【解析】苏科版物理九年级全册 第十四章 欧姆定律 单元试卷

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苏科版物理九年级全册第十四章欧姆定律单元试卷

一、单选题

1．（2023九下·闵行模拟）在如图所示电路中，电源电压保持不变.将滑动变阻器的滑片向右移动，电压表V与电流表A的比值变大.关于电键的通断，下列说法中正确的是（）

①电键S1闭合，S2断开②电键S1闭合，S2闭合

③电键S1断开，S2断开④电键S1断开，S2闭合

A．①②B．②③C．①②④D．①②③

2．在如图所示的伏安法测电阻实验中，闭合开关S，小明发现电流表有示数，但示数较小，小灯泡不亮．接下来应进行的操作是（）

A．更换一个同样规格的小灯泡B．更换电压表所使用的量程

C．检查电路中是否存在断路故障D．减小变阻器接入电路的阻值

3．关于欧姆定律，下列叙述中错误的是（）

A．在相同电压下，导体的电流和电阻成反比

B．对同一个导体，导体中的电流和电压成正比

C．因为电阻是导体本身的性质，所以电流只与导体两端的电压成正比

D．导体中的电流与导体两端的电压有关，也与导体的电阻有关

4．如图所示，电源电压不变，将一标有“6V6W”字样的小灯泡L1接入M、N两接线柱间后，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P至如图所示的位置时，小灯泡L1恰好正常发光。若在M、N之间换接另一标有“6V9W”字样的小灯泡L2，要让L2正常发光，则应（）

A．将滑片P向a端移动

B．将滑片P向b端移动

C．保持滑片P的位置不动

D．取下滑动变阻器，将小灯泡L2直接接在电源两端

5．小刚用图所示电路探究“一段电路中电流跟电阻的关系”。在此实验过程中，当B两点间的电阻由5Ω更换为10Ω后，为了探究上述问题，他应该采取的唯一操作是（）

A．保持变阻器滑片不动B．将变阻器滑片适当向左移动

C．适当增加电池的节数D．将变阻器滑片适当向右移动

6．（2023九上·石景山期末）将图中的滑动变阻器连入电路，当滑动变阻器的滑片P向C端滑动时，接入电路中的阻值变小，则变阻器连入电路的接线柱应是（）

A．A和CB．A和BC．B和CD．C和D

7．下列物品在通常状况下不能导电的是（）

A．干燥的木材B．钢尺C．铝饭勺D．水果刀

8．如图所示，电源电压U=12V，且保持不变．定值电阻的阻值是滑动变阻器最大阻值的三分之一，滑片P在滑动过程中伏特表的最小示数是（）

A．2VB．3VC．4VD．6V

9．（2023九上·朝阳期末）如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，当开关S闭合时，如果将滑动变阻器的滑片P向左滑动，下列说法中正确的是（）

A．电压表的示数变大，电流表的示数变大

B．电压表的示数变小，电流表的示数变大

C．电压表的示数变大，电流表的示数变小

D．电压表的示数变小，电流表的示数变小

10．如图电路，P向右时，观察到现象是（）

A．电压表的示数减小，电流表的示数增大

B．电压表的示数增大，电流表的示数减小

C．电压表和电流表的示数都增大

D．电压表和电流表的示数都减小

11．（2023·南长模拟）某小组根据实验绘出小灯泡的伏安特性曲线如图所示，根据此图给出的信息，以下有关小灯泡功率P的图象正确的是（）

A．B．

C．D．

12．小明将酒精气体传感器、电阻R与电压表组成如图所示电路，闭合开关，将传感器逐渐靠近装有酒精的杯口上方，发现电压表示数逐渐增大，此过程中（）

A．通过传感器的电流逐渐减小B．传感器两端的电压逐渐增大

C．传感器的电阻逐渐减小D．传感器的电阻逐渐增大

13．（2023·泰州模拟）电控调光玻璃能根据光照强度自动调节玻璃的透明度．其原理是：光照增强，光敏电阻Rx阻值变小，施加于玻璃两端的电压降低，玻璃透明度下降，反之则玻璃透明度上升．若电源电压不变，R0是定值电阻，如图所示电路图中符合要求的是（）

