安徽省阜阳市临泉一中高二下学期第一次月考物理试卷

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精2016-2017学年安徽省阜阳市临泉一中高二（下)第一次月考物理试卷一、选择题(共6小题，每小题4分,满分24分）1．下列说法正确的是（）A．电场是假想的，并不是客观存在的物质B．描述电场的电场线是客观存在的C．只有体积很小的带电体,才能看做点电荷D．只要穿过闭合电路的磁感线条数发生变化，闭合电路中就有感应电流2．粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行．现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场,如图所示，则在移出过程中线框的一边a、b两点间电势差绝对值最大的是（）A． B． C． D．3．从地面上方同一高度沿水平和竖直向上方向分别抛出两个等质量的小物体，抛出速度大小都是为v，不计空气阻力，对两个小物体以下说法正确的是（)A．落地时的速度大小相同B．落地时重力做功的瞬时功率相同C．从抛出到落地重力的冲量相同D．两物体落地前动量变化率相等4．一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的感应电动势e随时间t的变化规律如图所示，下列说法正确的有（）A．t1时刻线圈位于中性面B．t2时刻通过线圈的磁通量最大C．电动势的有效值为D．一个周期内交变电流的方向改变一次5．如图所示，在光滑的水平面上,有一垂直向下的匀强磁场分布在宽为L的区域内，有一个边长为a(a＜L)的正方形闭合线圈以初速v0垂直磁场边界滑过磁场后速度变为v(v＜v0）,那么（）A．完全进入磁场中时线圈的速度大于B．完全进入磁场中时线圈的速度等于C．完全进入磁场中时线圈的速度小于D．条件不足，无法判断6．如图为模拟远距离输电电路，两理想变压器的线圈匝数n1=n4＜n2=n3，A1，A2，A3为相同的理想交流电流表,当a，b端接入低压交流电源时，则()A．A1，A2的示数相等 B．A1，A2,A3的示数相等C．A1的示数大于A2的 D．A2的示数大于A3的二、多项选择题（共4小题，每小题4分,满分16分）7．如图所示,理想变压器的原、副线圈匝数比为1：5，原线圈两端的交变电压为u=20sin100πtV氖泡在两端电压达到100V时开始发光，下列说法中正确的有（)A．开关接通后，氖泡的发光频率为100HzB．开关接通后，电压表的示数为100VC．开关断开后，电压表的示数变大D．开关断开后，变压器的输出功率不变8．一个质量为0.3kg的弹性小球,在光滑水平面上以6m/s的速度垂直撞到墙上,碰撞后小球沿相反方向运动，速度大小与碰撞前相同，作用时间为0。1s．则碰撞过程中墙壁对小球的平均作用力F和墙壁对小球做功的平均功率大小P为（)A．F=18N B．F=36N C．P=0 D．P=108w9．甲、乙两物体质量相等，并排静止在光滑水平面上，现用一水平外力F推动甲物体,同时在F的相同方向给物体乙一个瞬时冲量I，使两物体开始运动，当两物体重新相遇时(）A．甲的动量为I B．甲的动量为2IC．所经历的时间为 D．所经历的时间为10．如图所示，平行且足够长的两条光滑金属导轨，相距L=0。4m,导轨所在平面与水平面的夹角为30°，其电阻不计．把完全相同的两金属棒（长度均为0。4m)ab、cd分别垂直于导轨放置，并使每棒两端都与导轨良好接触．已知两金属棒的质量均为m=0。1kg、电阻均为R=0。2Ω,整个装置处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，磁感应强度为B=0.5T,当金属棒ab在平行于导轨向上的力F作用下沿导轨向上匀速运动时，金属棒cd恰好能保持静止．(g=10m/s2），则（）A．F的大小为0。5NB．金属棒ab产生的感应电动势为1。0VC．ab两端的电压为1。0VD．ab棒的速度为5。0m/s三、解答题（共2小题，满分18分）11．如图所示，在某次实验中某同学用游标卡尺测了金属丝长度为L=cm，用螺旋测微器测得金属丝的直径，其示数D=mm．