2024届新疆和田地区物理高一上期末预测试题含解析

2024届新疆和田地区物理高一上期末预测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、下列说法中正确的是（）A.物体受到的合外力越大，速度越大 B.物体质量一定时，所受合外力越大，加速度越大C.物体的加速度越大，速度也越大 D.物体的加速度一定，速度也一定2、一质量均匀钢管，一端支在水平地面上，另一端被竖直绳悬吊着（如图所示），则钢管受到几个力的作用（）A.1 B.2C.3 D.43、如图甲所示，斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面体上有一小滑块A沿斜面匀速下滑，现对滑块施加一竖直向下的作用力F，如图乙所示．两种情况下斜面体均处于静止状态，则下列说法中不正确的是()A.施加力F后，小滑块A受到的摩擦力变大B.施加力F后，小滑块A仍将匀速下滑C.施加力F后，地面对斜面体的摩擦力变大D.施加力F后，地面对斜面体的支持力变大4、小明同学在力传感器上完成“下蹲”和“站起”动作，计算机采集的图线如图所示，由图中信息可以判断出（重力加速度g取10m/s2）（）A.小明的体重大约为70kgB.小明同学先完成“下蹲”动作，再完成“站起”动作C.“站起”过程一直处于超重状态D.整个过程的最大加速度约为4m/s25、如图，两个完全相同的条形磁铁。放在平板AB上，开始时平板及磁铁都处于水平位置，且静止不动，现将AB从原位置突然竖直向上平移。并使之停在CD位置，结果发现两条形磁铁碰在一起，下列说法正确的是A.开始时两磁铁静止不动，说明磁铁间的作用力小于磁铁受到的静摩擦力B.磁铁开始滑动时，平板正在向上减速C.上升过程中磁铁处于超重状态D.上升过程中磁铁先失重后超重6、重为100N的物体放在水平面上，物体与水平面的动摩擦因数为0.1，现用方向相反的水平力F1和F2拉物体，其中F1=15N，如图所示。要使物体做匀速运动，则F2的大小为（g=10m/s2）（）A.4N B.25NC.30N D.40N7、如图所示，光滑水平地面上放有截面为圆周的柱状物体A，A与墙面之间放一光滑的圆柱形物体B，对A施加一水平向左的力F，整个装置保持静止．若将A的位置向左移动稍许，整个装置仍保持平衡，则()A.水平外力F增大B.墙对B作用力减小C.地面对A的支持力减小D.B对A的作用力减小8、如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A，滑块A受到随时间t变化的水平拉力F作用时，滑块A的加速度a与拉力F的关系图象如图乙所示．滑块A的质量记作mA，长木板B的质量记作mB，则（）A.mA＝1kgB.mB＝3kgC.A、B间动摩擦因数μ＝0.5D.F＞10N之后，B的加速度为2m/s29、如图甲所示是网球发球机，某次室内训练时将发球机放在距地面一定的高度，然后向竖直墙面发射网球．假定网球以速度水平射出，碰到墙面时速度与水平方向夹角为，轨迹如图乙所示，若不考虑空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A.碰到墙面前，网球在空中运动时间为B.碰到墙面前网球下降高度为C.碰到墙面时，网球的速度大小为D.网球发球机出球口与墙面间水平距离为10、A、B两个物体从同一地点同时出发，沿同一方向做匀变速直线运动，若初速度不同，加速度相同，则在运动过程中A.A、B的速度之差保持不变B.A、B的速度之差与时间成正比C.A、B的位移之差与时间成正比D.A、B的位移之差与时间的平方成正比11、如图甲所示，平行于光滑斜面的轻弹簧劲度系数为k，一端固定在倾角为θ的斜面底端，另一端与物块A连接，两物块A、B质量均为m，初始时均静止，现用平行于斜面向上的力F拉动物块B，使B做加速度为a的匀加速运动，A、B两物块在开始一段时间内的v-t关系分别对应图乙中A、B图线，t1时刻A、B的图线相切，t2时刻对应A图线的最高点，重力加速度为g。则下列说法正确的是（）A.t1时刻，弹簧的形变量为B.t1时刻，A、B刚分离时的速度为C.t2时刻，弹簧形变量为0D.从开始到t2时刻，拉力F先逐渐增大后不变12、下列关于摩擦力的说法中正确的是（）A.静止的物体可以受到滑动摩擦力B.运动的物体可以受到静摩擦力C.静止的物体一定不受滑动摩擦力D.