2022-2023学年广东省揭阳市普宁市八年级（下）期末物理试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2022-2023学年广东省揭阳市普宁市八年级（下）期末物理试卷一、选择题1.2022年2月6日，不服输、敢拼搏、懂团结的中国女足第9次捧起亚洲杯冠军奖杯(如图)。在比赛过程中(

)A.静止在水平草地上的足球只受重力

B.将足球踢飞说明力可以改变物体的形状

C.在空中运动到最高点的足球受力不平衡

D.草地上滚动的足球因不受力而逐渐停下2.其实，你的前臂就是物理学中的一根杠杆。以下对于这根杠杆在提起重物的过程中，分析不合理的是(

)A.前臂杠杆的支点O在肘关节处

B.重物给前臂的力F2竖直向下且前臂恰好水平时，F2的力臂最大

C.肱二头肌给桡骨的力是动力

3.下列各种动作中，在水平地面上无法保持平衡的是(

)A. B. C. D.4.as如图所示，用绳子把一块橡皮悬挂起来，把橡皮贴近自己的鼻子，稳定后松手，头保持不动，橡皮向前摆去又摆回来，不会碰到鼻子。下列说法正确的是(

)A.橡皮在摆动的过程中机械能保持不变

B.橡皮摆动到最低点时动能最小

C.橡皮在下降过程中，重力势能转化为动能

D.橡皮在上升过程中，重力势能转化为动能5.2022年5月14日国产大飞机C919首飞试验成功(如图)。有网友兴奋地说，中国商飞将可能成为继波音和空客之后的第三大民航飞机制造者。有报道称C919最大起飞质量达77吨，如此庞然大物能飞上天，下列说法中正确的是(

)A.C919不能垂直地面腾空而起，先滑行再起飞是为了让乘客充分欣赏机场景色

B.C919起飞原理是利用了流体压强与流速的关系

C.C919在高空水平飞行时机翼下方空气的流速远大于机翼上方空气的流速

D.C919在长长的跑道上加速滑行再逐渐离地起飞，此过程飞机对地面的压力增大，对地面的压强也增大6.2020年7月2日是全国低碳日，骑车出行是“低碳生活”倡导方式之一。自行车上各部件，属于减小有害摩擦的是(

)A.滚圆坚硬的钢珠 B.花纹规则的轮胎

C.粗糙柔软的把手 D.凸凹不平的脚踏板7.小明拓展了一个实验，将装满水的溢水杯放到电子秤上，再用弹簧测力计挂着铜块，将其缓慢浸入溢水杯的水中，如图所示，在铜块浸入水的过程中，溢水杯底部所受水的压强将____，电子秤的读数将____。(

)A.变大

变大 B.变大

变小 C.不变

变大 D.不变

不变二、填空题8.运动会上，撑杆跳运动员助跑后向上跳起，由于______，运动员在空中会继续向前运动，但是由于______作用，最终落回地面，这一过程中撑杆发生了______形变．9.如图在甲图中刚停止沸腾的水，瓶底浇上冷水，水又重新沸腾，说明液体的沸点随气压减小而______(选填“降低”或“升高”)；乙图中地漏利用______原理防止异味；游泳运动员身穿“鲨鱼皮”泳衣，在游泳时______摩擦力(选填“增大”或“减小”)。

10.如图所示，一装满水的密闭容器放置在水平桌面上，将其倒置后，水平桌面受到的压力______将水对容器底的压强将______，装水容器对桌面的压强将______(均选填“变大”、“变小”或“不变”)11.如图甲，“蹦极”是将一端固定的长弹性绳绑在人的脚踝关节处，从高处竖直跳下的一种极限运动。一名游客蹦极时下落过程的v−t图像如图乙所示(蹦极过程视为在竖直方向的运动，不计空气的阻力)，其中t1时刻，弹性绳处于自然伸直状态，t3时刻游客达到最低点。则0～t1时间段，游客的机械能______(选填“增大”、“不变”或“减小”)，t2～t3时间段，重力对游客______(选填“做功”或“不做功”)，弹性绳的弹性势能在______(选填“t112.如图甲，物体在水平地面上做直线运动，当物体运动的路程和时间图像如图乙时，受到的水平推力为F1，当物体运动的速度和时间图像如图丙时，受到的水平推力为F2。两次物体运动的速度分别为v1、v2，两次推力的功率分别为P1、P2，则v1______v2，F1______F2，P1______P2(均选填“13.辽宁号航母在飞机跑道前端设计了向上翘起的滑跃式甲板，同时在飞机的尾喷管后安装一块阻挡喷出的气体的挡板，如图。在挡板帮助下飞机获得更大的起飞动力，此动力的施力物体是______(选填“挡板”“周围空气”或“喷出的燃气”)。为缩短起飞距离，舰载机最好是______(选填“顺风”或“逆风”)起飞。在某次训练中，当质量达22t的舰载机从跑道上起飞后，航母所受海水的浮力将______(选填“变大”“变小”或“不变”)。14.如图所示，质量不计的木板AB处于水平位置平衡，且可绕O点无摩擦转动，OA=0.2m，OB=0.5m，在A端挂一个重5N的物体甲，另一重2.5N的小滑块乙在水平拉力作用下，以0.1m/s的速度从O点匀速向右滑动，在此过程中，甲对地面的压力______(选填“变大”、“变小”或“不变”)，当小滑块乙向右移动的距离为______m时，物体甲对地面的压强刚好为0，此时小滑块乙在木板上水平滑动的时间为______s。三、作图题15.图中磁性黑板擦吸附在竖直黑板上，画出黑板擦在竖直方向受到的力。

