包铁五中高二下学期期中物理试卷

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精2016—2017学年内蒙古包铁五中高二（下）期中物理试卷一、单选题（本大题共7小题，每题4分，共28分)1．如图为电源、电磁继电器、滑动变阻器、绿灯泡、小电铃、半导体热敏电阻、开关、导线等组成的一个高温报警器电路图，要求是：正常情况绿灯亮，有险情时电铃报警，则图中的甲、乙、丙分别是（)A．小电铃、半导体热敏电阻、绿灯泡B．半导体热敏电阻、小电铃、绿灯泡C．绿灯泡、小电铃、半导体热敏电阻D．半导体热敏电阻、绿灯泡、小电铃2．一弹簧振子做简谐运动，下列说法中正确的是（）A．若位移为负值,则速度一定为正值B．振子通过平衡位置时，速度为零，位移最大C．振子每次经过平衡位置时,位移相同,速度也一定相同D．振子每次通过同一位置时，其速度不一定相同，但位移一定相同3．单摆作简谐运动的回复力是（）A．。摆球的重力B．摆球所受的重力沿圆弧切线方向的分力C．摆球所受重力与悬线对摆球拉力的合力D．悬线对摆球的拉力4．某实验小组在利用单摆测定当地重力加速度的实验中，小组成员在实验过程中有如下做法，其中正确的是（）A．把单摆从平衡位置拉开30°的摆角，并在释放摆球的同时开始计时B．测量摆球通过最低点100次的时间t，则单摆周期为C．用悬线的长度加摆球的直径作为摆长，代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏大D．选择密度较小的摆球，测得的重力加速度值误差较小5．摆球质量一定、摆长为l的单摆竖直悬挂中升降机内，在升降机以恒定的加速度a(a＜g)竖直加速下降的过程中,单摆在竖直平面内做小摆角振动的周期应等于（）A．2π B．2π C．2π D．2π6．如图所示,在一根张紧的水平绳上挂a、b、c、d四个摆,其中a、d摆长相等．让d球在垂直于水平绳的方向摆动起来,则可以观察到的现象是（）A．a、b、c球都摆动起来，a球摆动的周期比c球大B．a、b、c球都摆动起来，a球摆动的周期比c球小C．a、b、c球都摆动起来，a球摆动的幅度比b球大D．a、b、c球都摆动起来,a球摆动的幅度比b球小7．下表记录了某受迫振动的振幅随驱动力频率变化的关系,若该振动系统的固有频率为f固,则（）驱动力频率/Hz304050607080受迫振动振幅/cm10。216.827。228。116.58。3A．f固=60Hz B．60Hz＜f固＜70HzC．50Hz＜f固＜70Hz D．以上三个答案都不对二、多选题(本大题共5小题，每题4分，共20分）8．有两个振动，其表达式分别是x1=5sincm，x2=5sincm，下列说法正确的是（）A．它们的振幅相同 B．它们的周期相同C．它们的相位差恒定 D．它们的振动步调一致9．一弹簧振子做简谐运动,它所受的回复力F随时间t变化的图象为正弦曲线，如图所示，下列说法正确的是（）A．在t从0到2s时间内,弹簧振子做减速运动B．在t1=3s和t2=5s时，弹簧振子的速度大小相等，方向相反C．在t2=5s和t3=7s时，弹簧振子的位移大小相等，方向相同D．在t从0到4s时间内，t=2s时刻弹簧振子所受回复力做功的功率最大10．如图所示，A、B分别为单摆做简谐振动时摆球的不同位置，其中，位置A为摆球摆动的最高位置，虚线为过悬点的竖直线,以摆球最低位置为重力势能零点，则摆球在摆动过程中（)A．摆球位于B处时动能最大B．摆球位于A处时势能最大C．摆球在位置B的机械能等于在位置A的机械能D．摆球在位置B的机械能大于在位置A的机械能11．如图所示为同一地点的两单摆甲、乙的振动图象,下列说法中正确的是(）A．甲、乙两单摆的摆长相等B．甲摆的振幅比乙摆大C．甲摆的机械能比乙摆大D．在t=0。5s时有正向最大加速度的是乙摆E．