2022广东省中考物理试卷有解析和试卷分析

2022年广东省初中学业水平考试

物理

本试卷共7页，23小题，满分100分。考试用时80分钟。

一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项

中，只有一项是符合题目要求的。

1.下列关于普通教室内的物理量的估测，符合实际的是（）

A.一根粉笔的质量约为lkgB.课桌的高度约为70cm

C.室内大气压强约为lOOPaD.室温约为60℃

【答案】B

【解析】

【详解】A.一根粉笔的质量约为5g,故A不符合题意；

B.教室内课桌的高度约在70cm〜80cm之间，故B符合题意；

C.室内大气压强约为一个标准大气压，约为1.01X105Pa,故C不符合题意；

D.正常教室内的温度约在20℃〜30℃之间，故D不符合题意。

故选Bo

2.小明发现衣柜里防虫用的樟脑丸会越来越小，此现象属于哪种物态变化（）

A.熔化B.升华C.汽化D,液化

【答案】B

【解析】

【详解】樟脑丸会越来越小是因为樟脑丸逐渐由固体直接变为气体，这属于升华现象。

故ACD不符合题意，B符合题意。

故选Bo

3.下列微观粒子中，尺度最大的是（）

A.原子B.电子C.质子D.中子

【答案】A

【解析】

【详解】原子是由原子核及核外电子组成，而原子核由质子及中子组成，所以尺度最

大的是原子。故A符合题意，BCD不符合题意。

故选Ao

4.下列关于声音的说法，不正确的是（）

A.临街住宅安装双层玻璃可以减弱噪声

B.长期佩戴耳机开大音量听音乐可能损伤听力

C.北京天坛的回音壁利用了声音反射的原理

D.声呐通过次声波的回声定位探索海洋的秘密

【答案】D

【解析】

【详解】A.为了改善室内的居住环境，建筑师在设计窗户时常采用双层玻璃，这样

做的主要优点是：①隔热，②隔声；故A正确，不符合题意；

B.长期戴着耳机听高分贝音量的音乐，有可能损伤鼓膜，致使听力下降，故B正确，

不符合题意；

C.驰名中外的北京天坛里的回音壁，三音石，圜丘三处建筑有非常美妙的声音现象，

它是我国古代建筑师利用声音的反射形成的音响效果，故c正确，不符合题意；

D.声呐利用超声波进行回声定位，而不是利用次声波，故D错误，符合题意。

故选Do

5.关于能量和能源，下列说法正确的是（）

A.煤、石油、天然气都是可再生能源B.电能是一次能源

C.水力发电是将水的机械能转化为电能D,太阳释放的能量是核裂变产生的

【答案】C

【解析】

【详解】A.煤、石油、天然气不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，

故A错误；

B.生活中所使用的电能是从自然界中的一次能源转化而来的，因此电能属于二次能

源，故B错误；

C.水力发电时一，消耗水的机械能，转化为电能，因此水力发电是将水的机械能转化

为电能，故c正确；

D.太阳内部发生的是热核反应，太阳释放的的巨大能量是由核聚变产生的，故D错

误；

故选Co

6.分别使用图中四种装置匀速提升同一重物，不计滑轮重、绳重和摩擦，最省力的是

()

【答案】A

【解析】

【详解】A.不计滑轮重、绳重和摩擦，承重绳子的段数n=3,则拉力

口G物

FI=T

B.不计滑轮重、绳重和摩擦，承重绳子的段数n=2,则拉力

口G物

F2=T

C.定滑轮相当于等臂杠杆，不计滑轮重、绳重和摩擦，则拉力

F3=G^7

D.动滑轮相当于省力杠杆，不计滑轮重、绳重和摩擦，则拉力

□G物

F4=T

综上，四种装置匀速提升同一重物，则最省力的是A中的装置。

故选Ao

7.图中的a表示垂直于纸面的一段导线，它是闭合电路的一部分。当a在下列磁场

中沿图中所示方向运动时，不会产生感应电流的是（）

磁感线磁感线

磁感线磁感线

C.-*D.

rAk八

【答案】D

【解析】

【详解】当闭合电路的一部分导体切割磁感线时，会产生感应电流，而ABC导体都

在切割磁感线，而只有D顺着磁感线运动，不会切割磁感线，故ABC不符合题意，D

符合题意。

故选Do

二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分:

8.班级厨艺展示活动中，用煤气炉烹饪食物主要是通过（选填“做功”或

“热传递”）的方式增大食物的内能；现场香气四溢属于现象，表明分子

在不停地做无规则的运动。活动结束，剩余煤气的热值___________（选填“变大”、“变

小”或“不变”）。

【答案】①.热传递②.扩散③.不变

【解析】

【详解】⑴用煤气炉烹饪食物时，煤气燃烧释放出来的热量主要通过热传递的方式给

食物加热，使食物的内能增加。

⑵现场香气四溢属于扩散现象，说明分子在不停的做无规则运动。

⑶热值是燃料的一种特性，煤气燃烧一部分后，剩余煤气的种类没变，状态没变，则

其热值不变。

9.图表示四冲程汽油机处于冲程。汽车尾气带走的能量__________（选

填“能”或“不能”）自动汇集回来转化成燃料的化学能，这反映了能量的转化具有

【答案】①.排气②.不能③.方向性

【解析】

【详解】⑴由图示知，汽缸的进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，是排气冲程。

[2]⑶燃料燃烧放出的能量中有部分热散失，被尾气带走，而尾气带走的能量不会再自

动变成燃料的化学能，这是因为能量的转化具有方向性。

10.一枚实心纪念币的质量为16g,体积为2cm3,纪念币的密度是g/cm3。

可见，这枚纪念币（选填“是”或“不是”）纯金制成。若宇航员将这枚

纪念币带到太空，其质量（选填“变大”、“变小”或“不变（P金=193

X103kg/m3)