12．某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻,现备有下列器材：A．被测干电池一节B．电流表：量程0~0.6A，内阻约为0。3ΩC．电流表:量程0～3A，内阻约为0.1ΩD．电压表:量程0～3V,内阻未知E．电压表：量程0～15V，内阻未知F．滑动变阻器:0～10Ω，2AG．滑动变阻器：0~100Ω,1AH．开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中,由于电流表和电压表内阻的影响,测量结果存在系统误差．在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻．(1)在上述器材中请选择适当的器材：（填写选项前的字母）；（2）实验电路图应选择下图中的（填“甲"或“乙”）；（3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U﹣I图象,则在修正了实验系统误差后,干电池的电动势E=V，内电阻r=Ω．四、解答题(共4小题，满分42分)13．如图所示，水平放置的平行金属导轨，相距l=0。50m,左端接一电阻R=0.20Ω，磁感应强度B=0.40T的匀强磁场方向垂直于导轨平面，导体棒ac垂直放在导轨上，并能无摩擦地沿导轨滑动，导轨和导体棒的电阻均可忽略不计，当ac以v=4。0m/s的速度水平向右匀速滑动时，求：（1）回路中感应电流的大小;(2）维持ac棒做匀速运动的水平外力F的大小．14．如图所示，匀强磁场的磁感应强度B=T，边长L=10cm的正方形线圈abcd共100匝，线圈电阻r=1Ω，线圈绕垂直于磁感线的轴OO1匀速转动，角速度ω=2πrad/s,外电路电阻R=4Ω．求：（1）转动过程中线圈中感应电动势的最大值；（2）电压表的读数;（3)由图示位置（线圈平面与磁感线平行）转过30°角的过程中产生的平均感应电动势．15．如图所示，轻弹簧的两端有质量为2m的B,质量为3m的C两物块固定连接，静止在光滑水平面上，物块C紧靠挡板但不粘连．另一质量为m的小物块A以速度vo从右向左与B发生弹性正碰，碰撞时间极短可忽略不计,所有过程都在弹簧弹性限度范围内，求：（1）A、B碰后瞬间各自的速度；（2)第一次伸长最长时弹性势能．16．某空间存在一竖直向下的匀强电场和圆形区域的匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里,如图所示．一质量为m，带电量为+q的粒子,从P点以水平速度v0射入电场中，然后从M点射入磁场，从N点射出磁场．已知，带电粒子从M点射入磁场时,速度与竖直方向成30°角，弧MN是圆周长的，粒子重力不计．求:（1）电场强度E的大小．（2）圆形区域的半径R．(3）带电粒子从P点到N点,所经历的时间t．

2016—2017学年安徽省阜阳市临泉一中高二（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题(共6小题,每小题4分，满分24分)1．下列说法正确的是（）A．电场是假想的，并不是客观存在的物质B．描述电场的电场线是客观存在的C．只有体积很小的带电体，才能看做点电荷D．只要穿过闭合电路的磁感线条数发生变化，闭合电路中就有感应电流【考点】D2:感应电流的产生条件；A5：电场；A7：电场线．【分析】解答本题需掌握：电场是电荷周围空间里存在的一种特殊物质，电场这种物质与通常的实物不同，它不是由分子原子所组成，但它是客观存在的；电场线是为了直观形象地描述电场分布，在电场中引入的一些假想的曲线，曲线上每一点的切线方向和该点电场强度的方向一致，曲线密集的地方场强强，稀疏的地方场强弱．当两个带电体的大小及形状对它们之间相互作用力的影响可忽略时，两个带电体才可看成点电荷．体积很小或很大的带电体在一定的条件下都可以看成点电荷．根据产生感应电流的条件判断．