由图象可以求出当地的重力加速度12．在做“用单摆测定重力加速度"的实验中,有人提出以下几点建议，其中对提高测量结果精确度有利的是（）A．适当加长摆线B．质量相同、体积不同的摆球,选用体积较大的C．单摆偏离平衡位置的角度不能太大D．当单摆经过平衡位置时开始计时，经过一次全振动后停止计时，用此时间间隔作为单摆振动的周期三、填空题（共2小题，每小题3分，满分6分）13．在“用单摆测定重力加速度”的实验中，(1)用游标为10分度的卡尺测量摆球的直径．某次测量的示数如图所示,读出小球直径d=mm；（2）若测量出单摆摆线长为l,摆球的直径为d，用秒表记录下单摆完成n次全振动所用的时间t．则重力加速度g=（用以上字母表示)．14．在“用单摆测重力加速度”的实验中（1）需要测出单摆的摆长L和周期T，再用计算式g=来求当地的重力加速度的值．（2）下列给出的材料中应选择作为摆球与摆线，组成单摆．A．木球B．铁球C．柔软不易伸长的丝线D．粗棉线（3）在测定单摆摆长时，下列的各项操作正确的是A．装好单摆，抓住摆球，用力拉紧，测出摆线的悬点到摆球球心之间的距离B．让单摆自由下垂，测出摆线长度再加上摆球直径C．取下摆线，测出摆线长度后再加上摆球半径D．测出小球直径,把单摆固定后，让小球自然下垂，用刻度尺量出摆线的长度,再加上小球的半径（4）实验中，测得重力加速度的值较当地重力加速度的值偏大,可能的原因是A．摆球的质量偏大B．单摆振动的振幅偏小C．计算摆长时没有加上摆球的半径值D．将实际振动次数n次误记成（n+1）次．(5）若单摆是一个秒摆，将此摆移到月球上，(g月=g地），其周期是．四、计算题（本大题共3小题,15题7分，16题10分，17题14分，共31分．注意：书写规范、简洁）15．某小型实验水电站输出功率P=38KW，输电线路总电阻r=1Ω．（1）若采用U=380V输电，求输电线路损耗的功率P1．（2）若改用U1=10000V高压输电，用户端利用n1：n2=44:1的变压器降压，求用户得到的电压U2．16．如图所示，质量为m的木块放在竖直的弹簧上，m在竖直方向做简谐运动，当振幅为A时，物体对弹簧的压力最小值为物体自重的0.5倍，求：①物体对弹簧压力的最大值；②欲使物体在振动中不离开弹簧，其振幅不能超过多少．17．如图所示，在质量M=5kg的无下底的木箱顶部用一轻弹簧悬挂质量分别为ma=1kg、mb=0.5kg的A、B两物体,弹簧的劲度系数为100N/m．箱子放在水平地面上，平衡后剪断A、B间的连线，A将做简谐运动,求：(g=10m/s2）（1)在剪断绳子后瞬间，A、B物体的加速度分别是多大？（2)物体A的振幅?（3）当A运动到最高点时,木箱对地面的压力大小？

2016-2017学年内蒙古包铁五中高二(下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（本大题共7小题，每题4分，共28分）1．如图为电源、电磁继电器、滑动变阻器、绿灯泡、小电铃、半导体热敏电阻、开关、导线等组成的一个高温报警器电路图，要求是：正常情况绿灯亮，有险情时电铃报警,则图中的甲、乙、丙分别是(）A．小电铃、半导体热敏电阻、绿灯泡B．半导体热敏电阻、小电铃、绿灯泡C．绿灯泡、小电铃、半导体热敏电阻D．半导体热敏电阻、绿灯泡、小电铃【考点】GA:常见传感器的工作原理．【分析】掌握电磁继电器的组成及工作原理，其主要组成部分为电磁铁,电磁继电器就是利用电磁铁来控制电路的，当控制电路电流较小时，电磁铁磁性较弱，不能将衔铁吸下；当控制电路电流增大时，电磁铁磁性增大，将衔铁吸下．【解答】解：根据要求，在常温下热敏电阻甲阻值较大，电磁铁磁性较弱，不能将衔铁吸下，此时绿灯所在电路接通，绿灯亮，所以为是绿灯；温度升高，热敏电阻阻值较小，控制电路电流增大时,电磁铁磁性增大，将衔铁吸下，丙电路断开,乙电路接通电铃响,所以乙为小电铃，B正确．