16.利用如图所示的滑轮组拉着重为100N的物体A沿水平方向做匀速直线运动。请画出：滑轮组最省力的绕线情况。17.如图是手压喷壶的上半部分，O点为支点，请画出在A点所用的最小动力F1和阻力F2的力臂l2。

四、实验题18.如图1所示为探究“阻力对物体运动的影响”的实验装置。

(1)分别选用毛巾、棉布和木板进行实验。实验过程中，应将毛巾、棉布平整地铺在______(选填“AB”或“BC”或“AC”)段；(毛巾最粗糙，其次是棉布，木板粗糙程度最小)

(2)第三次实验中，小车冲出木板边缘，______(填“能”或“不能”)得到实验结论，三次实验中，小车运动状态改变最快的是在______表面上；

(3)小车从斜面运动到水平木板上，到达D点时小车的速度为v1，若此时小车所受外力突然消失，当小车到达E点速度为v2，则两者的大小关系是v1______v2；

(4)在此基础上，牛顿总结了伽利略等人的研究成果概括出牛顿第一定律，而不是直接由实验得出，这种研究物理问题的方法叫做______；

(5)一架在空中水平向右匀速直线飞行的飞机上，自由落下了一颗炸弹，下列给出了几种炸弹落地前与飞机关系的情形，如图2所示，请你作出正确的选择：

①不计空气对炸弹的阻力，炸弹与飞机的位置关系为______图；

②实际上，由于空气阻力的存在，炸弹与飞机的位置关系为19.在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”时，同学们提出了如下的猜想：

A、可能跟物体浸入液体的深度有关；

B、可能跟物体的重力有关；

C、可能跟物体浸入液体的体积有关；

D、可能跟液体的密度有关。

为了验证上述猜想，李明做了如题图所示的实验：他在弹簧测力计下端挂一个体积相同的铁块或铜块，依次把它们缓缓地浸入液体中不同位置，在这一实验中：

(1)铁块从位置③到④的过程中，弹簧测力计的示数减小，说明铁块受到浮力______(选填“变大”、“变小”或“不变“)，可以验证猜想______(选填“A、B、C、D“)是正确的。

(2)从位置④到⑤的过程中，弹簧测力计的示数不变，说明铁块受到的浮力不变，可以验证猜想______(选填“A、B、C、D“)是错误的。

(3)分析比较实验①⑤与______，可以验证猜想B是错误的。

(4)分析比较实验______可得：浸在液体中的物体所受浮力的大小与液体的密度有关。

(5)观察以上实验，分析数据可知盐水的密度是______kg/m3。20.小明和小强在测“滑轮组机械效率”的实验中，一位同学组装好如图所示的实验装置，他们分别记下了钩码和弹簧测力计的位置。

(1)实验时，小明在实验操作中拉力的方向应______，且应匀速拉动弹簧测力计。用滑轮组做了三次实验，实验数据记录如表：次数钩码重力G/N钩码上升的亮度ℎ/cm拉力F/N绳端移动的距离s/cm机械效率η11100.53022100.83083.3%31100.54050%(2)根据表中数据可以判断出第一次实验所选择的是______(选填“甲”或“乙”)滑轮组；

(3)第一次实验中滑轮组的机械效率为______；(精确到0.1%)