【解答】解：A、电场是电荷周围空间里存在的一种特殊物质，电场这种物质与通常的实物不同，它不是由分子原子所组成，但它是客观存在的,故A错误；B、电场线是为了直观形象地描述电场分布，在电场中引入的一些假想的曲线,故B错误；C、体积很小或很大的带电体在一定的条件下都可以看成点电荷，只要满足如下条件：当两个带电体的大小及形状对它们之间相互作用力的影响可忽略时,其大小和形状可忽略不计，可以看成点电荷处理．故C错误;D、根据感应电流发生的条件可知，只要穿过闭合电路的磁感线条数发生变化，闭合电路中就有感应电流,故D正确．故选：D2．粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中,磁场方向垂直于线框平面,其边界与正方形线框的边平行．现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场，如图所示，则在移出过程中线框的一边a、b两点间电势差绝对值最大的是（）A． B． C． D．【考点】D9：导体切割磁感线时的感应电动势．【分析】正方形的一条边在磁场中，改边切割磁感线，相当于电源，然后根据闭合电路的有关知识进行求解．【解答】解：磁场中切割磁感线的边相当于电源，外电路由三个相同电阻串联形成，ACD中a、b两点间电势差为外电路中一个电阻两端电压为:U==，B图中a、b两点间电势差为路端电压为：U==，所以a、b两点间电势差绝对值最大的是B图所示；故选:B．3．从地面上方同一高度沿水平和竖直向上方向分别抛出两个等质量的小物体,抛出速度大小都是为v，不计空气阻力，对两个小物体以下说法正确的是（）A．落地时的速度大小相同B．落地时重力做功的瞬时功率相同C．从抛出到落地重力的冲量相同D．两物体落地前动量变化率相等【考点】43：平抛运动;1N：竖直上抛运动．【分析】根据动能定理比较落地时的动能大小,方向不同；通过比较落地时竖直方向上的速度比较重力做功的瞬时功率，通过比较运动的时间比较重力冲量；动量定理求变化率【解答】解：A、根据动能定理，得，两物体落地时,速度大小相同，故A正确；B、根据动能定理两物体落地时，速度大小相等，方向不同，重力做功的瞬时功率p=mgvsinθ,故B错误C、高度相同，平抛时间短,根据动量定理I=mgt，故C错误D、根据动量定理I=mg△t=△p．得动量的变化率,质量相同，所以两物体落地前动量变化率相等，故D正确．故选：AD4．一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的感应电动势e随时间t的变化规律如图所示，下列说法正确的有（）A．t1时刻线圈位于中性面B．t2时刻通过线圈的磁通量最大C．电动势的有效值为D．一个周期内交变电流的方向改变一次【考点】E3：正弦式电流的图象和三角函数表达式；E1：交变电流．【分析】矩形线圈中产生正弦式电流,当线圈通过中性面时，磁通量最大，感应电动势为零,电动势方向发生改变．而当线圈与磁场平行时,磁通量为零，感应电动势最大,磁通量的变化率最大．一个周期内交变电流的方向改变两次．【解答】解:A、t1时刻感应电动势为零，线圈通过中性面，磁通量最大，线圈位于中性面,故A正确;B、由图t2时刻，感应电动势为最大值,通过线圈的磁通量为零,故B错误；C、电动势的有效值为故C正确；D、一个周期内交变电流的方向改变两次．故D错误；故选：AC．5．如图所示，在光滑的水平面上,有一垂直向下的匀强磁场分布在宽为L的区域内，有一个边长为a（a＜L)的正方形闭合线圈以初速v0垂直磁场边界滑过磁场后速度变为v（v＜v0）,那么（）A．完全进入磁场中时线圈的速度大于B．完全进入磁场中时线圈的速度等于C．完全进入磁场中时线圈的速度小于D．条件不足,无法判断【考点】D9:导体切割磁感线时的感应电动势；DD：电磁感应中的能量转化．【分析】线框进入和穿出磁场过程，受到安培力作用而做减速运动，根据动量定理和电量q=I△t分析电量的关系．根据感应电量q=，分析可知两个过程线框磁通量变化量大小大小相等，两个过程电量相等,联立就可求出完全进入磁场中时线圈的速度．【解答】解：对线框进入或穿出磁场过程，设初速度为v1，末速度为v2．