【答案】①.8②.不是③.不变

【解析】

【详解】⑴⑵纪念币的密度

P=£=^^=8g/cm3=8X1（）3kg/n13Vp令=19.3X103kg/m3

由于纪念币的密度小于纯金的密度，则纪念币不是纯金制作的。

网质量是物质的一种属性，它不随形状、状态、位置和温度的改变而变化，因此将

纪念币带到太空，其质量不变。

11.如图所示，电子蜡烛的“烛焰”通过凸透镜在光屏上成一个清晰立的

实像。利用这一成像规律可制成（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”），

若保持蜡烛和光屏的位置不变，仅将凸透镜更换成另一个焦距相同、尺寸更大的凸透

镜，此时光屏上像的大小与原来的像对比应（选填“变大”“变小”或“不

变”）。

【答案】①.倒②.照相机③.不变

【解析】

【详解】⑴[2]由图可知，物距大于像距，即电子蜡烛位于凸透镜的二倍焦距之外，凸

透镜成倒立、缩小的实像，照相机的成像原理与之相同。

⑶凸透镜成像性质是由物距所决定的，实验中保持蜡烛和光屏的位置不变，仅更换焦

距相同、尺寸更大的凸透镜，相当于物距大小不变，此时光屏上所成像的大小不变。

12.家庭电路中，电热水壶应与其他家用电器联。若用电热水壶加热0.8kg的

水，使其温度从30℃升高到80℃,则水吸收的热量是Jo此过程中，电热水

壶实际消耗的电能(选填“大于”“等于”或“小于”)水吸收的热量。［C水=4.2

X103J/(kg•℃)］

【答案】①.并②.1.68X105j③.大于

【解析】

【详解】⑴家庭电路中，电热水壶应与其他家用电器之间互不干扰，都能独立工作,

所以它们是并联的。

⑵用电热水壶加热0.8kg的水，使其温度从30℃升高到80℃,则水吸收的热量

Q=C水mAt=4.2Xl()3j/(kg•℃)X0.8kgX(0.8kg-30℃)=1.68X105J

⑶由于在烧水过程中，水会不断的向外散热，所以电热水壶实际消耗的电能会大于水

吸收的热量。

13.“西塞山前白鹭飞，桃花流水蹶鱼肥"(［唐］张志和《渔歌子》)。图是白鹭在如镜

的水面上飞行的情形。水中的“白鹭”是由光的形成的(选

填“实”或“虚”)像。若水深3m,当白鹭距离水面5m时，它的像距离水面

___________rrio

【答案】①.反射②.虚③.5

【解析】

【详解】⑴［2］平静的水面相当于平面镜，所以水中的“白鹭”相当于平面镜成像，平

面镜成像成的是虚像，其原理是光的反射。

⑶根据平面镜成像的特点，像到镜面的距离等于物体到镜面的距离，故白鹭距离水面

5m时，它的像距离水面5m。

14.图甲中过山车从A点出发，先后经过B、C、D、E点。图乙是过山车在B、C,D、

E点的动能和重力势能大小的示意图，则过山车的动能在点最大，B点重

力势能的大小E点动能的大小。在这个过程中，过山车的机械能是

【答案】①.C②.等于③.变化

【解析】

【详解】（1）⑴过山车在B点重力势能最大，在下降的过程中，重力势能转化为动能，

再加上之前前进的动能，所以在C点动能最大。

⑵由图乙可知，B点的重力势能与E点的动能大小在一个水平线上。所以大小相等。

⑶因为有摩擦以及空气阻力的原因，一部分机械能转化为内能，所以过山车的机械能

是变化的。

三、作图题：本题7分

15.如图所示，物体A保持静止，画出A所受重力G和拉力F的示意图。

•A

【答案】Y

【解析】

【详解】物体A保持静止，受到的重力和拉力是一对平衡力，这两个力大小相等,

方向相反，如下图所示：

lM

非

非

二

*G

16.如图所示，一束光从水中射向水面0点，画出法线、反射光线和大致的折射光线。

【解析】

【详解】一束光从水中射向水面0点，过0点作垂直于分界面的一条虚线，即法线，

根据光的反射定律可知，反射光线与入射光线分居法线两侧，且反射角等于入射角，

据此画出反射光线；根据光的折射定律可知，折射光线与入射光线分居法线两侧且不

在同一介质中，由于光从水中射入空气，所以折射角大于入射角，据此画出折射光线，

17.如图所示，画出通电螺线管中的电流方向和它外部磁感线a的方向。

【详解】由图可知，电流从正极出发，回到负极，根据安培定则可知，右手握住通电

螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指方向，即通电螺线管的右端为N极，磁感线

由N极出发，回到S极，如图所示:

四、实验题：本大题共3小题，第16小题7分，第1、18小题各6分，共19分。

图中，刻度尺的分度值是木块的长度为

18.mm,cmo

Ocm1234

【答案】①.1（2）.3.80

【解析】

【详解】图示刻度尺1cm又分为10个小刻度，故最小刻度值为1mm；木块起始

端对应的刻度值为；末端对应的刻度值为木块长度为

0.00cm3.80cm,3.80cmo

【点睛】刻度尺相邻刻度线间的距离是刻度尺的分度值，由图示刻度尺确定刻度尺的

分度值，物体端点与刻度尺零刻度线对齐，物体另一端点所对应刻度尺的示数是物体

的长度。

19.与毛皮摩擦过的橡胶棒因得到电子而带电。用带电的橡胶棒接触验电

器的金属球，金属箔张开，如图所示。这两片金属箔带种电荷。

【答案】①.负②.同

【解析】

【详解】⑴摩擦起电的实质是电子的转移，与毛皮摩擦过的橡胶棒得到电子而带负电,

毛皮失去电子而带正电。

⑵验电器的两片金属箔带上了同种电荷，同种电荷相互排斥，所以金属箔片会张开。

20.体温计是根据液体的规律制成的。体温计离开人体后，直管内的水银

（选填“能”或“不能”）自动退回玻璃泡，所以体温计能离开人体读数。图

中的体温计示数是℃O

3637

【答案】①.热胀冷缩②.不能③.36.5

【解析】

【详解】⑴体温计属于液体温度计，玻璃泡内装有液态的水银，工作时利用液体的热

胀冷缩的性质来测量人的体温。

[2]由于体温计的玻璃泡和直玻璃管之间有一个很细的弯管，在温度下降时水银在细弯

管处断开而不能自动流回到玻璃泡内，因此体温计能离开被测人体读数。

⑶体温计的测量范围为35〜42℃,体温计的一个大格表示1℃,里面有10个小格,

分度值为0二℃,则图中体温计的示数为36.5C。

21.在“探究杠杆的平衡条件”实验中：

(1)小明安装好杠杆后，发现其左端下沉，如图甲所示。为使杠杆在水平位置平衡,

应将平衡螺母向调节；

(2)如图乙所示，杠杆调节平衡后，在A处悬挂3个钩码，每个钩码重0.5N。如

果在B处施加一个拉力使杠杆在水平位置再次平衡，当方向为时，拉力

最小，大小为N；

(3)课后，小明制作了一个简易杠杆，调节杠杆在水平位置平衡，然后在它两边恰当

位置分别放上不同数量的同种硬币，使其在水平位置再次平衡，如图丙所示，则力臂

h：12=。若两边同时各取走一枚硬币，则杠杆的端将下沉。

【答案】①.右②.竖直向下③.2④.4：1⑤.左

【解析】

【详解】(1)⑴由图甲知，杠杆的左端下沉，应向右调节平衡螺母才能让杠杆在水平

位置平衡。

(2)⑵⑶在B处施加的动力方向竖直向下时，对应的动力臂最大。据杠杆的平衡条

件，阻力和阻力臂不变时，动力臂最大，对应的动力最小。杠杆在水平位置平衡时，

有

3XO.5NX4/=FIX3/

解得最小拉力

Fi=2N

(3)[4]由图示知，左边对杠杆的作用力为2个硬币的重力，右边对杠杆的作用力为4

个硬币的重力，设每个硬币的重力为G,则有

G1：G2=2G：4G=1：4

据杠杆的平衡条件有

h：^2=^2：Gi=4：1

⑸在两边同时取走一枚硬币，则左边和右边分别是

(2G-G)x|1=GXZ1=4G/2

（4G-G）X/2=3G/2

所以杠杆的左端下沉。

22.图甲是测量小灯泡在不同电压下电阻的实验电路图（小灯泡额定电压为1.5V）O

（1）小明按电路图连接实物，刚接上最后根导线,看到电流表指针立刻有偏转。若电

路连线正确，造成这种异常现象的原因是0

（2）实验中，调节滑动变阻器，分别记录电压表和电流表的示数如下:

测量次序12345

电压U/V1.81.51.0—0.3

电流I/A0.320.300.26—0.18

①第4次测量对应的电压表和电流表示数如图乙所示，此时小灯泡两端的电压是

V,通过它的电流是Ao

②小灯泡正常发光时的电阻是。。

③第5次测量中，小灯泡不发光。小明断定是灯丝断了。这个判断是（选

填“正确”或“错误”)的，理由是0

【答案】①.连接电路时，开关没有断开②.0.6③.0.22④.5⑤.错误⑥.见解析

【解析】

【详解】(1)⑴由题意可知，刚接上最后根导线，看到电流表指针立刻有偏转，说明

电路是一个通路，所以造成这种异常现象的原因是连接电路时，开关没有断开。

(2)[2]由图乙中的电压表图可知，电压表选择的量程为0〜3V,根据指针所在的位置

可得，该电压表的示数为0.6Vo

⑶由图乙中的电流表图可知，电流表选择的量程为。〜0.6A,根据指针所在的位置可

得，该电流表的示数为0.22A。

⑷由题意可知，小灯泡额定电压为1.5V,再由表格可知，当小灯泡两端电压为额定电

压时，通过小灯泡的电流为0.3A,根据欧姆定律/可得小灯泡正常发光时的电阻是

R=—=—=5Q

I额0.3A

⑸⑹小灯泡不发光，小明断定是灯丝断了，这个判断是错误的，因为若是小灯泡灯丝

断了，那么电压表将串联在电路之中，此时电压表的示数将接近于电源电压，电流表

的示数接近于0,根据表格中的数据可知，与实际情况不符，所以不是小灯泡灯丝断

了，故小明的判断是错误的。

五、计算题：本大题共2小题，第19小题7分，第20小题6分，共13分

42

23.图中某智能机器人的质量为80kg,其轮子与水平地面接触的总面积为5X10-mo

在水平地面上工作时，该机器人匀速直线移动的速度为lm/s,所受阻力是机器人重力

的0.05倍。求:(取g=10N/kg)