A．B．

C．D．

14．根据欧姆定律公式I=可以导出R=，由公式得出的正确结论是（）

A．导体电阻的大小跟导体两端电压成正比

B．导体电阻的大小跟导体中电流成反比

C．导体电阻的大小是由导体两端的电压和通过导体中的电流共同决定

D．导体的电阻是导体本身的一种性质，它的大小与导体两端的电压和导体中的电流无关

15．光敏电阻的特点是有光照射它时阻值变小．如下图所示是某小区门口利用光敏电阻设计的行人监控装置，R1为光敏电阻，R2为滑动变阻器，A、B间接监控装置．则（）

A．当有人通过通道而遮蔽光线时，A，B间电压升高

B．当有人通过通道而遮蔽光线时，A，B间电压降低

C．当仅增大R2连入电路中的阻值时，通过R1的电流变大

D．当仅增大R2连入电路中的阻值时，可降低A，B间的电压

二、填空题

16．如图为旋转式变阻器的结构图，A、B、C为变阻器的三个接线柱，P为旋钮触片．将该变阻器接入电路中调节灯泡的亮度，当顺时针旋转旋钮触片时，灯变亮，则应连接接线（选填“A、B”、“B、C”或“A、C”）和灯泡联后接入电路中．

17．（2023·定远模拟）如图所示电路，已知R1为40Ω，在闭合开关S的情况下，断开开关S1时电压表的读数是2.0V；闭合开关S1时电压表的读数是8.0V，通过R1的电流为A，通电1分钟，R1上产生的热量为J；电阻R2为Ω。

18．（2023九上·虎林期中）某段导体两端的电压为3V时，通过它的电流为0.6A，则该导体的电阻为Ω，当导体两端的电压减小一半时，该导体的电阻为Ω，通过它的电流为A，当电路断开时，导体的电阻为Ω．

19．（2023九上·马山期中）如图所示电路，当变阻器的滑片P向左移时，灯L的亮度（选填“变暗”、“不变”或“变亮”）；当滑片P移至a端时，电路会．

20．图甲是小强“探究通过导体的电流与电阻关系”的实验电路（电源电压保持不变），图乙是他依据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为V；当R的电阻由10Ω更换为15Ω时，闭合开关后，为使R两端的电压（选填“改变”或“不变”），滑动变阻器的滑片应向（选填“a”或“b”）端滑动

21．图甲是探究通过导体的电流与电阻关系的电路图（电源电压保持不变），图乙是依据五次实验的数据描点绘制的I-R图像．分析图像可得实验结论：．当R由10Ω换为Ω时，需将滑动变阻器接入电路的阻值调得更小，才能使R两端的电压保持在V不变．

三、计算题

22．我校物理课外兴趣小组同学为发展可再生绿色能源。小明等几位同学对风力的研究产生了浓厚的兴趣，共同设计了“风力测试仪”，其原理如图所示，已知电源电压12V恒定，OB长为10cm，AB长为20cm、阻值为60Ω的均匀电阻丝。OP为质量、电阻均不计的金属细杆，下端连接一个重为4N的圆球P。金属细杆OP始终与电阻丝AB接触良好且无摩擦。闭合开关S，无风时，OP下垂并与电阻丝的B端接触，此时电流表的示数为0.15A；有风时，圆球P受风力作用，使金属细杆OP绕悬挂点O偏转。请你解答下列问题：

（1）定值电阻R0为多少Ω？

（2）若金属细杆OP绕悬挂点O偏转到距离电阻丝的B端16cm处，此时电路消耗的总功率是多少？

（3）当金属细杆OP滑到A点时圆球P受的风力是多大？

23．如图所示，电源电压为12V，电压表示数为4V，R1为5Ω，求电流表的示数和R2的阻值．

24．（2023九上·霞浦月考）如图所示的电路中，电阻R1=15Ω，电源电压保持不变，闭合开关后，电流表A1的示数为0.4A，干路中电流表A的示数为0.7A．求：

（1）R1两端的电压；

（2）通过R2的电流；

（3）通电1min电流通过R2产生的电能．

25．一只标有“2.5V0.5A”的小灯泡和一只规格为“10Ω1A”的滑动变阻器串联接在电压为3V的电源上，如图所示.求

（1）正常发光时滑动变阻器接入电路中的阻值.

（2）滑片滑动时，灯泡功率的变化范围.

（3）若小灯泡的实际功率为0.8W，求滑动变阻器接入电路中的电阻.