由动量定理可知：BL△t=mv2﹣mv1，又电量q=△t，得m（v2﹣v1）=BLq，得速度变化量△v=v2﹣v1=由q=可知，进入和穿出磁场过程，磁通量的变化量相等，则进入和穿出磁场的两个过程通过导线框横截面积的电量相等,故由上式得知,进入过程导线框的速度变化量等于离开过程导线框的速度变化量．设完全进入磁场中时，线圈的速度大小为v′，则有v0﹣v′=v′﹣v，解得,v′=；故B正确，ACD错误．故选：B6．如图为模拟远距离输电电路,两理想变压器的线圈匝数n1=n4＜n2=n3，A1，A2，A3为相同的理想交流电流表，当a，b端接入低压交流电源时,则()A．A1,A2的示数相等 B．A1，A2，A3的示数相等C．A1的示数大于A2的 D．A2的示数大于A3的【考点】E8：变压器的构造和原理．【分析】根据变压器的规律电压与匝数成正比,电流与匝数成反比，功率不变．【解答】解：A、根据变压器的规律电流与匝数成反比,得=,且n1＜n2故A1的示数大于A2故AB错误，C正确;D、同理，A2的示数小于A3的，故D错误故选：C二、多项选择题（共4小题，每小题4分，满分16分)7．如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为1：5，原线圈两端的交变电压为u=20sin100πtV氖泡在两端电压达到100V时开始发光，下列说法中正确的有()A．开关接通后，氖泡的发光频率为100HzB．开关接通后,电压表的示数为100VC．开关断开后，电压表的示数变大D．开关断开后，变压器的输出功率不变【考点】E8:变压器的构造和原理．【分析】根据电压与匝数程正比，电流与匝数成反比,变压器的输入功率和输出功率相等,逐项分析即可得出结论．【解答】解:A、交变电压的频率为Hz，一个周期内电压两次大于100V,即一个周期内氖泡能两次发光，所以其发光频率为100Hz,所以A项正确；B、由交变电压的瞬时值表达式知，原线圈两端电压的有效值为V=20V，由得副线圈两端的电压为U2=100V,电压表的示数为交流电的有效值，所以B项正确；C、开关断开前后,输入电压不变，变压器的变压比不变,故输出电压不变，所以C项错误；D、断开后，电路消耗的功率减小，输出功率决定输入功率，所以D项错误．故选：AB．8．一个质量为0.3kg的弹性小球，在光滑水平面上以6m/s的速度垂直撞到墙上，碰撞后小球沿相反方向运动，速度大小与碰撞前相同，作用时间为0.1s．则碰撞过程中墙壁对小球的平均作用力F和墙壁对小球做功的平均功率大小P为（）A．F=18N B．F=36N C．P=0 D．P=108w【考点】52：动量定理；63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】由于动量是矢量，对于动量的变化量我们应该采用平行四边形法则．对于同一直线上的动量变化量的求解，我们可以运用表达式△P=P2﹣P1，但必须规定正方向．根据动量定理求F运用动能定理求出碰撞过程中墙对小球做功．由P=求平均功率【解答】解:AB、规定初速度方向为正方向，初速度v1=6m/s,碰撞后速度v2=﹣6m/s；△v=v2﹣v1=﹣12m/s，负号表示速度变化量的方向与初速度方向相反;动量变化量为:△P=m•△v=0.3kg×（﹣12m/s)=﹣3。6kg•m/s，由动量定理:F•△t=△p，有,碰撞过程中墙壁对小球的平均作用力F为36N，故A错误，B正确；CD、碰撞前后小球速度大小不变，小球动能不变，对碰撞过程，对小球由动能定理得：W=△Ek=0,碰撞过程中墙对小球做功的大小W为0，平均功率,故C正确，D错误．故选:BC．9．甲、乙两物体质量相等，并排静止在光滑水平面上，现用一水平外力F推动甲物体,同时在F的相同方向给物体乙一个瞬时冲量I，使两物体开始运动，当两物体重新相遇时（）A．甲的动量为I B．甲的动量为2IC．所经历的时间为 D．所经历的时间为【考点】52:动量定理．【分析】相遇时两物位移相同,分别应用运动学公式和动量定理公式表示出位移，可以求得时间和甲的动量．【解答】解：相遇时两物位移相同，对甲：S=，对乙:S=Vt=，联立得t=,甲的动量为Ft=2I故选：BD10．如图所示，平行且足够长的两条光滑金属导轨,相距L=0.4m，导轨所在平面与水平面的夹角为30°,其电阻不计．