(1)机器人对水平地面的压强；

(2)机器人在水平地面上匀速直线移动时的牵引力；

(3)机器人在水平地面上匀速直线移动30s,此过程中牵引力做的功。

【答案】(1)1.6X106Pa；(2)40N；(3)1200J

【解析】

【详解】解：(1)机器人的重力

G=mg=80kgX10N/kg=800N团团

机器人对水平地面的压强

806

P=-=-=°^2=1,6X10Pa

SS5xl0-4m2

(2)机器人在水平地面上匀速直线移动时，受平衡力，牵引力等于阻力，则牵引力

F=/=0.05G=0.05X800N=40N回团团

(3)机器人在水平地面上匀速直线移动30s移动的距离

s=vt=lm/s30s=30m团团

此过程中牵引力做的功

W=Fs=40Nx30m=1200J团团

答：(1)机器人对水平地面的压强是1.6Xl()6pa；

(2)机器人在水平地面上匀速直线移动时的牵引力是40N；

(3)机器人在水平地面上匀速直线移动30s,此过程中牵引力做的功是1200Jo

24.某电热取暖器的简化电路如图所示，R、%为发热电阻。取暖器工作时，通过开

关Si和52实现低温、高温的挡位控制。已知高温挡功率为1320W,/?j=55Qo求：

(1)取暖器工作时通过匕的电流；

(2)取暖器处于低温挡时，工作lmin产生的热量；

(3)/?2的阻值。

【答案】(1)4A；(2)52800J；(3)110H

【解析】

【详解】解：(1)由电路图知，两个开关都闭合时，两个电阻并联在电路中，电路中

的总电阻较小，据P=?知，电路中的总电功率较大，处于高温挡；Si闭合、S2断开时，

电路中只有匕工作，电路中的电阻较大，据P=1知，电路中的总电功率较小，处于低

温挡。此时通过⑹的电流

(2)电热取暖器处于低温挡时，功率

P低湿=Uk1=220Vx4A=880W

工作lmin产生的热量

Q=P彳氐温t=880Wx60s=52800J

(3)高温挡工作，/?2消耗的功率

P2=「高温-P低温=1320W-880W=440W

所以7?2的阻值

D_U2_(220V)2

LX.7=-=110Q

'P2440W

答：(1)取暖器工作时通过的的电流为4A；

(2)取暖器处于低温挡时，工作lmin产生的热量为52800J；

(3)/?2的阻值为11。。。

六、综合能力题：本大题共3小题，第21小题7分，第22、23小题各6分，共

19分。

25.我国自主研制的载人深潜器下潜深度已突破10000m,在载人深潜领域达到世界领

33

先水平。(取P通卜=L03X103kg/m3,p=i,0X10kg/m,g=10N/kg)