(4)分析1、2次实验的数据可知，使用相同的滑轮组提升物体时，物体的重力越______(选填“大”或“小”)滑轮组的机械效率越高；

(5)机械效率是机械性能好坏的重要标志，结合生产生活实际，分析实验数据可知，下列提高机械效率的措施不可行的是______(填字母)；

A.增加所提物重

B.减轻机械自重

C.机械加润滑油

D.增加重物上升高度

(6)实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，有同学认为应静止时读数，这样测出的机械效率与钩码匀速运动时相比会______(选填“偏大”“偏小”或“不变”)，因为他没有考虑到______对滑轮组机械效率的影响。五、计算题21.一辆质量为2吨的汽车，在平直公路上以额定功率80kW从静止开始运动，经l5s运动200m恰好达到最大速度，接着匀速运动25s关闭发动机，滑行100m停下。整个过程中v−t图象如图所示。已知汽车在运动过程中受到的阻力为车重的0.2倍，求：

(1)整个过程中发动机做的功。

(2)汽车的最大速度v最大。22.如图甲所示，正方体石料在钢丝绳拉力作用下，从水面上方以恒定不变的速度缓慢下降，直至没入水中。图乙是钢丝绳拉力F随时间t变化的图象。(g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3).求：

(1)石料全部没入水中时受到的浮力。23.风车是利用风力做功的装置．小明制作了一架小风车，他想粗略测定风车在一定风速下做功的功率，实验装置如图所示．

(1)观察实验装置，小明是通过测量细线对______

做功的功率来测定风车做功的功率；

(2)除了图中的实验器材，还必需的测量工具有：天平、______

和______；

(3)实验时，逐渐增加挂在细线下的回形针数量，直到细线恰好缓慢匀速提升回形针为止．若测得回形针匀速上升的高度ℎ、所用的时间t、回形针的总质量m，则风车做功的功率P=______

(表达式中的物理量均用符号表示)；

(4)如果选用较粗重的线做实验，则与选用较细的线相比，测得风车的功率值偏______．24.阅读短文，回答问题。

神奇的天宫课堂2022年3月23日下午，“天宫课堂”第二课在中国空间站正式开讲并直播，神舟十三号乘组航天员霍志刚、王亚平、叶光富进行授课。这是中国空间站第二次太空授课。在约45分钟的授课时间内，航天员相互配合，生动演示了微重力环境下太空冰雪实验、液桥演示实验、水油分离实验，太空抛物实验，这些实验现象跟在地面上的实验现象有非常明显的差别，使无数中学生感受到了太空环境下科学实验的魅力。

王亚平在太空舱中演示了这样一个实验：把一枚“冰墩墩”沿水平方向抛出，“冰墩墩”并没有像在地面上抛出的物体一样落回地面，而是做近乎完美的匀速直线运动。科学计算表明，在太空舱中的物体受到的地球引力大约是在地面附近的88.5%，如果地球对物体的吸引力恰好能使物体绕地球做圆周运动，在太空舱中的物体就好像重力完全消失了一样，物体将处于“完全失重”状态。但是由于地球并非是个完美的球体且密度分布不均匀，并且太空舱在运动中受高空稀薄空气阻力的影响，使得太空舱的运动轨道不是完美的圆形且速度大小会有波动，因此太空舱中的物体也并非处于严格的“完全失重”状态。

(1)王亚平在太空舱中时，相比起在地球，她的质量______，重力______；(选填“变大”、“变小”或“不变”)

(2)“冰墩墩”在太空舱中被抛出后做近似匀速直线运动，主要原因是______；

A.“冰墩墩”受到跟运动方向相同的推力作用

B.地球对“冰墩墩”没有吸引力

C.地球对“冰墩墩”的吸引力很小

D.地球对“冰墩墩”的吸引力绝大部分使它绕地球做圆周运动

(3)地面课堂的同学也同步尝试完成水油分离实验。将瓶子里的水和油摇晃均匀后静置于水平桌面上，水和油会逐渐分离，因为油的密度比水______所以会处于______层。(选填“上”、“中”或“下”)。而在空间站里，不会出现水和油分离的现象，这是因为油在水中______(选填“受到”或“不受”)浮力作用；

(4)航天员长时间驻留在太空舱内，需要进行体育锻炼以保证身体健康，防止身体各部分机能退化。下列可以在太空舱内进行的体育活动有______；

A.跳绳

B.拉弹力带

C.打篮球

D.举重

(5)“天宫课堂”上，航天员叶光富在太空中表演转身，却怎么也转不过去，此时叶光富______(选填“受到”或“不受”)摩擦力的作用。25.如图所示，小玮想估测大气压的大小，她设计的实验方案如下：

