安徽省合肥市巢湖市柘皋中学高二下学期第三次月考物理试卷

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精2016—2017学年安徽省合肥市巢湖市柘皋中学高二（下）第三次月考物理试卷一、单选题（本大题共10小题,共40分）1．1820年,丹麦物理学家奥斯特发现：把一条导线平行地放在小磁针的正上方附近，当导线中通有电流时,小磁针会发生偏转,如图所示．这个实验现象说明(）A．电流具有磁效应 B．电流具有热效应C．电流具有化学效应 D．电流改变了小磁针的磁极2．如图所示，两个完全相同的线圈套在一水平光滑绝缘圆柱上，但能自由移动．若两线圈内通以大小不等的同向电流，则它们的运动情况是（）A．都绕圆柱转动B．以大小不等的加速度相向运动C．以大小相等的加速度相向运动D．以大小相等的加速度背向运动3．如图所示，固定的水平长直导线中通有向右电流I，闭合的矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行．线框由静止释放，在下落过程中（）A．穿过线框的磁通量保持不变B．线框所受安培力的合力为零C．线框中产生顺时针方向的感应电流D．线框的机械能不断增大4．如图（甲）所示，面积S=0。2m2的线圈，匝数n=630匝，总电阻r=1。0Ω,线圈处在变化的磁场中，设磁场垂直纸面向外为正方向,磁感应强度B随时间t按图（乙）所示规律变化,方向垂直线圈平面，图(甲)中传感器可看成一个纯电阻R，并标有“3V，0.9W”，滑动变阻器R0上标有“10Ω,1A”,则下列说法正确的是（)A．电流表的电流方向向左B．为了保证电路的安全，电路中允许通过的最大电流为1AC．线圈中产生的感应电动势随时间在变化D．若滑动变阻器的滑片置于最左端，为了保证电路的安全，图（乙）中的t0最小值为40s5．如图，均匀磁场中有一由半圆弧及其直径构成的导线框,半圆直径与磁场边缘重合;磁场方向垂直于半圆面（纸面)向里，磁感应强度大小为B0．使该线框从静止开始绕过圆心O、垂直于半圆面的轴以角速度ω匀速转动半周，在线框中产生感应电流．现使线框保持图中所示位置,磁感应强度大小随时间线性变化．为了产生与线框转动半周过程中同样大小的电流，磁感应强度随时间的变化率的大小应为（）A． B． C． D．6．一个半径为r、质量为m、电阻为R的金属圆环，用一根长为L的绝缘细绳悬挂于O点，离O点下方处有一宽度为,垂直纸面向里的匀强磁场区域，如图所示．现使圆环从与悬点O等高位置A处由静止释放(细绳张直，忽略空气阻力)，摆动过程中金属环所在平面始终垂直磁场，则在达到稳定摆动的整个过程中金属环产生的热量是（）A．mgL B．mg（+r) C．mg（+r） D．mg（L+2r)7．如图,A、B是两个完全相同的白炽灯，L是自感系数很大、电阻可忽略不计的自感线圈．下面说法正确的是（）A．闭合开关S时，A、B灯同时亮,且达到正常亮度B．闭合开关S时,A灯比B灯先亮,最后一样亮C．闭合开关S时，B灯比A灯先亮，最后一样亮D．断开开关S时,B灯立即熄灭而A灯慢慢熄灭8．国外科研人员设计了一种“能量采集船”,如图所示，在船的两侧附着可触及水面的旋转“工作臂”,每只“工作臂”的底端装有一只手掌状的、紧贴水面的浮标．当波浪引起浮标上下浮动时，工作臂就前后移动，获得电能储存起来．下列电器设备与“能量采集船"获得能量原理相同的是（)A． B． C． D．9．如图所示，理想变压器原线圈接正弦交变电压和一个电流表，原、副线圈的匝数比为n，输出端接一电动机，电动机线圈电阻为R．当输入端接通电源后，电流表的示数为I，电动机带动一重物匀速上升．下列判断正确的是（）A．电动机两端电压U′=nUB．电动机两端电压U′=nIRC．电动机消耗的功率P=D．电动机的输出功率为P=UI﹣n2I2R10．某一电热器接在U=110V的直流电源上，每秒产生的热量为Q；现把它改接到交流电源上，每秒产生的热量为2Q，则该交流电压的最大值Um是（)A．110V B．110V C．220V D．