故选B2．一弹簧振子做简谐运动,下列说法中正确的是（）A．若位移为负值，则速度一定为正值B．振子通过平衡位置时，速度为零，位移最大C．振子每次经过平衡位置时，位移相同，速度也一定相同D．振子每次通过同一位置时，其速度不一定相同，但位移一定相同【考点】72：简谐运动的振幅、周期和频率．【分析】质点做简谐运动,其加速度与位移的关系是a=加速度方向与位移方向总是相反,加速度大小与位移大小成正比．速度与位移的变化情况是相反的．【解答】解：A、若位移为负值，由a=﹣，可知加速度一定为正值,而速度有两种可能的方向，所以速度不一定为正值，故A错误．B、质点通过平衡位置时,速度最大，加速度为零，故B错误．C、质点每次通过平衡位置时，位移相同，加速度一定相同，而速度有两种可能的方向，不一定相同，故C错误．D、质点每次通过同一位置时，位移相同，加速度一定相同，因为速度有两种可能的方向，所以速度不一定相同,故D正确．故选：D3．单摆作简谐运动的回复力是（）A．。摆球的重力B．摆球所受的重力沿圆弧切线方向的分力C．摆球所受重力与悬线对摆球拉力的合力D．悬线对摆球的拉力【考点】74：简谐运动的回复力和能量．【分析】单摆振动时，摆球的回复力不是摆球所受重力和摆线作用于摆球的拉力的合力,而是摆球所受重力沿圆弧切线方向的分力．【解答】解：对摆球受力分析可知,摆球受重力和绳子的拉力作用；由于球同时需要回复力和向心力;则可知使摆球作简谐运动的回复力不是所受重力和摆线作用于摆球的拉力的合力，也不是所受重力和沿圆弧运动时的向心力的合力，也不是摆球的拉力沿水平方向的分力，而是摆球所受重力沿圆弧切线方向的分力．故B正确,ACD错误．故选:B．4．某实验小组在利用单摆测定当地重力加速度的实验中，小组成员在实验过程中有如下做法，其中正确的是(）A．把单摆从平衡位置拉开30°的摆角，并在释放摆球的同时开始计时B．测量摆球通过最低点100次的时间t，则单摆周期为C．用悬线的长度加摆球的直径作为摆长，代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏大D．选择密度较小的摆球,测得的重力加速度值误差较小【考点】MF：用单摆测定重力加速度．【分析】摆角很小的情况下单摆的振动才是简谐运动;单摆摆球经过平衡位置的速度最大，最大位移处速度为0，在平衡位置计时误差最小；由单摆的周期公式得出重力加速度的表达式，结合重力加速度的表达式判断测量的误差．【解答】解:A、单摆经过平衡位置的速度最大,在平衡位置计时误差最小．故A错误．B、摆球在一个周期内两次经过平衡位置，测量摆球通过最低点100次的时间t，则单摆的周期T=．故B错误．C、摆长等于悬点到摆球球心的距离，用悬线的长度加摆球的直径作为摆长，测量的摆长偏大，根据g=知，测量的重力加速度偏大．故C正确．D、为减小实验误差因，应选择密度较大的摆球．故D错误．故选：C．5．摆球质量一定、摆长为l的单摆竖直悬挂中升降机内,在升降机以恒定的加速度a（a＜g）竖直加速下降的过程中,单摆在竖直平面内做小摆角振动的周期应等于(）A．2π B．2π C．2π D．2π【考点】MF：用单摆测定重力加速度．【分析】当升降机在竖直方向做匀加速直线运动时，细绳对摆球的拉力增大，摆球在摆动的过程中切向方向的分力增大，从而对摆球的周期产生影响．此时可以使用等效重力加速度的概念来解析．【解答】解:单摆在升降机里向下加速时，摆球没有摆动时其受到的拉力由牛顿第二定律得:mg﹣F=ma，其等效加速度为：g′=g﹣a所以单摆的周期公式为T=故选：D6．如图所示,在一根张紧的水平绳上挂a、b、c、d四个摆，其中a、d摆长相等．让d球在垂直于水平绳的方向摆动起来，则可以观察到的现象是（）A．a、b、c球都摆动起来，a球摆动的周期比c球大B．a、b、c球都摆动起来，a球摆动的周期比c球小C．