A.记录弹簧测力计的示数为F，这就是大气对吸盘的压力。

B.将蘸水的塑料挂衣钩的吸盘放在光滑玻璃板上，用力挤压吸盘。

C.用弹簧测力计钩着吸盘缓慢向上，直到吸盘脱离玻璃板面。

D.量出吸盘与玻璃板接触面的直径，算出吸盘与玻璃板的接触面积为S。

E.根据p=FS，计算出大气压的大小p。

(1)小玮由于疏忽，将前三项的顺序写颠倒了，正确的顺序是______。

(2)实验中小玮将蘸水的吸盘放在光滑玻璃板上，用力挤压吸盘的目的是______。

(3)如果实验中小玮所用的弹簧测力计的量程是0∼5N，吸盘的面积是10cm2，她______(选填“能”或“不能”)测出大气压的大小(设大气压约为1.0×105Pa)。要测出大气压的大小，你认为实验中所选吸盘的面积应尽量______(大/小)一些。

(4)答案和解析1.【答案】C

【解析】解：A、静止在水平草地上的足球受重力和支持力作用，两个力是一对平衡力，故A错误；

B、将足球踢飞说明力可以改变物体的运动状态，故B错误；

C、在空中运动到最高点的足球，受到重力和空气阻力作用，受力不平衡，故C正确；

D、草地上滚动的足球因受到滚动摩擦力而逐渐停下，故D错误。

故选：C。

(1)静止或匀速直线运动的物体受到平衡力作用。

(2)力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。

(3)物体受到非平衡力作用时，运动状态改变。

(4)当一个物体在另一个物体表面滚动时，产生的摩擦力叫滚动摩擦力。

理解物体受力情况与运动状态间的关系、力的两个作用效果，可解答此题。2.【答案】D

【解析】解：AC、用手向上提物体时，人的前臂相当于一个杠杆，肱二头肌给桡骨的力F1是动力，重物给前臂的力F2是阻力，杠杆围绕肘关节转动，因此支点O在肘关节处，故AC正确；

B、重物给前臂的力F2竖直向下且前臂恰好水平时，F2的力臂是整个前臂，此时F2的力臂最大，故B正确；

D、用手向上提起重物时，动力臂小于阻力臂，因此前臂是一根费力杠杆，费力省距离，故D错误。

故选：D。

(1)能绕固定点转动的硬棒叫杠杆，使杠杆转动的力叫动力，阻碍杠杆转动的力叫阻力；

(2)从支点到力的作用线的距离，叫做力臂；

(3)可依据杠杆的动力臂和阻力臂的大小关系，杠杆分为三类：省力杠杆(动力臂大于阻力臂，省力费距离)、费力杠杆(动力臂小于阻力臂，费力省距离)和等臂杠杆(3.【答案】C

【解析】解：A、人受重力和支持力的作用，当二者共线时即可平衡，故A错误；

B、体操运动员受重力、支持力和球的压力作用，当三个力作用在同一直线上时即可平衡，故B错误；

C、人受到的重力和地面对脚的支持力作用，由图可知支持力和重力的作用线不可能在同一直线上，所以健身者在这两个力的作用下不可能平衡，故C正确；

D、人此时所受重力和支持力在同一直线上，能够平衡，故D错误；

故选：C。

在没有其他辅助的情况下，健身者要在水平地面上保持某种姿势，则健身者必须受到平衡力的作用，由于健身者在水平地面上静止时受到重力和支持力的作用，故这两个力必须在同一条直线上。

本题考查二力平衡的条件及其应用，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，且作用在同一物体上的两个力是平衡力。4.【答案】C

【解析】解：A、由于空气阻力的存在，铁锁机械能的总量会逐渐减少，故A错误；

B、铁锁第一次摆动到最低点时，从最高处摆动到最低处，所达到的速度最大，所以动能最大，故B错误；

C、橡皮在下降过程中，质量不变，高度变小，重力势能减小，速度变大，动能增大，是重力势能转化为动能，故C正确；

D、橡皮在上升过程中，质量不变，高度变大，重力势能变大，速度变小，动能减小，是动能转化为重力势能，故D错误。

故选：C。

动能和势能可以相互转化，在最高点时重力势能最大，在最低点时动能最大，物体在从最低点向最高点运动时，动能转化成重力势能，物体在从最高点向最低点运动时，重力势能转化成了动能。由于空气阻力的存在，机械能的总量会逐渐减少。