四、实验题

26．现有一个阻值为20Ω的定值电阻R0，一个电压约为15V的电源，一个量程为0～1A的电流表，一个单刀双掷开关及导线若干。请你利用上述器材设计实验，测出约为10Ω的未知电阻Rx的阻值。要求：

（1）画出实验电路图；

（2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量；

（3）写出待测电阻Rx的数学表达式（用已知量和测量量表示）。

27．图甲是利用电流表、电压表测量电阻的实验原理图．图乙是小红连接的实物实验电路图．

（1）依照小红连接的电路，闭合开关，滑动变阻器的滑片向左端移动，请写出你观察到的实验现象．

（2）请你在图乙中只改动一根导线连接，使电路正常工作（用“×”标出改动导线，以笔划线代替导线，画出改接导线）．

（3）电路改接正确后，调节滑动变阻器的滑片到某位置时，电压表和电流表的示数如图丙、丁所示，此时被测出Rx的阻值为多少？

28．小明用如图所示的电路探究“通过导体的电流与电阻的关系”．器材如下：电压为3V的电源，标有“20Ω2A”字样的滑动变阻器，阻值为5Ω、10Ω、20Ω的定值电阻各一个，电流表、电压表、开关和导线．

小明把5Ω的电阻接入电路，变阻器的滑片P移到阻值最大处，闭合开关S，调节滑片P到适当位置，记录电流表的示数为0.4A．

（1）断开开关S，小明用10Ω的电阻替换5Ω的电阻，将滑动变阻器移到阻值最大位置后，闭合开关S，将滑片P向端（选填“A”或“B”）移动，保持电压表的示数为V．

（2）实验数据如下表所示，可得出结论：当电压一定时，通过导体中的电流与电阻成比．

（3）以上方法在实验探究时经常用到，下列探究中用到此方法的是_______．

A．探究熔丝熔断的原因

B．探究二力平衡的条件

C．探究串、并联电路电流的特点

D．探究影响动滑轮机械效率的因素．

29．（2023·扬州模拟）我国辽宁号航母舰载机歼15已试飞成功，速度可达声速的2.35倍.

（1）飞行时，以为参照物，飞行员是静止的；

（2）机翼的横截面设计成如图所示的形状，是利用流体流速越快，压强越的原理，使飞机产生向上的升力.

（3）歼20飞机具有一定的隐身功能，能够躲避雷达的“眼神”，这主要是由于飞机的机身对电磁波有较强的吸收/反射）作用.

（4）飞机上的着地轮一般都装有如图的搭地线，这是为了防止因摩擦起电现象而造成危险，有些飞机不装搭地线，而采用特殊的橡胶轮胎，这种橡胶一定是（导体/绝缘体）.

（5）一架质量为20t的歼15舰载机从航母滑跃起飞后，航母所受的浮力变化了N。

答案解析部分

1．【答案】C

【知识点】电路的动态分析

【解析】【解答】①电键S1闭合，S2断开时，电压表测量滑动变阻器的电压，将滑动变阻器的滑片向右移动，电阻变大，分得电压增多，电压表V与电流表A的比值即滑动变阻器接入电路的电阻，所以比值变大，正确；

②电键S1闭合，S2闭合，R2被短路，电压表测量电源电压不变，将滑动变阻器的滑片向右移动，电阻变大，电压表V与电流表A的比值即滑动变阻器接入电路的电阻，所以比值变大，正确；

③电键S1断开，S2断开，电压表断路，没有连接在电路中，示数为零，与电流表的比值无意义，不正确；

④电键S1断开，S2闭合时，电压表测量电源电压不变，将滑动变阻器的滑片向右移动，接入电路电阻变大，电路总电阻变大，电压表V与电流表A的比值即电路的总电阻，所以比值变大正确；

故答案为：C.

【分析】①电键S1闭合，S2断开时，电压表测量滑动变阻器的电压，将滑动变阻器的滑片向右移动，电阻变大，分得电压增多，电路中的电流变小；

②电键S1闭合，S2闭合，R2被短路，电压表测量电源电压，滑动变阻器的滑片向右移动，电阻变大，电路中的电流变小；

③电键S1断开，S2断开，电压表断路，示数为零；

④电键S1断开，S2闭合时，电压表测量电源电压，将滑动变阻器的滑片向右移动，接入电路电阻变大，电路总电阻变大，电路中的电流变小.