220V二、多选题(本大题共3小题,共12。0分）11．下列图中线圈中不能产生感应电流的是（)A． B． C． D．12．如图所示为一正弦交变电压随时间变化的图象，由图可知（）A．t=0。01s时线框的磁通量最大B．用电压表测量该交流电压时，读数为311VC．交变电流的频率为50HZD．将它加在电容器上时，电容器的耐压值必须大于311V13．如图所示,物体A放置在物体B上,B与一轻弹簧相连，它们一起在光滑水平面上以O点为平衡位置做简谐运动,所能到达相对于O点的最大位移处分别为P点和Q点，运动过程中A、B之间无相对运动．已知物体A的质量为m，物体B的质量为M,弹簧的劲度系数为k，系统的振动周期为T,振幅为L，弹簧始终处于弹性限度内．下列说法中正确的是（）A．物体B从P向O运动的过程中，A、B之间的摩擦力对A做正功B．物体B处于PO之间某位置时开始计时，经T时间,物体B通过的路程一定为LC．当物体B的加速度为a时开始计时，每经过T时间，物体B的加速度仍为aD．当物体B相对平衡位置的位移为x时，A、B间摩擦力的大小等于三、填空题(本大题共3小题,共16分）14．一质点在平衡位置O点附近做简谐运动，它离开O点向着M点运动，0。3s末第一次到达M点，又经过0.2s第二次到达M点，再经过s质点将第三次到达M点．若该质点由O出发在4s内通过的路程为20cm,该质点的振幅为cm．15．如图所示是弹簧振子的振动图象，从图象中可以看出:振子的振幅是cm、频率是Hz．振子在4s内通过的路程是m，该简谐运动的表达式为cm．16．某同学研究竖直方向弹簧振子的运动，已知轻质弹簧的劲度系数为k，小球的质量为m，使小球在竖直方向上作振幅为A的简谐运动,当物体振动到最高点时弹簧正好为原长，并测得振动的频率为f1，则当小球运动到最低点时弹簧的伸长量为；现将振幅变成原来的一半，测得振动频率为f2,则f1f2（选填“大于”“等于”或者“小于”)四、计算题(本大题共3小题，共32。0分)17．有一台内阻为1Ω的太阳能发电机,供给一个学校照明用电，如图所示，升压变压器匝数比为1：4，降压变压器的匝数比为4:1,输电线的总电阻R=4Ω，全校共22个班,每班有“220V40W"灯6盏，若全部电灯正常发光，则①发电机输出功率多大？②发电机电动势多大？③输电效率多少？18．如图所示,在质量M=5kg的无下底的木箱顶部用一轻弹簧悬挂质量分别为ma=1kg、mb=0.5kg的A、B两物体，弹簧的劲度系数为100N/m．箱子放在水平地面上，平衡后剪断A、B间的连线，A将做简谐运动，求：(g=10m/s2)（1）在剪断绳子后瞬间，A、B物体的加速度分别是多大？(2)物体A的振幅?（3）当A运动到最高点时，木箱对地面的压力大小？19．如图所示，竖直放置的U光滑导轨宽为L，上端串有电阻R（其余部分电阻不计)．磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直纸面向里．忽略电阻的金属棒ab的质量为m与导轨接触良好．从静止释放后ab保持水平而下滑，求:（1）ab下滑的最大速度vm？（2）若ab下降h时达到最大速度，则此过程R产生的热量为多少?

2016-2017学年安徽省合肥市巢湖市柘皋中学高二(下）第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（本大题共10小题，共40分）1．1820年，丹麦物理学家奥斯特发现:把一条导线平行地放在小磁针的正上方附近,当导线中通有电流时，小磁针会发生偏转，如图所示．这个实验现象说明（)A．电流具有磁效应 B．电流具有热效应C．电流具有化学效应 D．电流改变了小磁针的磁极【考点】电磁感应现象的发现过程．【分析】本题是电流的磁效应实验，首先是由奥斯特观察到这个实验现象，从而即可求解．【解答】解：当导线中有电流时，小磁针会发生偏转，说明电流将产生能产生磁场,这种现象称为电流的磁效应，首先是由丹麦物理学家奥斯特观察到这个实验现象．故A正确,BCD错误．故选：A．2．