本题考查摆动物体的能量转化，注意在动能和重力势能转化过程中，有小部分机械能转化成内能。5.【答案】B

【解析】解：

ABC、飞机的机翼上凸下平，飞机飞行时，在相同时间内，空气经过机翼上方的路程长，速度大，压强小；空气经过下方的路程短，速度小，压强大，从而使飞机获得向上的升力，当升力足够大时，飞机能起飞，所以飞机不能垂直地面腾空而起，故AC错误，B正确；

D、C919在长长的跑道上加速滑行再逐渐离地起飞的过程中，飞机受到的升力变大，对地面的压力变小，地面的受力面积不变，根据p=FS，地面受到的压强变小，故D错误。

故选：B。

(1)(2)(3)飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用；

(4)根据飞机的受力情况分析压力的变化，根据p=F6.【答案】A

【解析】解：

A、滚圆坚硬的钢珠是用滚动摩擦代替滑动摩擦，从而减小摩擦力，故A符合题意；

B、轮胎表面做有规则的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B不合题意。

C、粗糙柔软的把手，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不合题意；

D、凸凹不平的脚踏板，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D不合题意；

故选：A。

(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。

(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。

本题考查了影响摩擦力大小的因素，以及增大和减小摩擦的方法，是一道基础题。7.【答案】D

【解析】解：如图所示，当铜块逐渐浸入水中时，被排开的水溢出了溢水杯，水面高度不变，根据液体压强公式p=ρgℎ可知溢水杯的底部受到的压强不变；

溢水杯对电子秤的压力等于杯子的重力、剩余水的重力、金属块对水的压力之和，金属块对水的压力大小等于水对金属块的浮力，水对金属块的浮力等于金属块排开水受到的重力，则溢水杯对电子秤的压力不变，即电子秤的读数不变。

故选：D。

当铜块逐渐浸入水中时，被排开的水溢出了溢水杯，水面高度不变，根据液体压强公式p=ρgℎ可知溢水杯的底部受到的压强变化；

溢水杯对电子秤的压力等于杯子的重力、剩余水的重力、金属块对水的压力之和，金属块对水的压力大小等于水对金属块的浮力，水对金属块的浮力等于金属块排开水受到的重力，据此判断电子秤的读数变化。

本题考查液体压强公式和压强定义公式的灵活运用，属于基础题。8.【答案】惯性；重力；弹性

【解析】解：运动会上，撑杆跳运动员助跑后向上跳起，由于惯性，运动员在空中会继续向前运动；

因为运动员受到重力，且重力方向是竖直向下的，所以由于重力作用，最终落回地面；这一过程中撑杆发生了弹性形变．

故答案为：惯性；重力；弹性．

一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；地面附近的一切物体都受到重力的作用；物体受力时发生形变，撤去外力，形变恢复，这种形变叫弹性形变．

本题以撑杆跳高为背景，考查了惯性、重力、弹性形变知识在其中的应用，体现了物理的无处不在．属基础题．9.【答案】降低

连通器

减小

【解析】解：(1)在甲图中刚停止沸腾的水，瓶底浇上冷水，瓶内水蒸气遇冷液化，液体表面的气压减小，水又重新沸腾，说明液体的沸点随气压降低而降低。

(2)乙图中地漏中倒扣的“碗”状金属片将存水杯分割为两个底部相连而上端开口的容器，这样就构成了一个连通器，当连通器内的水静止时，连通器各容器内水面总是相平的，所以当存水杯中的水面超过“碗”口时，异味就散发不出来。