2．【答案】D

【知识点】伏安法测电阻的探究实验

【解析】【解答】解：闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，灯泡没坏，也不是断路，

可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，灯泡实际功率太小不足以引起灯泡发光造成的，下一步操作：

移动滑动变阻器滑片，减小变阻器接入电路的阻值，使电路电流变大，灯泡实际功率变大，看灯泡能否发光．

故选：D．

【分析】闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，说明电路是通路，不用更换灯泡，也不用检查电路是否断路，

可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，分析电阻过大的原因，然后进行下一步操作．

3．【答案】C

【知识点】欧姆定律及其应用

【解析】【解答】欧姆定律：在同一电路中，通过某段导体的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比。

A.所以在相同电压下，导体的电流和电阻成反比，A不符合题意；

B.对同一个导体，即电阻不变时，导体中的电流和电压成正比，B不符合题意；

C.因为电阻是导体本身的性质，通常情况下电阻不变，但可以用滑动变阻器或更换电阻的方法来改变电阻，所以电流与导体两端的电压成正比，与电阻成反比，C符合题意；

D.根据欧姆定律，即可知，导体中的电流与导体两端的电压有关，也与导体的电阻有关，D不符合题意；

故答案为：C。

【分析】根据欧姆定律，电流的影响因素的电压和电阻，电流和电压成正比，和电阻成反比.

4．【答案】A

【知识点】串联电路的电压规律；电功率的计算

【解析】【解答】由题可知，两灯泡额定电压相同，灯泡L2的功率大，根据可得，灯泡L2的电阻比灯泡L1的电阻小。将L1换接为L2后，电路的总电阻变小。由可知，电路中电流变大，滑动变阻器阻值不变，使得滑动变阻器两端的电压变大。

根据串联电路电压关系，此时L2两端电压小于6V，L2不能正常发放光。要让L2正常发光，应使L2两端电压达到其额定电压6V，需要增大电路中的电流，所以将滑片P向a端移动。

故答案为：A。

【分析】根据电功率计算电阻，当电阻变大时分压变大，利用滑动变阻器的分压可以使用电器正常工作。

5．【答案】D

【知识点】电路的动态分析

【解析】【解答】研究电流跟电阻的关系时，采用了控制变量法，即控制电阻两端的电压不变，而改变电阻的大小，所以当电阻由5Ω更换为10Ω后，应调整滑动变阻器，使电阻两端的电压不变；因为串联电路中电压与电阻成正比，当定值电阻增大后，定值电阻两端分得电压会增大，为了使定值电阻两端的电压不变，滑动变阻器接入电路的电阻也应变大，故应将变阻器滑片适当向右移动。D符合题意，ABC不符合题意。

故答案为：D

【分析】探究电流和电阻的关系时，当更换电阻时，为了保持电压不变要移动滑动变阻器。

6．【答案】A

【知识点】滑动变阻器的原理及其使用

【解析】【解答】A、当A和C接入电路时，滑动变阻器将左半部分电阻接入了电路，滑片向C端移动，接入电路的电阻线变短，即接入电路的电阻变小，A符合题意；

B、当A和B接入电路时，将下面两个接线柱接入了电路，即滑动变阻器接入电路的阻值为定值电阻，并且滑片失去调节电阻的作用，B不符合题意；

C、当B和C接入电路时，滑动变阻器将右半部分电阻接入了电路，滑片向C端移动，接入电路的电阻线变长，即接入电路的电阻变大，C不符合题意；

D、当C和D接入电路时，将上面两个接线柱接入了电路，即滑动变阻器接入电路的阻值为零，并且滑片失去调节电阻的作用，D不符合题意.

故答案为：A.

【分析】滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻线的长度来改变电阻，由此分析解答.

7．【答案】A

【知识点】导体与绝缘体

【解析】【解答】根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体．

各种金属都是导体，钢尺、铝饭勺、水果刀是金属，都是导体．干燥的木材是绝缘体．所以A符合题意．BCD不符合题意.

故答案为：A

【分析】容易导电的物体是导体，不容易导电的是绝缘体，

8．【答案】B

【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用

【解析】【解答】，，.

故答案为：B

【分析】根据电压和电阻计算电流的大小，利用电流和电阻计算电压的大小。

9．【答案】C

【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析

【解析】【解答】由电路图可知，R与L串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，当开关S闭合时，如果将滑动变阻器的滑片P向左滑动，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故AB不符合题意；由UIR可知，L两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故C符合题意，D不符合题意.

故答案为：C.

【分析】根据电路图可知，R与L串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和L两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化.