如图所示，两个完全相同的线圈套在一水平光滑绝缘圆柱上，但能自由移动．若两线圈内通以大小不等的同向电流，则它们的运动情况是（)A．都绕圆柱转动B．以大小不等的加速度相向运动C．以大小相等的加速度相向运动D．以大小相等的加速度背向运动【考点】楞次定律．【分析】本题的关键是明确两电流间的相互作用规律“同相电流相互吸引，异向电流相互排斥”，并结合牛顿第三定律和牛顿第二定律即可求解．【解答】解：根据电流间相互作用规律“同向电流相互吸引，异向电流相互排斥”可知，两圆环中电流的方向相同，应相互吸引,即彼此相向运动，再根据牛顿第二定律和牛顿第三定律可知，两圆环的加速度大小相等,所以C正确，ABD错误．故选：C3．如图所示,固定的水平长直导线中通有向右电流I，闭合的矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行．线框由静止释放，在下落过程中(）A．穿过线框的磁通量保持不变B．线框所受安培力的合力为零C．线框中产生顺时针方向的感应电流D．线框的机械能不断增大【考点】楞次定律．【分析】根据磁能量形象表示：穿过磁场中某一面积的磁感线的条数判断磁能量的变化．用楞次定律研究感应电流的方向．用左手定则分析安培力，根据能量守恒定律研究机械能的变化．【解答】解:A、线框在下落过程中,所在磁场减弱，穿过线框的磁感线的条数减小，磁通量减小．故A错误．B、由于离导线越远的地方磁场越小，所以线框的上边受到的安培力大于下边受到的安培力，合力的方向向上，故B错误．C、根据安培定则，电流产生的磁场在导线的下方垂直于纸面向里，下落过程中，因为磁通量随线框下落而减小,根据楞次定律，感应电流的磁场与原磁场方向相同，所以感应电流的方向为顺时针方向,故C正确．D、下落过程中，因为磁通量随线框下落而减小，线框中产生电能，机械能减小．故D错误；故选：C．4．如图（甲）所示，面积S=0.2m2的线圈,匝数n=630匝,总电阻r=1.0Ω,线圈处在变化的磁场中，设磁场垂直纸面向外为正方向，磁感应强度B随时间t按图（乙）所示规律变化,方向垂直线圈平面,图(甲）中传感器可看成一个纯电阻R，并标有“3V,0。9W”,滑动变阻器R0上标有“10Ω，1A”，则下列说法正确的是（）A．电流表的电流方向向左B．为了保证电路的安全，电路中允许通过的最大电流为1AC．线圈中产生的感应电动势随时间在变化D．若滑动变阻器的滑片置于最左端，为了保证电路的安全,图（乙）中的t0最小值为40s【考点】法拉第电磁感应定律．【分析】由楞次定律判断感应电流的方向;根据欧姆定律,与公式R=相结合,即可求解；根据闭合电路的欧姆定律与法拉第电磁感应定律，即可求解．【解答】解：A、根据楞次定律，回路中产生顺时针方向的电流，电流表的电流方向向右，故A错误;B、传感器正常工作时电阻为：，工作电流为：变阻器的工作电流是1A所以电路允许通过最大电流为：I=0.3A，故B错误；C、因为恒定,所以根据法拉第电磁感应定律，线圈中产生恒定的感应电动势，故C错误；D、滑动变阻器触头位于最左端时外电路电阻为：电源电动势的最大值为:由法拉第电磁感应定律：得，故D正确；故选：D5．如图,均匀磁场中有一由半圆弧及其直径构成的导线框，半圆直径与磁场边缘重合；磁场方向垂直于半圆面(纸面）向里，磁感应强度大小为B0．使该线框从静止开始绕过圆心O、垂直于半圆面的轴以角速度ω匀速转动半周，在线框中产生感应电流．现使线框保持图中所示位置，磁感应强度大小随时间线性变化．为了产生与线框转动半周过程中同样大小的电流，磁感应强度随时间的变化率的大小应为（）A． B． C． D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．【分析】根据转动切割感应电动势公式，，求出感应电动势，由欧姆定律求解感应电流．根据法拉第定律求解磁感应强度随时间的变化率．【解答】解：若要电流相等，则产生的电动势相等．设切割长度为L,而半圆的直径为d，从静止开始绕过圆心O以角速度ω匀速转动时，线框中产生的感应电动势大小为：…①根据法拉第定律得：…②①②联立得:故BCD错误，A正确，故选：A．