滑动摩擦力的方向一定跟物体相对运动的方向相反二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、（12分）如图甲所示为倾斜的传送带始终以恒定的速度沿顺时针方向转动,主动轮、从动轮的大小可忽略不计,传送带与水平面夹角为一质量m=1kg的小物块以初速度从传送带的底部冲上传送带并沿传送带向上运动,物块到传送带顶端的速度恰好为零,物块运动的速度--时间图像如图乙所示,已知求:(1)0～2s内物块加速度及传送带底端到顶端的距离(2)物块与传送带间的动摩擦因数；(3)如果物块可以在传送带上留下划痕,求0～4s内传送带上的划痕长度17、（10分）如图甲所示，水平地面上的P点有一质量m=1.0kg的滑块，一轻弹簧左端固定在墙面，右端与滑块接触（不粘连），弹簧处于原长。现推动滑块将弹簧压缩到Q点，PQ间的距离△x=0.20m。t=0时刻释放滑块，利用速度传感器描绘出滑块的图象如图乙中的Oabc所示，其中Oab段为曲线，bc段为直线。Od是速度图象上O点的切线。取g=10m/s2。求：（1）滑块与地面间的动摩擦因数μ；（2）弹簧的劲度系数k；（3）滑块滑动过程中的平均速度。

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、B【解题分析】A．物体受到的合外力越大，加速度越大，但是速度不一定越大，选项A错误；B．根据可知，物体质量一定时，所受合外力越大，加速度越大，选项B正确；C．物体的加速度越大，速度不一定越大，选项C错误；D．物体的加速度一定，速度均匀变化，选项D错误；故选B.2、C【解题分析】对钢管受力分析，受重力、细线的竖直向上拉力、地面竖直向上的支持力；地面对钢管没有静摩擦力，否则水平方向不能平衡。故选C。【题目点拨】受力分析是解力学题的基础，通常按照重力、弹力、摩擦力、已知力的顺序进行，可以结合产生条件、作用效果和牛顿第三定律分析。3、C【解题分析】设小滑块A的质量为m，斜面的倾角为，根据题意可得，施加F前，小滑块A受到的摩擦力为，施加F后，小滑块A受到的摩擦力为，所以摩擦力增大，因为代入可得，即沿斜面方向小滑块仍处于平衡状态，所以仍然以原速度做匀速运动，AB正确；以整体为研究对象可知地面对斜面体的支持力增大，地面对斜面体的摩擦力仍然为零，C正确D错误；考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解4、B【解题分析】A．开始时小处于平衡状态，小明对传感器的压力是500N，则小明的重力约为500N，体重约为50kg，故A错误；BC．小明下蹲动作分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重(小于自身重力)，到达一个最大速度后再减速下降超重(大于自身重力)，站起过程分别有超重和失重两个过程，先是加速上升超重(大于自身重力)，到达一个最大速度后再减速上升失重(小于自身重力)，由图像可知，小明同学先完成“下蹲”动作，再完成“站起”动作，故B正确，C错误；D．由图可知，小明同学对力传感器的最小压力约为200N，则最大加速大小约为故D错误。故选B5、B【解题分析】平板AB从原位置突然竖直向上平移，并停在CD位置这一过程中，应是先加速运动再减速运动到静止。A．开始时两磁铁静止不动，根据平衡状态可知，每个磁铁所受合力为零，在水平方向上每个磁铁受的磁场力与磁铁受到的静摩擦力大小相等。磁铁间的作用力等于磁铁受到的静摩擦力，故A错误；B．磁铁开始滑动时，说明磁铁受到的静摩擦力减小，从而造成两条形磁铁相互靠近，原因是平板正在向上减速运动磁铁出现失重，磁铁对平板AB压力减小，磁铁与平板AB间的摩擦力减小，当摩擦力小于磁铁间的相互吸引力时，磁铁开始滑动并最终碰在一起。故B正确；CD．上升过程中磁铁先超重后失重。故CD错误。故选Ｂ。6、B【解题分析】物体的滑动摩擦力f=μG=10N若F1-F2=f=10N，物体向左做匀速运动，此时F2=5N；若F2-F1=f=10N，物体向右做匀速运动，此时F2=25N；A．4N，与结论不相符，选项A错误；B．25N，与结论相符，选项B正确；C．30N，与结论不相符，选项C错误；D．40N，与结论不相符，选项D错误；故选B。