(3)“鲨鱼皮”泳衣表面比较光滑，游泳运动员身穿“鲨鱼皮”泳衣游泳时减小与水的摩擦力。

故答案为：降低；连通器；减小。

(1)水的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低；

(2)上端开口、底部相连的容器叫做连通器；

(3)根据减小摩擦力的方法分析。

本题考查了沸点与气压的关系、连通器的应用、减小摩擦力的方法，属于基础题。10.【答案】不变；不变。；变小

【解析】解：(1)装满水的密闭容器放置在水平桌面上，其对水平桌面的压力等于容器和水的总重力，

将其倒置后，水的质量不变，容器和水的总重不变，

所以，水平桌面受到的压力将不变；

(2)将其倒置后，水的深度不变，

根据p=ρgℎ可知，水对容器底部的压强不变；

(3)将其倒置后，受力面积变大，

根据p=FS可知，水平桌面受到的压强将变小；

故答案为：不变；不变；变小。

(1)容器对桌面的压力等于容器和容器内液体的总重力，根据容器和水质量的变化情况，可知容器对水平桌面的压力变化；根据p=FS可判断水平桌面受到的压强变化

(2)因容器倒置后，液面深度不变，由液体压强公式11.【答案】不变

做功

t3【解析】解：(1)在0～t1时间段，不计空气的阻力，游客自由下落，游客的重力势能转化为动能，机械能大小不变；

(2)在t2～t3时间段，游客受重力作用，在重力的方向上移动了距离(竖直下落)，重力对游客做功；

(3)弹性绳在t3时刻弹性形变最大，弹性势能最大。

故答案为：不变；做功；t3。

(1)不计空气的阻力，物体在空中下落时，重力势能转化为动能，机械能大小不变；12.【答案】<

=

<

【解析】解：由图乙可知，物体做匀速直线运动，速度为：v1=s1t1=4m2s=2m/s；

由图丙可知，物体仍然做匀速直线运动，速度v2=4m/s，所以v1<v2；

两次物体在水平地面上都做匀速直线运动，物体受到的推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等。两次物体对地面的压力相同、接触面的粗糙程度相同，所以物体受到的摩擦力相同，则两次的推力相同，即F1=F2；

根据公式P=Wt=Fst=Fv可知，由于13.【答案】喷出的燃气

逆风

变小

【解析】解：(1)飞机的尾喷出气体，因为物体间力的作用是相互的，喷出的气体同时会对飞机施加向前的推力，飞机就起飞了，因此帮助飞机起飞的施力物体是喷出的燃气；

(2)因为飞机的机翼通常都做成上面凸起，下面平直的形状，飞机在长长的跑道上加速滑行时，流过机翼上方的空气速度快，流过机翼下方的空气流速慢。机翼上下方所受空气的压力差形成向上的升力。当飞机滑行的速度达到一定值时，机翼所受的升力大于飞机自身的重力，飞机就起飞了。

在舰艇上的跑道不可能很长，飞机逆风起飞时飞机的速度不需要加速到很大，飞机就可相对空气有一个较大的相对速度，从而获得足够的升力。所以舰载机为了顺利升空，最好是逆风起飞好。

(3)因为航母漂浮，所以F浮=G，当舰载飞机起飞后，但自重G减小，则航母所受浮力变小。

故答案为：喷出的燃气；逆风；变小。

(1)物体间力的作用是相互的；

(2)飞机升力产生的原因：飞机的机翼通常都做成上面凸起，下面平直的形状。这样，当飞机起飞时，流过机翼上方的空气流速大，压强小，流过机翼下方的空气流速小，压强大。机翼上下方所受到的压力差便形成向上的升力。

(3)航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，因航母仍漂浮，根据漂浮的条件判断所受浮力的变化。14.【答案】变小

0.4

4

【解析】解：当滑块乙向右移动时，杠杆右边的力不变，力臂逐渐变大，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得，在左边力臂不变的条件下，力要逐渐变大，即物体甲受到绳子对它向上的拉力逐渐变大，甲对地面的压力就逐渐变小。

当物体甲对地面的压强刚好为0时，A端受到竖直向下的力就等于5N，根据杠杆平衡条件可得小滑块乙向右移动的距离为l1=F2l2F1=5N×0.2m2.5N=0.4m，

小滑块乙在木板上水平滑动的时间为t=sv=l1v=0.4m0.1m/s15.【答案】解：黑板擦在竖直黑板上处于静止状态，竖直方向上受平衡力的作用，受竖直向下的重力G和黑板对它竖直向上的摩擦力f，作用点都画在黑板擦的重心上，如图所示：

【解析】力的示意图是用一条带箭头的线段来表示力的三要素。箭头的方向表示力的方向，线段的长短表示力的大小，线段的起点或终点表示力的作用点；黑板擦静止，所以受平衡力的作用，竖直方向上受重力和黑板的摩擦力。

画力的示意图的步骤：①确定受力物体；②在受力物体上画出力的作用点；③确定力的方向后沿力的方向画一条线段；④在线段的末端标箭头，在箭头旁标出所画力的符号、数值大小和单位。16.【答案】解：水平滑轮组中有一个动滑轮，滑轮组最省力时动滑轮上绳子的段数最多，为三段，绳子由动滑轮的左挂钩为连接起点反向绕成，如图所示：