6．一个半径为r、质量为m、电阻为R的金属圆环,用一根长为L的绝缘细绳悬挂于O点，离O点下方处有一宽度为，垂直纸面向里的匀强磁场区域，如图所示．现使圆环从与悬点O等高位置A处由静止释放(细绳张直,忽略空气阻力），摆动过程中金属环所在平面始终垂直磁场，则在达到稳定摆动的整个过程中金属环产生的热量是（）A．mgL B．mg（+r） C．mg(+r） D．mg(L+2r）【考点】电磁感应中的能量转化．【分析】金属环穿过磁场的过程中，产生感应电流，金属环中产生焦耳热，环的机械能减少，当金属环在磁场下方，不再进入磁场时，环的机械能不变，环稳定摆动,由能量守恒定律可以求出产生的焦耳热．【解答】解:当环在磁场下方摆动，不再进入磁场时，摆动稳定，金属环中产的焦耳热等于环减少的机械能，由能量守恒定律得:Q=mg（++r)=mg（+r)，故C正确；故选C．7．如图，A、B是两个完全相同的白炽灯，L是自感系数很大、电阻可忽略不计的自感线圈．下面说法正确的是（）A．闭合开关S时,A、B灯同时亮，且达到正常亮度B．闭合开关S时，A灯比B灯先亮，最后一样亮C．闭合开关S时,B灯比A灯先亮，最后一样亮D．断开开关S时,B灯立即熄灭而A灯慢慢熄灭【考点】自感现象和自感系数．【分析】开关K闭合的瞬间,电源的电压同时加到两支路的两端，A灯立即发光．由于线圈的阻碍，B灯后发光,由于线圈的电阻可以忽略,灯B逐渐变亮．断开开关K的瞬间，线圈与两灯一起构成一个自感回路，由于线圈的自感作用，两灯逐渐同时熄灭．【解答】解：A、B、C、开关K闭合的瞬间，电源的电压同时加到两支路的两端，B灯立即发光．由于线圈的自感阻碍，A灯后发光，由于线圈的电阻可以忽略，灯A逐渐变亮，最后一样亮．故AB错误，C正确;D、断开开关K的瞬间，线圈与两灯一起构成一个自感回路,过线圈的电流将要减小，产生自感电动势,相当电源，两灯逐渐同时熄灭，故D错误．故选：C8．国外科研人员设计了一种“能量采集船”，如图所示，在船的两侧附着可触及水面的旋转“工作臂"，每只“工作臂”的底端装有一只手掌状的、紧贴水面的浮标．当波浪引起浮标上下浮动时，工作臂就前后移动,获得电能储存起来．下列电器设备与“能量采集船”获得能量原理相同的是（）A． B． C． D．【考点】电磁感应在生活和生产中的应用．【分析】当波浪引起浮标上下浮动时，工作臂就前后移动，获得电能，该过程将机械能转化为电能．据此选择．【解答】解:根据题意可知，波浪引起浮标上下浮动时，工作臂就前后移动，获得电能储存起来，因此该过程将机械能转化为了电能;根据选项ABC的图示可知,都有电源提供电能，因此它们都消耗了电能,故ABC不符合题意；D中线圈转动时，灯泡发光，说明产生了电能,故将机械能转化为电能，故D符合题意．故选：D．9．如图所示,理想变压器原线圈接正弦交变电压和一个电流表，原、副线圈的匝数比为n，输出端接一电动机，电动机线圈电阻为R．当输入端接通电源后,电流表的示数为I，电动机带动一重物匀速上升．下列判断正确的是(）A．电动机两端电压U′=nUB．电动机两端电压U′=nIRC．电动机消耗的功率P=D．电动机的输出功率为P=UI﹣n2I2R【考点】变压器的构造和原理．【分析】理想变压器的输入功率与输出功率相等,而副线圈与电动机相连，则电动机的输出功率为电动机消耗的电功率与内阻上消耗的热功率之差．【解答】解：A、根据电压与匝数成正比,有，解得电动机两端的电压，故A错误；B、根据电流与匝数成反比，有，解得，电动机是非纯电阻，不能用欧姆定律求电动机两端的电压,故B错误；C、电动机消耗的功率，故C错误;D、电动机线圈的热功率，电动机的输出功率为，故D正确；故选：D10．某一电热器接在U=110V的直流电源上,每秒产生的热量为Q；现把它改接到交流电源上，每秒产生的热量为2Q，则该交流电压的最大值Um是（）A．110V B．110V C．220V D．