(1)潜水艇活动的海水深度一般为300m至600mo它可以通过水舱排水或充水来改

变,从而实现浮沉；

(2)深潜器可进入更深的水域，在10000m的深处，海水产生的压强为Pao

由于深海海水压强太大，深潜器实现浮沉的方法与潜水艇有所不同；

(3)小明阅读资料后，利用图的装置模拟深潜器在水中的运动过程。物体甲、乙由一

条细线连接且在水中处于静止状态，已知乙的质量为0.2kg,体积为25cm3,则乙所

受浮力的大小为N,乙受到细线的拉力为No若剪断细线，甲

将(选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”)，此时甲所受浮力(填

字母)。

A.增大，且大于重力B.不变，且等于重力

C.不变，且大于重力D.减小，且小于重力

【答案】①.自身重力②.1.03X108③.0.25(4).1.75⑤.上浮⑥.C

【解析】

【详解】(1)⑴由于潜水艇排开水的体积不变，所受浮力不变，当它向水舱充水或向

外排水时，改变了自身的重力，从而实现上浮或下沉。

(2)[2]深潜器在10000m深处受到海水的压强

338

p=p,^zl<gh=1.03xl0kg/mxl0N/kgxl0000m=1.03xl0Pa

（3）⑶由图可知，乙在水中浸没且处于静止状态，则乙所受浮力

33-63

F^z=p^gV^=p^gVz=10kg/mX10N/kgX25X10m=0.25N

⑷物体乙的重力

G/=m乙g=O.2kgX10N/kg=2N

物体乙受到竖直向下的重力、竖直向上的细线的拉力和浮力的作用而静止，则物体乙

受到细线的拉力

尸如线=G^-F浮乙=2N-0.25N=1.75N

⑸⑹物体甲在水中浸没且静止，受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和细线的拉力

而处于平衡状态，则

F浮声G时F细线

若剪断细线，细线对物体甲的拉力消失，物体甲排开水的体积不变，即物体甲所受浮

力不变，物体甲的重力也不变，则物体甲所受浮力大于物体甲的重力，物体甲将上浮。

故ABD不符合题意，C符合题意。

故选Co

26.题22图甲为部分电磁波的频率分布示意图。

（1）由图可知，紫外线（选填“是”或“不是”）电磁波。它在真空中的

传播速度约为m/so

（2）下列实例中，属于紫外线应用的是（填字母）。

A.遥控器控制电视B.体检时拍X光片

C.医院杀菌消毒灯D.“测温枪”测量体温

（3）少量的紫外线照射是有益的，过量的紫外线照射会损伤皮肤。紫外线能使荧光物

质发光，小明想检验某防晒霜对紫外线的阻挡作用，利用图乙所示的实验装置在暗室

及一定防护下进行实验。

步骤一：如图乙所示，固定好紫外线灯和涂有荧光物质的硬纸板，将一块大小合适的

玻璃板放置在（选填"I”"II”或“III”）区域，且调整玻璃板与硬纸板

平行；

步骤二：打开紫外线灯，荧光物质发光；

步骤三：关闭紫外线灯，荧光物质不发光；

步骤四：按产品的说明书要求在玻璃板上均匀涂满防晒霜，再次打开紫外线灯，荧光

物质有微弱发光。由此可推断，该防晒霜（选填“能”或“不能”）阻挡

全部紫外线。

【答案】①.是②.3.0X108③.C④.n⑤.不能

【解析】

【详解】（1）[1]因为光是电磁波的一种，而紫外线又属于看不见得光，所以紫外线属

于电磁波。

⑵光在真空中的传播速度是3X1O8/S,而紫外线属于看不见得光，所以紫外线在真

空中的传播速度约为108/s。

（2）⑶A.遥控器是利用红外线可以进行遥控来工作的，故A不符合题意；

B.拍X光片利用的是X射线，不属于紫外线，故B不符合题意；

C.医院杀菌消毒灯，利用的是紫外线具有杀菌作用，故C符合题意；

D.测温枪的工作原理是利用红外线的热效应，故D不符合题意。

故选Co

（3）⑷由题意可知，小明要检验某防晒霜对紫外线的阻挡作用，因为光沿直线传播,

所以应该把玻璃板放在紫外线灯和涂有荧光物质的硬纸板之间，观察荧光物质的发光

情况；然后在玻璃板上均匀涂满防晒霜，观察荧光物质的发光情况，通过对比，得出

某防晒霜对紫外线是否有阻挡作用。

⑸由题意可知，在玻璃板上均匀涂满防晒霜，再次打开紫外线灯，荧光物质有微弱发

光，说明仍有部分紫外线照射在荧光物质上，所以该防晒霜不能阻挡全部紫外线。

27.阅读下列短文，回答问题。

直流充电桩

直流充电桩是一种为电动汽车补给能量的装置，如图甲所示，它能够将电网中的交流

电转化为直流电，再将电能充入汽车动力电池（以下简称电池）。通常，直流充电桩比

交流充电桩的充电电压更高、电流更大，因而可实现快速充电。

P/kW

030%40%50%60%70%80%90%100%D

甲乙

设电池当前储能占充满状态储能的百分比为Do充电时，充电桩的充电功率P会随着

电池的D的变化而变化，同时用户还可以通过充电桩显示屏了解充电过程中的其他相

关信息。现实际测试一个直流充电桩对某辆电动汽车的充电性能。假定测试中充电桩

输出的电能全部转化为电池的储能。充电前，D为30%,充电桩显示屏中充电时长、

充电度数、充电费用示数均为0o开始充电后，P与D的关系如图乙所示（为方便计

算，图像已作近似处理），充满后，立即停止充电。当D达到70%时充电桩显示屏的

部分即时信息如下表。

充电电压(V)充电电流(A)充电时长(min)充电度数(kW-h)充电费用(元)

4004524.028.80

(1)通常，直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大，故充电功率更

(2)在D从30%增至70%的过程中，充电功率大致的变化规律是o当D

为70%时-，充电电流为A；

(3)若充电过程中充电电费单价不变，则测试全过程的充电费用为元；

(4)设D从70%增至80%所需时间为%从80%增至90%所需时间为名且t1：

t2=2：3,则测试全过程的充电总时长为mine

【答案】①.大②.先变大，后不变③.10072⑤.109

【解析】

【详解】(1)[1]直流充电桩比交流充电桩的电压更高、电流更大，据P=UI知，充电功

率会更大。

(2)[2]由图乙知，D由30%到55%时一，充电功率变大，D由55%到70%时，充电功

率保持不变，所以D从30%增至70%的过程中，充电功率先变大，再保持不变。

⑶由图乙知，D为70%时，充电功率为40kWo由表格数据知，充电电压为400V,

据P=UI知，充电电流

(3)⑷由表格数据知，D为70%时,消耗的电能为24.0kW-h,充电费用为28.80元。

则每度电的费用

.28；/.2元/kW-h

24.0kWh'