10．【答案】A

【知识点】电路的动态分析

【解析】【解答】先分析电路的连接方式即串联，然后根据滑动变阻器的正确使用方法进行分析，即滑片向右移，接入电路的电阻变小；再根据串联电路起分压作用，即电阻越小分得的电压越小．因为滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，所以电路中的电流增大，即电流表示数增大；又因为电压表测量滑动变阻器两端的电压，当滑片向右移动时，接入电路中的电阻减小，所以电压表的示数减小．A符合题意．

故答案为：A

【分析】在串联电路中当电阻减小时，电流的电流增大，变大的电阻分压变大。

11．【答案】D

【知识点】影响电阻大小的因素；电功率的计算

【解析】【解答】解：由图乙所示图象可知，灯泡电阻随电压与电流的增大而增大，

AB、根据P=得P﹣U2图线的斜率表示电阻的倒数，小灯泡电阻随电压的增大而增大，

电阻增大，知P与U2图线的斜率减小．故A、B错误；

CD、根据P=I2R得P﹣I2图线的斜率表示电阻，小灯泡电阻随电流的增大而增大，

电阻增大，知P与I2图线的斜率增大．故C错误、D正确；

故选D．

【分析】从图象可以看出灯泡电阻是在变化的﹣﹣随温度的升高而增大，根据这一点对各个选项逐一分析．

12．【答案】C

【知识点】电路的动态分析

【解析】【解答】由电路图可知，电阻R与酒精气体传感器电阻串联，电压表测R两端的电压；∵将传感器逐渐靠近装有酒精的杯口上方时，电压表示数逐渐增大，∴根据欧姆定律可知，电路中的电阻变小，酒精气体传感器的电阻变小，即传感器的电阻逐渐减小，C符合题意、D不正确；此时电阻R两端的电压变大，∵串联电路中总电压等于各分电压之和，∴传感器两端的电压逐渐减小。

故答案为：C。

【分析】在电阻串联时，低昂电阻变小时，分压减小，另一个电阻分压变大。

13．【答案】A

【知识点】变阻器；电路的动态分析

【解析】【解答】解：A、B选项中的电路图，光敏电阻Rx与定值电阻R0串联连接，根据串联电路的分压原理知：阻值变小，分得的电压也变小，而光敏电阻Rx的阻值随光照的增强会变小，所以在光照增强时，电路中的光敏电阻Rx两端的电压变小，定值电阻R0两端的电压变大；而光照增强时，应使玻璃透明度下降；玻璃透明度在玻璃两端的电压降低时会下降；所以玻璃应与两端电压变小的电阻并联，即玻璃应与光敏电阻Rx并联；A符合题意，B不符合题意；

C、D选项中，玻璃与电源并联，它两端的电压不变，CD不符合题意．

故答案为：A．

【分析】根据题意要求，当电阻变小时，分压要变小，所以电压表要和光敏电阻并联.

14．【答案】D

【知识点】欧姆定律及其应用

【解析】【解答】解：导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，

导体电阻在数值上等于导体两端电压与通过导体的电流之比，故D正确；

故选D．

【分析】电阻是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关．其大小等于导体两端的电压与通过导体的电流之比．

15．【答案】B

【知识点】电路的动态分析

【解析】【解答】由电路图可知，两电阻串联，监控装置与R2并联。当有人通过通道而遮蔽光线时，R1阻值变大，电路中的总电阻变大；根据I=U/R可知，电路中的电流变小，根据U=IR可知，R2阻值不变时，其两端的电压变小，即A、B间电压降低，A不符合题意，B符合题意；当仅增大R2连入电路中的阻值时，电路中的电阻变大；根据I=U/R可知，电路中的电流变小，C不符合题意；根据U=IR可知，R1阻值不变时，其两端的电压变小；根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，R2两端的电压变大，即A、B间电压升高，D不符合题意。

故答案为：B

【分析】根据光敏电阻的电阻变化规律，当电阻变大时，分压变大.

16．【答案】A、B；串

【知识点】变阻器

【解析】【解答】解：顺时针旋转旋片时，灯泡变亮，原因是电流变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知：电路中电阻变小，则应连接接线柱A、B与灯泡串联后接入电路．

故答案为：A、B；串．

【分析】旋转式变阻器中间的接线柱必须接入电路中，根据要求和用电器串联.