220V【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【分析】直流和交流求解焦耳热都可以运用焦耳定律，对于交流，要用有效值求解热量．采用比例法处理．根据有效值与最大值关系求出最大值．【解答】解：设电热器的电阻为R．当电热器接在U=110V的直流电源上时，Q=当电热器改接到交流电源上时，2Q=两式一比，得Um=2U=220V．故选C二、多选题（本大题共3小题，共12。0分）11．下列图中线圈中不能产生感应电流的是（)A． B． C． D．【考点】感应电流的产生条件．【分析】根据产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁能量发生变化，进行判断．磁能量可由磁感线的条数分析．【解答】解：A、线圈在磁场中运动，穿过线圈的磁通量没有变化,所以不会产生感应电流；B、线圈离开磁场时,磁通量减小,故有感应电流产生；C、线圈与磁场始终平行，穿过线圈的磁通量为零,没有变化，所以不能产生感应电流．D、在磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量发生变化，发生线圈中产生感应电流．本题选不能产生感应电流，故选:AC12．如图所示为一正弦交变电压随时间变化的图象，由图可知()A．t=0。01s时线框的磁通量最大B．用电压表测量该交流电压时，读数为311VC．交变电流的频率为50HZD．将它加在电容器上时，电容器的耐压值必须大于311V【考点】正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．【解答】解：A由图象知t=0。01s时，感应电动势为零,故此时线圈位移中性面位置，磁通量最大，故A正确B电压表的读数为有效值应为，故B错误C、由图可知周期T=0。02s，故频率f=，故C正确D电容器的耐压值应大于或等于电压的最大值，将它加在电容器上时，电容器的耐压值必须大于311V，故D正确故选：ACD13．如图所示，物体A放置在物体B上，B与一轻弹簧相连,它们一起在光滑水平面上以O点为平衡位置做简谐运动，所能到达相对于O点的最大位移处分别为P点和Q点，运动过程中A、B之间无相对运动．已知物体A的质量为m，物体B的质量为M，弹簧的劲度系数为k，系统的振动周期为T，振幅为L，弹簧始终处于弹性限度内．下列说法中正确的是（)A．物体B从P向O运动的过程中,A、B之间的摩擦力对A做正功B．物体B处于PO之间某位置时开始计时，经T时间，物体B通过的路程一定为LC．当物体B的加速度为a时开始计时，每经过T时间,物体B的加速度仍为aD．当物体B相对平衡位置的位移为x时,A、B间摩擦力的大小等于【考点】简谐运动的振幅、周期和频率．【分析】A和B﹣起在光滑水平面上做往复运动,一起做简谐运动．根据牛顿第二定律求出AB整体的加速度，再以A为研究对象，求出A所受静摩擦力．在简谐运动过程中，B对A的静摩擦力对A做功；【解答】解:A、物体B从P向O运动的过程中，加速度指向O,B对A的摩擦力水平向右，A、B之间的摩擦力对A做正功,故A正确;B、物体B处于PO之间某位置时开始计时，经时间,通过的路程不一定不一定是L，只有物体从最大位移处或平衡位置开始计时，物体B通过的路程才为L,故B错误;C、物体B和A整体做简谐运动,根据对称性,当物体B的加速度为a时开始计时，每经过T时间,物体B的加速度仍为a，故C正确；D、对整体，A、B间摩擦力的摩擦力大小，故D正确;故选：ACD三、填空题（本大题共3小题，共16分)14．一质点在平衡位置O点附近做简谐运动,它离开O点向着M点运动,0.3s末第一次到达M点,又经过0.2s第二次到达M点，再经过1.4s质点将第三次到达M点．若该质点由O出发在4s内通过的路程为20cm,该质点的振幅为2cm．【考点】简谐运动的回复力和能量．【分析】根据质点开始运动的方向,画出质点的运动过程示意图，确定振动周期，再求出质点第三次到达M点还需要经过的时间．振幅等于振子离开平衡位置的最大距离．由振子的运动过程确定振幅．