充满电时，需要消耗的电能

皿二经二24.0kWh=60kW-h

r)70%-30%

测试全过程的充电费用为

60kW-hxl,2元/kW,h=72元

(4)[5]D从80%增至90%,消耗的电能

W2=7]W=(90%-80%)X60kW-h=6kW-h

由图乙知，这个过程充电功率15kW,用时

W_6kW-h

^2=2•=0.4h=24min

P215kW

那么，D从70%增至80%用时

22

ti=-12=-x24min=16min

D从90%增至100%的充电功率与80%增至90%的相同，用时相同，所以整个过程充

电时长

=

t=t0+t1+t2+t34,5min+16min+24min+24min=109min

2022年广州中考物理试题评析

主要特点有：

1.围绕立德树人，落实五育并举。

试题体现育人导向，通过情境充分发掘考试评价的育人价值，落实学生德、智、体、

美、劳全面发展这一育人目标。例如结合学生健身运动信息考查机械运动基本概念；

结合我国古代乐器“编钟”考查声学基本概念；结合工人劳动的具体场景综合考查力

学知识。

这些试题通过体育运动、音乐鉴赏、劳动实践等情境，强调物理知识与生活的联系，

体现“生活•物理•社会”的理念，落实五育并举，增强学生的民族自豪感和文化自信。

2.重视科学思维，导向科学素养。

试题体现素养导向，重视考查学生的逻辑推理能力和批判性思维，要求学生能从情境

中辨识、提取和加工信息，如运动设备记录信息题；重视考查学生的科学探究能力，

要求学生在获得知识的同时掌握科学探究的方法和物理学科的思维方法，如发光二极

管题；重视考查学生对物理概念及规律本质的理解，要求学生能应用所学物理知识体

例解释生产、生活方面的问题，如红外成像测温仪题。

3.回归教材内容，重视考查基础。

试题体现教学导向，有助于“教学评”一致性。试题情境关注选取教材中的内容，引

导初中物理教学要重视教材，突显物理作为基础学科对学生科学素养的培养。

部分试题素材源于教材的实验、插图及习题，考查学生是否掌握物理基础知识和基本

方法。如利用连通器做流体压强和流速关系的实验，利用量筒间接测物体浮力的实验，

利用改编自教材的实验情境考查学生的光路作图和电路连图规范。

此类题目旨在通过考试的反拨作用，引导教学回归课本，让教师和学生认真研读教材。

4.体现学以致用，学会解决问题。

试题引导学生学以致用，利用物理知识解释现象和解决问题。试题符合物理学科的特

点，情境取材于生活实际，数据真实；不编造实验数据，注重试题的科学性、探究性；

不设置偏题、怪题，确保试题的开放性、公平性。

部分物理试题体现了STEM（科学•技术•工程•数学）教育理念，试题精心取材于学生日

常生活、学习过程、实验探究等各类活动，信息呈现形式丰富，如运动设备记录信息、

魔术道具材料、编钟、温控开关、发光二极管、红外成像测温仪、汽车启动电机的电

路等。

此类题目旨在激发学生学习物理的兴趣，增强学生将科学技术应用于日常生活和社会

实践的意识，让学生乐于探究生活中物品的物理学原理，引导学生从解题转变为学会

解决问题，体现“从生活走向物理，从物理走向社会”的物理课标特点。

5.突出学科特点，考查综合能力。

试题加强了对学生多方面综合能力的考查，如多角度获取信息的能力、逻辑推理能力

实验探究能力、运用物理学术语言表达的能力。

试题通过文字、图表、图象、图等多种方式呈现信息，考查学生在不同呈现方式下提

取信息和加工信息的能力，如试题中用到了运动信息表、能量流向图、实验情境图片、

实验图示、数学图象等。

试题要求学生根据题目所提供的信息和已学的物理知识，做出相应推理和迁移应用知

识。试题还考查了学生借助文字、公式、图示、图表、图象等方式规范表达思维，如

开放性设问等。

2022年广州市初中学业水平考试物理试题，严格依据《义务教育物理课程标准）命题,

凸显育人导向，紧贴教材内容，体现课标要求，重视素养考查。

试题在加强学生审题理解、信