7、BD【解题分析】先对B球受力分析，受到重力mg、A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N，然后根据共点力平衡条件得到A球左移后各个力的变化情况；最后再对整体受力分析，根据平衡条件判断推力F和地面的支持力的变化情况【题目详解】对B球受力分析，受到重力mg、A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N，如图所示：当A球向左移动后，A球对B球的支持力N′的方向不断变化，根据平衡条件结合合成法可以知道A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N都在不断减小，故BD正确；再对A和B整体受力分析，受到总重力G、地面支持力FN，推力F和墙壁的弹力N，如图所示：根据平衡条件，有F=N，FN=G，故地面的支持力不变，推力F随着壁对B球的支持力N的不断减小而不断减小，故AC错误．所以BD正确，AC错误【题目点拨】本题关键是先对小球B受力分析，根据平衡条件得到各个力的变化情况，然后再对A、B整体受力分析，再次根据平衡条件列式分析8、BD【解题分析】AB．由图乙可知，当F＝10N时，加速度为：a＝2m/s2，对A、B整体分析，由牛顿第二定律有F＝（mA+mB）a代入数据解得mA+mB＝5kg当F大于10N时，A、B发生相对滑动，对A根据牛顿第二定律得a==-μg图象的斜率k＝＝＝解得mA＝2kg滑块B的质量为mB＝3kg故A错误，B正确；C．当F大于10N时，A的加速度与F的关系a＝F-μg知当a＝0时，F＝6N，代入解得μ＝0.3故C错误；D．根据F＞10N时，滑块与木板相对滑动，B的加速度为aB＝＝m/s2=2m/s2故D正确。故选BD。9、CD【解题分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出落地的竖直分速度，结合平行四边形定则求出小球的初速度和着地的速度.本题中要注意水平射程是不变的，故速度越大，时间越短.【题目详解】A、小球落地时沿竖直方向和水平方向上的分速度大小分别为，又：联立可得：，故A错误；B、小球下落得高度：故B错误；C、小球落地时沿竖直方向的分速度大小为，小球的速度：故C正确；D、网球发球机出球口与墙面间水平距离为：故D正确.故选CD.【题目点拨】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，注意两个方向上物体的运动性质不同，但时间相同，结合平行四边形定则进行求解即可.10、AC【解题分析】根据速度时间公式求出速度之差，根据位移时间公式求出位移之差，从而分析判断【题目详解】设两个物体的加速度为a，初速度分别为v1、v2．a、b的速度之差△v=（v1+at）-（v2+at）=v1-v2，可知a、b的速度之差保持不变，故A正确，B错误；a、b的位移之差，故C正确，D错误．所以AC正确，BD错误【题目点拨】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式11、AD【解题分析】考查牛顿第二定律的应用。【题目详解】A．由图乙可知，t1时刻两物块开始分离，AB之间无弹力，对A受力分析，设此时压缩量为x2，由牛顿第二定律：解得，A正确；B．初始时均静止，设初始时压缩量为x1，由平衡方程：解得则从开始到分离的位移为：由位移与速度的关系式：解得，B错误；C．t2时刻，A图线的斜率为0，即A物体加速度为零，设此时压缩量为x3，由平衡条件：解得，C错误；D．从开始到t1时刻，由牛顿第二定律：由于弹簧压缩量减小，弹力减小，而加速度a不变，所以拉力F增大；t1到t2时刻，由于AB已经分离，B不受A的作用力，此时由牛顿第二定律：加速度不变，可知，拉力F不变，D正确。故选AD。12、ABD【解题分析】AC．对地静止的物体若相对于和它接触的其他物体发生了相对运动，则也可能用滑动摩擦力；故A正确C错误；B．运动的物体若相对于和它接触的物体是静止的，它也可以受静摩擦力；故B正确；D．滑动摩擦力的方向总是与相对运动的方向相反；故D正确；故选ABD。二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、（1）-10m/s2；32m（2）05（3）20m【解题分析】（1）根据图示图象应用加速度定义式求出加速度，v-t图象与坐标轴形成图形的面积等于物体的位移（2）应用牛顿第二定律求出动摩擦因数（3