【解答】解：据题质点离开O向M点运动，画出它完成一次全振动的过程示意图如图，则质点振动的周期为T=4×（0。3+×2）s=1.6s,振子第三次通过M点需要经过的时间为t=T﹣0.2s=1。4s．该质点由O出发在4s=2.5T内走过20cm的路程等于10个振幅，即有10A=20cm，则A=2cm．故答案为：1。4，215．如图所示是弹簧振子的振动图象，从图象中可以看出：振子的振幅是2cm、频率是1。25Hz．振子在4s内通过的路程是0。4m，该简谐运动的表达式为y=2sin2。5πtcm．【考点】简谐运动的振动图象．【分析】由题读出周期T，由f=求出频率f;质点在一个周期内通过的路程是4A，根据质点运动的时间与周期的关系，求解路程，由y=Asin2πft写出表达式【解答】解：从图象中可以看出：振子的振幅是2cm,周期为0.8s,故频率为1。25Hz，4s等于5个周期，故振子在4s内通过的路程为s=5×4×2×10﹣2m=0.4m，该简谐运动的表达式为y=2sin2。5πt（cm）故答案为：2，1。25，0。4，y=2sin2。5πt16．某同学研究竖直方向弹簧振子的运动,已知轻质弹簧的劲度系数为k，小球的质量为m,使小球在竖直方向上作振幅为A的简谐运动,当物体振动到最高点时弹簧正好为原长，并测得振动的频率为f1，则当小球运动到最低点时弹簧的伸长量为；现将振幅变成原来的一半，测得振动频率为f2，则f1等于f2（选填“大于"“等于”或者“小于”）【考点】简谐运动的振幅、周期和频率．【分析】简谐运动具有对称性，在最高点重力提供回复力，根据牛顿第二定律列式求解加速度；在最低点加速度与最高点加速度等大、反向、共线，弹簧振子的周期为固有周期，由此可解答．【解答】解：小球做简谐运动的平衡位置处，mg=kx，故x=；当物体振动到最高点时，弹簧正好为原长,可知x=A；所以在最低点时，形变量为2A，故弹力大小为2mg,弹簧伸长量为．弹簧振子的周期为固有周期，故周期不会因为振幅而改变，则频率也就不变．故答案为:、等于．四、计算题（本大题共3小题,共32。0分）17．有一台内阻为1Ω的太阳能发电机，供给一个学校照明用电,如图所示,升压变压器匝数比为1：4，降压变压器的匝数比为4：1，输电线的总电阻R=4Ω，全校共22个班，每班有“220V40W"灯6盏，若全部电灯正常发光，则①发电机输出功率多大？②发电机电动势多大?③输电效率多少？【考点】远距离输电．【分析】（1）求出全校所有白炽灯消耗的功率，为降压变压器的输出功率，根据降压变压器的匝数比求出降压变压器原线圈的电压,根据I=，得出输电线上的电流，从而得出线路上损耗的功率．升压变压器的输出功率等于线路损耗功率和降压变压器的输入功率之和，发电机的输出功率等于升压变压器的输出功率．（2）根据输电线上的电流，求出电压损失,升压变压器的输出电压等于电压损失与降压变压器的输入电压之和，根据I=电压比等于匝数之比，求出升压变压器的输入电压，根据I1=，求出通过发电机的电流，由E=I1r+U1求出发电机的电动势．（3）输出效率η=．【解答】解：（1）全校消耗的功率P用=NP0=22×40×6W=5280W，设线路电流为I线,输电电压为U2,降压变压器原线圈电压为U3，则,,线路损失功率,所以p出=P用+P损=5280+144W=5424W(2）输电线上损失的电压为U损=I线R线=6×4=24V,升压变压器副线圈上的电压为U2=U损+U3=24+880V=904V由得:，升压变压器原线圈电流，发电机的电动势E=I1r+U1=24×1+226V=250VV（3）输电效率为η=答：（1）发电机的输出功率应是5424W；(2）发电机的电动势是250V;（3）输电效率是97。3％．18．如图所示，在质量M=5kg的无下底的木箱顶部用一轻弹簧悬挂质量分别为ma=1kg、mb=0。5kg的A、B两物体，弹簧的劲度系数为100N/m．箱子放在水平地面上，平衡后剪断A、B间的连线，A将做简谐运动，求:（g=10m/s2）（1）在剪断绳子后瞬间,A、B物体的加速度分别是多大？(2）物体A的