【解析】要使滑轮组最省力，就是使最多的绳子段数通过动滑轮，由此绕线。

滑轮组的组装有两种方法，从定滑轮绕起或从动滑轮绕起，从动滑轮开始绕，承担物重的绳子段数多。17.【答案】解：(1)过支点O向阻力F2的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是阻力F2的力臂l2；如下图所示；

(2)动力最小，即动力臂最长，由图知，当力与杠杆垂直时，OA最长，所以OA作动力臂最长，过A点与OA垂直向下作垂线就得到动力F1【解析】(1)O点为支点，从支点到阻力F2的作用线的距离即为F2的力臂l2；

(2)根据杠杆平衡条件“动力×动力臂=阻力×18.【答案】BC

能

毛巾

等于

理想实验法

乙

甲

【解析】解：(1)如图所示，探究阻力对物体运动的影响时，通过观察小车在不同平面的运动情况，所以在实验过程中，应将毛巾、棉布平整地铺在水平面上，也即是BC段。

(2)第三次实验中，小车冲出木板边缘，仍然能够说明因为木板比较光滑，对小车的阻力较小，所以小车运动的距离较远，速度的变化较慢。

三次实验中，木板最光滑，毛巾最粗糙，实验说明表面越粗糙，对小车的阻力越大，小车运动状态改变越快；所以小车运动状态改变最快的是在毛巾表面上。

(3)小车从斜面运动到水平木板上，到达D点时小车的速度为v1，若此时小车所受外力突然消失，根据牛顿第一定律，小车将以力消失时的速度匀速直线运动，所以当小车到达E点时速度不变，则两者的大小关系为v1=v2。

(4)牛顿第一定律是牛顿总结了伽利略等人的研究成果，在实验的基础上，通过科学推理总结出来的，这种研究物理问题的方法叫做理想实验法。

(5)①如图所示，不计空气对炸弹的阻力，因为炸弹具有惯性，炸弹在水平方向保持之前和飞机一样的运动状态，所以炸弹与飞机的位置关系为乙图。

②如图所示，实际上，由于空气阻力的存在，炸弹离开飞机后，在向右运动的过程中受到向左的阻力，导致炸弹向右运动的速度逐渐减小，所以炸弹与飞机的位置关系为甲图。

故答案为：(1)BC；(2)能；毛巾；(3)等于；(4)理想实验法；(5)乙；甲。

(1)实验中，我们要探究的是阻力对物体运动的影响，根据控制变量法，应控制小车在到达水平面时的初速度相同，只改变接触面的阻力大小，即选用表面粗糙程度不同的接触面；

(2)实验中通过小车运动的距离来反映阻力的影响；小车受到的阻力越大，运动状态改变的越快；

(3)运动的物体在不受力时将保持匀速直线运动状态；

(4)根据实验事实，进行合理的推理，得出相关的结论；19.【答案】变大

C

A

②⑥

⑥⑦

1.2×10【解析】解：(1)铁块从位置③→④的过程中，弹簧测力计的示数减小，说明铁块受到浮力变大，由此可知，物体受到的浮力与物体排开液体的体积有关，由此可知，猜想C是正确的。

(2)从位置④→⑤的过程中，弹簧测力计的示数不变，说明铁块受到的浮力不变，由此可知，物体受到的浮力与物体浸入液体的深度无关，由此可知，猜想A是错误的。

(3)要探究浮力跟物体重力的关系，应控制物体排开水的体积相同，而物体的重力不同，所以应该选择体积相同的铁块和铜块进行实验；由称重法测浮力可知，应分别测出铁块和铜块的重力，并读出铁块和铜块浸没在水中时测力计的示数，故应分析比较实验①⑤与②⑥。

(4)根据⑥⑦中弹簧测力计的示数可知，同一物体铜块在盐水中受到的浮力大于在水中受到的浮力，由此可得，浸在液体中的物体所受浮力的大小与液体的密度有关。

(5)由图中②⑥可得，铜块浸没在水中受到的浮力：F浮=G−F=4.0N−2.0N=2.0N；

由图中②⑦可得，铜块浸没在盐水中受到的浮力：F浮盐=G−F′=4N−1.6N=2.4N；

因物体浸没，故排开液体的体积相等，即V排水=V排盐，

所以，根据F浮=ρ液gV排可得：F浮水ρ水g=F浮盐水ρ盐水g，

则盐水的密度：

ρ盐水=F浮盐水F浮水×ρ水=20.【答案】竖直向上

甲

66.7%

大

D

偏大

摩擦力

【解析】解：(1)探究滑轮组机械效率时，要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数稳定，方便读数；