17．【答案】0.2；96；120

【知识点】焦耳定律的应用

【解析】【解答】在闭合开关S的情况下，断开开关S1时，R1和R2串联，电压表测的是R1两端的电压即U1=2.0V；

闭合开关S1时，电路中只有R1一个电阻，R2被短接，电阻R1两端电压为电源电压，电压表的读数是8.0V，即电源电压为U=8.0V；

通过R1的电流为，通电1分钟，R1上产生的热量为Q=I2Rt=（0.2A）2×40Ω×60s=96J；

在闭合开关S的情况下，断开开关S1时，R1和R2串联，R1中的电流，电路总电阻，电阻R2=R-R1=160Ω-40Ω=120Ω。

故答案为：0.2；96；120

【分析】本题综合考查了欧姆定律和焦耳定律的计算，结合题目所给电路图，正确分析电路是解题的关键。

18．【答案】5；5；0.3；5

【知识点】影响电阻大小的因素；欧姆定律及其应用

【解析】【解答】解：根据欧姆定律，导体的电阻R==5Ω；

导体的电阻大小与导体的长度、横截面积、材料、温度有关，与两端是否有电压及大小无关，所以当导体两端的电压减小一半时，该导体的电阻仍为5Ω；

根据电阻不变时，通过导体的电流与电压成正比，所以当导体两端的电压减小一半时，通过它的电流为原来的一半即为0.3A；

当电路断开时，即没有加电压时，导体的电阻仍为5Ω．

故答案为：5；5；0.3；5．

【分析】根据欧姆定律求电阻的大小；根据影响电阻大小的因素及电阻不变时，通过导体的电流与电压成正比作答．

19．【答案】不变；短路

【知识点】电路的三种状态；欧姆定律及其应用

【解析】【解答】解：灯泡和滑动变阻器并联在电路中互不影响，所以灯泡亮度不变，但滑片P移至a端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，灯泡会短路．

故答案为：不变，短路．

【分析】根据电路图分析可知灯泡和滑动变阻器并联在电路中，根据滑动变阻器接入电路的电阻分析问题．

20．【答案】3；不变；b

【知识点】欧姆定律及其应用

【解析】【解答】解：（1）由图知当电路电流I=0.3A时，对应的电阻值R=10Ω，电阻两端的电压UR=IR=0.3A×10Ω=3V.（2）“探究通过导体的电流与电阻关系”的实验，根据控制变量法可知：控制电压不变.

所以当把10Ω的电阻更换为15Ω的电阻时，定值电阻阻值变大，电压变大，要保持电压不变，滑动变阻器接入电路的电阻要增大，滑片要向b端移动.

故答案为：3；不变；b.

【分析】探究通过导体的电流与电阻关系时应控制电阻两端的电压不变，结合图像，根据欧姆定律求出R两端的电压；当R的电阻由10Ω更换为15Ω时，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流和滑动变阻器两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电阻R两端的电压变化，然后根据电压表的示数不变得出滑片移动的方向.

21．【答案】在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；5；3

【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用

【解析】【解答】由图可知，电流与电阻的乘积保持不变，得到结论，在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。根据串联分压，要控制定值电阻两端的电压相同，滑动变阻器接入电路的阻值随定值电阻的变化而变化，跟定值电阻的变化相同，接入5Ω时，需要将阻值调小，才能保持电压3V不变。

故答案为：在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；5；3.

【分析】探究电流和电阻的关系时，要保持电压不变，根据图像结合电流和电阻计算电压，当更换电阻后，通过移动滑片保持电压不变.

22．【答案】（1）解：B端接触，此时电流表的示数为0.15A，

（2）解：距离电阻丝的B端16cm处，距A端4cm，

此时

（3）解：如图：

∵；

∴

∴

则根据杠杆平衡条件和得：

【知识点】杠杆的平衡条件；欧姆定律及其应用；电功率的计算

【解析】【分析】根据电源电压和电流计算电阻的大小，利用电压和电阻计算电功率，根据杠杆的平衡条件，结合重力和力臂计算风力的大小.

23．【答案】解：由电路图可以知道，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，电路中电流表的示数：

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，R2两端的电压：

则R2的阻值：

答：电流表的示数为，R2的阻值为10Ω

【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用

【解析】【分析】根据电路的连接，判断电压表测量的位置，利用欧姆定律，结合电压和电阻计算电流的大小，根据串联电路中电压规律，利用电压和电流计算电阻.

24．【答案】（1）解：由欧姆定律可得：R1两端的电压：U1＝I1R1＝0.4A×15Ω＝6V

（2）解：由并联电路的电流关系，可得R2中的电流：I2＝II1＝0.7A0.4A＝0.3A；

（3）解：因两电阻并联，故R2两端的电压：U2＝U＝6V通电1min电流通过R2产生的电能W＝UIt＝6V．

【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算

【解析】【分析】并联电路电流特点：各支路电流之和等于干路电流.