a、b、c球都摆动起来，a球摆动的幅度比b球大D．a、b、c球都摆动起来，a球摆动的幅度比b球小【考点】7A:产生共振的条件及其应用．【分析】3个单摆中，由d摆摆动从而带动其它3个单摆做受迫振动,受迫振动的频率等于驱动力的频率;受迫振动中，当固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象，振幅达到最大．【解答】解：A、由d摆摆动从而带动其它3个单摆做受迫振动，受迫振动的频率等于驱动力的频率，故其它各摆振动周期跟d摆相同，故AB错误；C、受迫振动中，当固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象，振幅达到最大，由于a摆的摆长与d摆的摆长相等,则a摆的固有频率与d摆的相同，故a摆发生共振，振幅最大，故C正确,D错误；故选:C7．下表记录了某受迫振动的振幅随驱动力频率变化的关系,若该振动系统的固有频率为f固，则（)驱动力频率/Hz304050607080受迫振动振幅/cm10.216。827.228。116.58。3A．f固=60Hz B．60Hz＜f固＜70HzC．50Hz＜f固＜70Hz D．以上三个答案都不对【考点】7A：产生共振的条件及其应用．【分析】做受迫振动的物体，在它的固有频率等于或接近于策动力的频率时，振幅显著增大;如果固有频率和策动力的频率相差较大时，那么受迫振动的振幅就小．【解答】解:固有频率等于驱动力的频率时，振幅最大，固有频率越接近驱动力频率，振幅越大;表格中当驱动力频率为50Hz和70Hz时，振幅最大，说明固有频率在50Hz﹣70Hz之间；故选：C．二、多选题(本大题共5小题，每题4分，共20分)8．有两个振动,其表达式分别是x1=5sincm，x2=5sincm,下列说法正确的是(）A．它们的振幅相同 B．它们的周期相同C．它们的相位差恒定 D．它们的振动步调一致【考点】72：简谐运动的振幅、周期和频率．【分析】简谐运动的表达式为x=Asin（ωt+φ)，A为振幅，ω为圆频率．根据ω=2πf,可求出频率．将所给时间代入振动方程，即可解答．【解答】解：结合简谐运动的表达式为x=Asin（ωt+φ)，A为振幅，ω为圆频率，可知，第一个方程：x1=5sincm；振幅是5cm,圆频率为100π，周期s，初相位为；第二个方程:x2=5sincm；振幅是5cm，圆频率为100π,，初相位为．A、这两个振动具有相等的振幅和圆频率、周期．由于它们的圆频率是相等的，所以它们的相位差恒定．故A正确，B正确,C正确；D、由于它们的初相位不同，所以它们的振动步调不一致．故D错误．故选：ABC9．一弹簧振子做简谐运动，它所受的回复力F随时间t变化的图象为正弦曲线，如图所示，下列说法正确的是（）A．在t从0到2s时间内，弹簧振子做减速运动B．在t1=3s和t2=5s时，弹簧振子的速度大小相等，方向相反C．在t2=5s和t3=7s时,弹簧振子的位移大小相等，方向相同D．在t从0到4s时间内，t=2s时刻弹簧振子所受回复力做功的功率最大【考点】74：简谐运动的回复力和能量．【分析】简谐运动运动回复力F=﹣kx，与位移成正比;根据回复力情况得到位移变化情况并进一步判断速度变化情况．【解答】解：A、在t从0到2s时间内，回复力逐渐变大，由F=﹣kx，知位移增大，说明振子逐渐远离平衡位置，做减速运动，故A正确；B、在t1=3s到t2=5s过程，回复力先减小为零后反向增加，说明先靠近平衡位置后远离平衡位置，故3s和5s速度方向相同；由于3s和5s回复力大小相等,故位移大小也相等,速度大小也相等，故B错误；C、在t1=5s和t1=7s时，回复力相等，根据公式F=﹣kx,位移相同，故C正确；D、在t从0到4s时间内，t=2s时刻弹簧振子速度为零，根据P=Fv，功率为零，故D错误；故选：AC．