受力情况，根据牛顿第二定律求解加速度15、（1）12N（2）