把完全相同的两金属棒（长度均为0。4m）ab、cd分别垂直于导轨放置,并使每棒两端都与导轨良好接触．已知两金属棒的质量均为m=0.1kg、电阻均为R=0.2Ω,整个装置处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，磁感应强度为B=0.5T,当金属棒ab在平行于导轨向上的力F作用下沿导轨向上匀速运动时，金属棒cd恰好能保持静止．（g=10m/s2），则（）A．F的大小为0。5NB．金属棒ab产生的感应电动势为1.0VC．ab两端的电压为1。0VD．ab棒的速度为5。0m/s【考点】D9:导体切割磁感线时的感应电动势；BB：闭合电路的欧姆定律；CC：安培力．【分析】以两棒组成的系统为研究的对象，通过受力分析即可求出拉力的大小；以cd棒为研究的对象，进行受力分析,由公式F=BIL求出cd棒得出电路中的电流,然后由闭合电路的欧姆定律求出电动势；由U=IR即可求出ab两端的电压；金属棒ab以恒定速度v运动，切割磁感线产生感应电动势，由公式E=Blv求出感应电动势．【解答】解：A、以两棒组成的系统为研究的对象，由于金属棒ab在平行于导轨向上的力F作用下沿导轨向上匀速运动，金属棒cd恰好能保持静止，则系统处于平衡状态，受到的合力等于0,所以沿斜面的方向：F=2mgsin30°=2×0.1×10×0.5=1N．故A错误；B、以cd棒为研究的对象,cd受到的重力沿斜面向下的分力为：Gcd=mgsin30°=0.1×10×0。5=0。5N，由受力平衡则，Gcd=BIL，所以:I===2.5A，金属棒ab产生的感应电动势为:E=IR总=2.5×2×0。2=1。0V．故B正确；C、ab两端的电压是路端电压，即为：Uab=I•R=2.5×0。2=0.5V,故C错误；D、棒ab将沿导轨向上匀速滑动，切割磁感线产生感应电动势：E=BLv，金属棒的速度：v===5m/s．故D正确．故选：BD．三、解答题（共2小题，满分18分）11．如图所示，在某次实验中某同学用游标卡尺测了金属丝长度为L=10.02cm,用螺旋测微器测得金属丝的直径,其示数D=0。900mm．【考点】L3：刻度尺、游标卡尺的使用；L4:螺旋测微器的使用．【分析】解决本题的关键掌握螺旋测微器和游标卡尺的读数方法，螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．【解答】解：游标卡尺的固定刻度读数为10cm,游标尺上第2个刻度游标读数为：0。1×2mm=0.2mm=0。02cm，所以最终读数为：10cm+0.02cm=10。02cm；螺旋测微器的固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0。01×40.0mm=0.400mm，所以最终读数为：0.5mm+0。400mm=0.900mm．故答案为：10.02，0.900．12．某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A．被测干电池一节B．电流表:量程0～0。6A，内阻约为0.3ΩC．电流表：量程0~3A,内阻约为0。1ΩD．电压表：量程0~3V，内阻未知E．电压表：量程0～15V，内阻未知F．滑动变阻器：0～10Ω,2AG．滑动变阻器：0～100Ω，1AH．开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差．在现有器材的条件下,要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻．（1）在上述器材中请选择适当的器材:ABDFH（填写选项前的字母)；（2）实验电路图应选择下图中的乙(填“甲”或“乙”)；（3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U﹣I图象,则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势E=1。5V,内电阻r=1.0Ω．