10．如图所示,A、B分别为单摆做简谐振动时摆球的不同位置，其中，位置A为摆球摆动的最高位置，虚线为过悬点的竖直线,以摆球最低位置为重力势能零点，则摆球在摆动过程中（）A．摆球位于B处时动能最大B．摆球位于A处时势能最大C．摆球在位置B的机械能等于在位置A的机械能D．摆球在位置B的机械能大于在位置A的机械能【考点】74：简谐运动的回复力和能量．【分析】明确单摆在摆动过程中的运动规律，动能、势能的变化．摆球在摆动过程中，从最高位置向平衡位置运动过程中势能不断减小，动能不断增大，在最低点动能最大，势能最小,总机械能守恒．【解答】解：摆球摆动过程中机械能守恒，A为最高位置,势能最大，动能为零，在最低点时，动能最大,势能为零，故AD错误,BC正确．故选：BC．11．如图所示为同一地点的两单摆甲、乙的振动图象,下列说法中正确的是()A．甲、乙两单摆的摆长相等B．甲摆的振幅比乙摆大C．甲摆的机械能比乙摆大D．在t=0。5s时有正向最大加速度的是乙摆E．由图象可以求出当地的重力加速度【考点】76：单摆周期公式．【分析】由图读出两单摆的周期，由单摆的周期公式分析摆长关系；由位移的最大值读出振幅；由于两摆的质量未知，无法比较机械能的大小；根据加速度与位移方向相反，确定加速度的方向．【解答】解:A、由图看出,两单摆的周期相同，同一地点g相同，由单摆的周期公式T=2π得知，甲、乙两单摆的摆长L相等．故A正确．B、甲摆的振幅为10cm,乙摆的振幅为7cm，则甲摆的振幅比乙摆大．故B正确．C、尽管甲摆的振幅比乙摆大，两摆的摆长也相等,但由于两摆的质量未知，无法比较机械能的大小．故C错误．D、在t=0。5s时，甲摆经过平衡位置,振动的加速度为零,而乙摆的位移为负的最大，则乙摆具有正向最大加速度．故D正确．E、由单摆的周期公式T=2π得，由于单摆的摆长不知道，所以不能求得重力加速度．故E错误故选：ABD．12．在做“用单摆测定重力加速度”的实验中，有人提出以下几点建议,其中对提高测量结果精确度有利的是（)A．适当加长摆线B．质量相同、体积不同的摆球，选用体积较大的C．单摆偏离平衡位置的角度不能太大D．当单摆经过平衡位置时开始计时，经过一次全振动后停止计时,用此时间间隔作为单摆振动的周期【考点】78：用单摆测定重力加速度．【分析】为了减小测量误差，单摆摆长应适当长些，便于测量时间．在空气阻力很小、摆角很小的情况下单摆的振动才是简谐运动，应满足条件．采用累积法，测量周期可以减小误差．【解答】解：A、单摆的摆长越长，周期越大，适当加长摆长,便于测量周期．故A正确．B、要减小空气阻力的影响，应选体积较小的摆球．故B错误．C、单摆在摆角很小的情况下才做简谐运动，则单摆偏离平衡位置的角度不能太大，一般不超过5°．故C正确．D、单摆周期较小,把一次全振动的时间作为周期，测量误差较大，应采用累积法，测多个周期的时间取平均值作为单摆的周期．故D错误．故选AC．三、填空题（共2小题，每小题3分，满分6分）13．在“用单摆测定重力加速度”的实验中，(1)用游标为10分度的卡尺测量摆球的直径．某次测量的示数如图所示,读出小球直径d=21。7mm；（2）若测量出单摆摆线长为l，摆球的直径为d，用秒表记录下单摆完成n次全振动所用的时间t．则重力加速度g=(用以上字母表示)．【考点】MF：用单摆测定重力加速度．【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数．（2）摆线长度与摆球半径之和是单摆的摆长,单摆完成一次全振动所需要的时间是一个周期，应用单摆周期公式可以求出重力加速度的表达式．【解答】解:（1）由图示游标卡尺可知，其示数为:21mm+7×0.1mm=21。7mm．（2）单摆的摆长:L=l+，单摆的周期为：T==,由单摆周期公式：T=2π可知重力加速度为:g===；故答案为：（1）21.7；（2)．