25．【答案】（1）解：滑动变阻器上的电压为：U1＝UU0＝3V2.5V＝0.5V；由欧姆定律得：R1＝＝1Ω

（2）解：由欧姆定律得：R＝＝5Ω，当灯泡正常发光时，灯泡的功率最大；故灯泡的最大功率P1＝UI＝2.5V×0.5A＝1.25W；当滑动变阻器全部接入时，R总＝RR2＝5Ω10Ω＝15Ω，.I1＝＝＝0.2A，则灯消耗的功率P2＝R＝(0.2A)2×5Ω＝0.2W.则功率的范围为：0.2W1.25W

（3）解：由P＝I2R得：I＝＝0.4A，则接入电路的电阻为：＝7.5Ω.则滑动变阻器的接入电阻为：R＝7.5Ω5Ω＝2.5Ω

【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算

【解析】【分析】利用串联电路电压规律，结合欧姆定律计算电阻，利用电压和电流的乘积计算电功率，当滑动变阻器的阻值最大时，灯泡的电功率最小，根据灯泡的实际功率计算电流，结合总电压和电流计算总电阻.

26．【答案】（1）如图所示：

（2）①按照电路图连接电路，②将开关的“刀”掷于触点“1”，记下电流表的示数I1③将开关的“刀”掷于触点“2”，记下电流表的示数12

（3）将开关的“刀”掷于触点“1”，R0接入电路，记下电流表的示数I1，电源电压U=I1R0，将开关的“刀”掷于触点“2”，R0与Rx串联，记下电流表的示数I2，则。

【知识点】伏安法测电阻的探究实验

【解析】【解答】（1）根据题中所给的器材和实验设计要求，所设计的电路图如图所示：

；（2）根据所设计的电路图，拟定的实验步骤为：①按照电路图连接电路，②将开关的“刀”掷于触点“1”，记下电流表的示数I1③将开关的“刀”掷于触点“2”，记下电流表的示数12

【分析】测量未知电阻时，利用已知阻值的定值电阻和电流表可以测量电压，当两个电阻串联时可以测量电流，利用电源电压的不变计算未知电阻的大小.

27．【答案】（1）依照小红连接的电路中，两电阻串联，电压表测电路的总电压，电流表测电路中的电流，闭合开关，滑动变阻器的滑片向左端移动，变阻器连入电路中的电阻变小，根据电阻的串联，总电阻变小，由欧姆定律，电路中电流变大，即电流表示数变大；电压表示数不变

（2）原电路中，电压表测电源电压是错误的，应与测待测电阻并联，改正后如上图所示

（3）电路改接正确后，调节滑动变阻器的滑片到某位置时，电压表和电流表的示数如图丙、丁所示，图中电表均选用小量程，分度值为分别为0.1V和0.02A，示数分别为1.8VT0.24A，由欧姆定律，此时被测出Rx的阻值为：R==7.5Ω。

【知识点】实物的电路连接；电流的测量及电流表的使用；电压的测量及电压表的使用；伏安法测电阻的探究实验

【解析】【分析】利用伏安法测量电阻时，要让电压表测量未知电阻的电阻，电流表测量电流，利用电压和电流的比值计算电阻.

28．【答案】（1）A；2

（2）反

（3）D

【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验

【解析】【解答】(1)根据，由题可以知道，当接入的电阻时，电路电流即电流表示数，其两端电压即电压表示数；

由题可以知道，滑动变阻器移到阻值最大位置B端即，当接入定值电阻时，与串联，电压表测两端电压，

电压表示数

根据控制变量法，应保持电阻两端电压即电压表示数为2V不变，结合串联电路的分压特点，应减小变阻器接入电路的阻值，即滑片应向A移动.直至电压表示数为2V时不变.(2)由表格中数据知，电流与电阻的乘积为定值，可得：当电压一定时，通过导体中的电流与电阻成反比；(3)探究“通过导体的电流与电阻的关系”时，须控制电阻两端电压不变，改变电阻的大小，观察电流发生的变化情况，即采用了控制变量法.

AB、探究熔丝熔断的原因和探究二力平衡的条件，均是通过不同条件下的实验现象进行对比，再推理归纳得出结论，AB均不符合题意；

C、探究串、并联电路电流的特点是通过多次测量，根据不同点的电流值，从数据关系上归纳一规律，故不符合题意；

D、影响动滑轮机械效率的因素有物重及机械自身阻力等因素，探究时须采用了控制变量法，所以D选项是正确的.

故答案为：(2)A；2；(3)反；(4)D.

【分析】探究电流和电阻的关系的实验中，保持电压不变，更换电阻，通过移动滑动变阻器的滑片保持电压不变，得到的规律是当电压一定时，通过导体的电流和导体的电阻成反比.