(2)如图所示，甲图中动滑轮上绕3条绳子，则绳子自由端移动的距离是物体上升高度的3倍；乙图中动滑轮上绕4条绳子，则绳子自由端移动的距离是物体上升高度的4倍；根据表中数据可以看出第一次实验中绳子自由端移动的距离是物体上升高度的3倍，所以可以判断出所选择的是甲滑轮组。

(3)第一次实验中拉力做的有用功为

W有用=Gℎ=1N×0.1m=0.1J

第一次实验中拉力做的总功为

W总=Fs=0.5N×0.3m=0.15J

第一次实验中滑轮组的机械效率为

η=W有用W总×100%=0.1J0.15J×100%≈66.7%

(4)分析1、2次实验的数据可知，其它条件不变，只是第2次实验用的钩码重力比第1次实验的钩码重力大，第2次实验中的机械效率较大；由此可以得出结论：使用相同的滑轮组提升物体时，物体的重力越大，滑轮组的机械效率越高。

(5)A.根据实验可知，增加所提物重，则有用功增大，额外功不变，有用功占总功比例变大，机械效率增大，故A正确，A不符合题意；

B.机械对克服自重做的功是额外功，减轻机械自重就减小额外功，有用功不变，额外功减小，则有用功占总功比例变大，机械效率增大，故B正确，B不符合题意；

C.给机械加润滑油是为了减小摩擦，机械克服摩擦力做的功是额外功，有用功不变，减小了摩擦力，额外功减小，则有用功占总功比例变大，机械效率增大，故C正确，C不符合题意；

D.根据

η=W有用W总=GℎFs=GℎFnℎ=GnF

可知增加重物上升高度，根本不影响滑轮组的机械效率大小，故D错误，D符合题意，故选D。

(6)在本实验中，如果在测力计静止时读数，测量结果会偏大，因为在静止时拉力不克服摩擦力，或者克服较小的摩擦力，计算出来的总功偏小，有用功不变，则机械效率偏大；这位同学没有考虑摩擦力对滑轮组机械效率的影响。

故答案为：(1)竖直向上；(2)甲；(3)66.7%；(4)大；(5)D；(6)偏大；摩擦力。

(1)实验过程中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数稳定，便于读数；

(2)21.【答案】解：(1)由题意可知，整个过程中发动机的工作时间：

t=15s+25s=40s，

由P=Wt可得，整个过程中发动机做的功：

W=Pt=80×103W×40s=3.2×106J；

(2)汽车的重力：

G=mg=2×103kg×10N/kg=2×104N，

因汽车匀速行驶处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，

所以，汽车匀速运动时的牵引力：

F=f=0.2G=0.2×2×104N=4000N，

由P=W【解析】(1)由题意可知，整个过程中发动机的工作时间，根据P=Wt求出整个过程中发动机做的功；

(2)根据G=mg求出汽车的重力，汽车匀速行驶处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据P=W22.【答案】解：

(1)由图象可知：在空气中受到的拉力F1=2.5×104N，

浸没在水中受到的拉力F2=1.5×104N

因为匀速下降浸没水中

石料全部浸没水中受到的浮力F浮=F1−F2=2.5×104N−1.5×104N=1.0×104N；

(2)根据F浮=G排=ρ液V排g

石料的体积V石=V排【解析】(1)分析钢绳拉力随时间t变化的图象，石料以恒定的速度下降，当石块没有浸入水中时，拉力等于重力，据此求出小石料的质量；当石块完全浸入后，浮力等于重力减去拉力，据此求出石料受到的浮力；

(2)根据阿基米德原理求石料排开水的体积(石料的体积)；

(3)根据正方体石料求出石料的边长，分析钢绳拉力F随时间t变化的图象，得出石料没入水中的时间，求出石料下降的速度，当石料浸入水中时，拉力等于1.5×104N，根据P=23.【答案】回形针；刻度尺；秒表；mgℎt；小【解析】解：(1)由实验装置可知，通过测量细线对回形针做功的功率即可粗略测定风车在一定风速下做功的功率；

(2)由W=Gℎ=mgℎ可知，要测细线对回形针做的功需要天平测出回形针的总质量m和刻度尺测出回形针上升的高度ℎ，

由P=Wt可得，要测出细线对回形针做功的功率需要秒表测出所