14．在“用单摆测重力加速度”的实验中（1）需要测出单摆的摆长L和周期T,再用计算式g=来求当地的重力加速度的值．（2）下列给出的材料中应选择BC作为摆球与摆线，组成单摆．A．木球B．铁球C．柔软不易伸长的丝线D．粗棉线（3）在测定单摆摆长时，下列的各项操作正确的是DA．装好单摆,抓住摆球,用力拉紧，测出摆线的悬点到摆球球心之间的距离B．让单摆自由下垂，测出摆线长度再加上摆球直径C．取下摆线,测出摆线长度后再加上摆球半径D．测出小球直径，把单摆固定后，让小球自然下垂，用刻度尺量出摆线的长度，再加上小球的半径（4）实验中,测得重力加速度的值较当地重力加速度的值偏大，可能的原因是DA．摆球的质量偏大B．单摆振动的振幅偏小C．计算摆长时没有加上摆球的半径值D．将实际振动次数n次误记成（n+1)次．（5)若单摆是一个秒摆，将此摆移到月球上,（g月=g地）,其周期是s．【考点】78：用单摆测定重力加速度．【分析】(1）根据T=2,可知g的表达式．（2）单摆在摆动的过程中摆长不能变，空气阻力能忽略．（3)根据实验的要求与减小误差的方法分析即可；（4）根据g=,分析g值偏大的原因．(5）根据单摆的周期公式T=2，通过比较即可得出结论．【解答】解：(1）根据T=2，知g=．（2）单摆在摆动过程中．阻力要尽量小甚至忽略不计,所以摆球选铁球；摆动时摆长不变，所以选柔软不易伸长的丝线．故B、C正确，A、D错误．故选：BC．（3）测定单摆摆长时,先测出摆球的直径，然后固定单摆，让小球自然下垂，测出摆线的长度，摆长等于摆线的长度加上小球的半径．所以选项ABC错误，D正确．故选：D（4）A、根据g=，可知测得的重力加速度与摆球的质量无关．故A错误．B、根据g=,可知测得的重力加速度与振幅无关．故B错误．C、计算摆长时没有加上摆球的半径值，测得的摆长偏小，根据g=，测得重力加速度偏小．故C错误．D、将实际振动次数n次误记成(n+1）次．测得的周期偏小，根据g=，测得的重力加速度偏大．故D正确．故选：D（5）秒摆的周期为2s，将此秒摆移到月球上，根据公式T=2，其周期s故答案为:(1）；（2）BC；（3）D；（4）D；（5)s四、计算题（本大题共3小题，15题7分，16题10分,17题14分，共31分．注意：书写规范、简洁）15．某小型实验水电站输出功率P=38KW，输电线路总电阻r=1Ω．(1）若采用U=380V输电,求输电线路损耗的功率P1．（2)若改用U1=10000V高压输电,用户端利用n1:n2=44：1的变压器降压，求用户得到的电压U2．【考点】EA:远距离输电．【分析】根据功率的计算公式可得输电线上损失的功率；根据即可求得用户得到的电压．【解答】解：（1）输电线路损耗的功率为：P损=（）2R=（）2×1=10KW；（2）改用高压输电后，输电线上的电流强度变为：I′=A=3.8A用户端在变压器降压前获得的电压为：U1=U﹣I′R=V=9996.2V根据用户得到的电压为：U2==×9996。2V=227。19V答：（1）若采用380V输电，求用户得到的功率为10kW；（2）用户端变压前的电压U1为4976V,变压后得到的电压U2为227.1916．如图所示,质量为m的木块放在竖直的弹簧上，m在竖直方向做简谐运动,当振幅为A时，物体对弹簧的压力最小值为物体自重的0.5倍，求：①物体对弹簧压力的最大值；②欲使物体在振动中不离开弹簧,其振幅不能超过多少．【考点】72：简谐运动的振幅、周期和频率．【分析】（1）木块在最高低点时,对弹簧的压力最大．木块在最高点和最低点的加速度大小相等，方向相反，根据牛顿第二定律求出最高点的加速度,从而得知最低点的加速度，根据牛顿第二定律求出木块对弹簧的最大压力．(2)欲使木块不脱离弹簧，知最高点弹簧处于原长，物块的加速度为g，知最低点的加速度也为g