【考点】N3：测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）实验中要能保证安全和准确性选择电表；（2）本实验应采用电阻箱和电压表联合测量，由实验原理选择电路图；(3）由原理利用闭合电路欧姆定律可得出表达式，由数学关系可得出电动势和内电阻．【解答】解：（1）在上述器材中请选择适当的器材:A．被测干电池一节为了读数准确，所以选择B．电流表：量程0～0.6A，D．电压表：量程0～3V，滑动变阻器阻值较小有利于电表的数值变化，减小误差，故选F．滑动变阻器,H．开关、导线若干（2）测量电电动势和内阻的时候,由于电的内阻是很小的，若采用甲图的接法，由于电流表内阻的影响，会使测量电阻偏大，为了减小内阻的测量误差，实验时应选用电路图乙．（3）由U﹣I图可知,电源的电动势为：E=1.50V;内电阻为：r===1。0Ω；故答案为：（1）ABDFH；（2)乙；（3）1.5;1。0．四、解答题(共4小题，满分42分）13．如图所示,水平放置的平行金属导轨，相距l=0.50m，左端接一电阻R=0.20Ω，磁感应强度B=0。40T的匀强磁场方向垂直于导轨平面，导体棒ac垂直放在导轨上，并能无摩擦地沿导轨滑动，导轨和导体棒的电阻均可忽略不计,当ac以v=4.0m/s的速度水平向右匀速滑动时，求：（1）回路中感应电流的大小；（2)维持ac棒做匀速运动的水平外力F的大小．【考点】D9:导体切割磁感线时的感应电动势；BB：闭合电路的欧姆定律；DB：楞次定律．【分析】（1）导体垂直切割磁感线，由磁感应强度B、长度L、速度v，则公式E=BLv求出感应电动势；ac相当于电源,根据闭合电路欧姆定律求解感应电流大小；（2）ac棒做匀速运动，水平外力F与安培力平衡，根据安培力公式F=BIL求解．【解答】解：(1）根据法拉第电磁感应定律，ac棒中的感应电动势为E=Bdv=0.04×0.50×4。0=0。80V感应电流大小为:I===4。0A（2)由于ac棒受安培力：FA=IBl=4。0×0.5×0.4N=0。8N；导体棒匀速运动，拉力和安培力平衡，故外力的大小为0。8N；答：（1）回路中感应电流的大小为4。0A；（2）维持ac棒做匀速运动的水平外力F的大小为0.8N．14．如图所示,匀强磁场的磁感应强度B=T，边长L=10cm的正方形线圈abcd共100匝,线圈电阻r=1Ω,线圈绕垂直于磁感线的轴OO1匀速转动，角速度ω=2πrad/s，外电路电阻R=4Ω．求：(1）转动过程中线圈中感应电动势的最大值；（2）电压表的读数；（3）由图示位置（线圈平面与磁感线平行)转过30°角的过程中产生的平均感应电动势．【考点】E2：交流发电机及其产生正弦式电流的原理．【分析】（1）根据Em=NBL2ω求出转动过程中感应电动势的最大值；（2）根据最大值和有效值的关系求出电动势的有效值，结合闭合电路欧姆定律求出电压表的示数；(3）通过法拉第电磁感应定律，结合磁通量的变化量求出平均感应电动势．【解答】解：（1）设转动过程中感应电动势的最大值为Em，则Em=NBL2ω=．（2）设回路中电流的有效值为I,电阻两端电压的有效值即电压表的读数为U，则=则电压表的示数U=IR=0.4×4V=1。6V．（3）设由图示位置转过30°角的过程中产生的平均感应电动势为E，则，△Φ=BL2sin30°，代入数据解得E=．答：（1）转动过程中线圈中感应电动势的最大值为2V；(2）电压表的读数为1。6V；（3）由图示位置（线圈平面与磁感线平行）转过30°角的过程中产生的平均感应电动势为V．15．如图所示，轻弹簧的两端有质量为2m的B，质量为3m的C两物块固定连接,静止在光滑水平面上，物块C紧靠挡板但不粘连．另一质量为m的小物块A以速度vo从右向左与B发生弹性正碰，碰撞时间极短可忽略不计，所有过程都在弹簧弹性限度范围内，求：（1）A、B碰后瞬间各自的速度；（2)第一次伸长最长时弹性势能．【考点】53：动量守恒定律；6B：功能关系．【分析】（1)A、B发生弹性碰撞，碰撞过程遵守动量守恒、机械能守恒，由动量守恒定律与机械能守恒定律可以求出碰后两物体的速度．(2）在B压缩弹簧过程中，系统机械能守恒，由机械