29．【答案】（1）飞机

（2）小

（3）吸收

（4）导体

（5）2×105

【知识点】物体的浮沉条件及其应用

【解析】【解答】（1）飞行员始终坐在飞机里，他与飞机的位置没有发生变化，所以飞行员以飞机为参照物是静止的；（2）飞机的机翼上表面空气流速大，下表面空气流速小；由于流体压强与流速有关，流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大，所以飞机机翼上表面受到向下的压强小，下表面受到向上的压强大，于是产生了一个向上的压强差，正是这个向上的压强差为飞机提供了向上的升力；（3）隐形战机”可以有效避开雷达的探测，主要是它表面有一种特殊材料，能够增强对电磁波的吸收，减弱电磁波反射回雷达；（4）飞机上的着地轮装有搭地线或用导电橡胶做轮胎，是为了及时地把飞机在飞行过程中由于摩擦而产生的电荷通过导体而转移给大地，以免发生放电现象，保证飞机和乘客的安全；采用特殊的橡胶轮胎，这种橡胶一定是导体；（5）航母在水中漂浮，浮力等于自身重力和舰载机的重力之和；当舰载机起飞后，航母受到的浮力减少了舰载机的重力，减小为：。

【分析】参照物：在研究物体运动还是静止时被选作标准的物体(或者说被假定不动的物体)叫参照物；判断物体是否运动，即看该物体相对于所选的参照物位置是否发生改变即可.

比浮力与物体重力大小：F浮＜G，下沉；F浮＞G，上浮；F浮=G，悬浮或漂浮.

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苏科版物理九年级全册第十四章欧姆定律单元试卷

一、单选题

1．（2023九下·闵行模拟）在如图所示电路中，电源电压保持不变.将滑动变阻器的滑片向右移动，电压表V与电流表A的比值变大.关于电键的通断，下列说法中正确的是（）

①电键S1闭合，S2断开②电键S1闭合，S2闭合

③电键S1断开，S2断开④电键S1断开，S2闭合

A．①②B．②③C．①②④D．①②③

【答案】C

【知识点】电路的动态分析

【解析】【解答】①电键S1闭合，S2断开时，电压表测量滑动变阻器的电压，将滑动变阻器的滑片向右移动，电阻变大，分得电压增多，电压表V与电流表A的比值即滑动变阻器接入电路的电阻，所以比值变大，正确；

②电键S1闭合，S2闭合，R2被短路，电压表测量电源电压不变，将滑动变阻器的滑片向右移动，电阻变大，电压表V与电流表A的比值即滑动变阻器接入电路的电阻，所以比值变大，正确；

③电键S1断开，S2断开，电压表断路，没有连接在电路中，示数为零，与电流表的比值无意义，不正确；

④电键S1断开，S2闭合时，电压表测量电源电压不变，将滑动变阻器的滑片向右移动，接入电路电阻变大，电路总电阻变大，电压表V与电流表A的比值即电路的总电阻，所以比值变大正确；

故答案为：C.

【分析】①电键S1闭合，S2断开时，电压表测量滑动变阻器的电压，将滑动变阻器的滑片向右移动，电阻变大，分得电压增多，电路中的电流变小；

②电键S1闭合，S2闭合，R2被短路，电压表测量电源电压，滑动变阻器的滑片向右移动，电阻变大，电路中的电流变小；

③电键S1断开，S2断开，电压表断路，示数为零；

④电键S1断开，S2闭合时，电压表测量电源电压，将滑动变阻器的滑片向右移动，接入电路电阻变大，电路总电阻变大，电路中的电流变小.

2．在如图所示的伏安法测电阻实验中，闭合开关S，小明发现电流表有示数，但示数较小，小灯泡不亮．接下来应进行的操作是（）

A．更换一个同样规格的小灯泡B．更换电压表所使用的量程

C．检查电路中是否存在断路故障D．减小变阻器接入电路的阻值

【答案】D

【知识点】伏安法测电阻的探究实验

【解析】【解答】解：闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，灯泡没坏，也不是断路，

可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，灯泡实际功率太小不足以引起灯泡发光造成的，下一步操作：

移动滑动变阻器滑片，减小变阻器接入电路的阻值，使电路电流变大，灯泡实际功率变大，看灯泡能否发光．

故选：D．

【分析】闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，说明电路是通路，不用更换灯泡，也不用检查电路是否断路，

可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，分析电阻过大的原因，然后进行下一步操作．

3．关于欧姆定律，下列叙述中错误的是（）

A．在相同电压下，导体的电流和电阻成反比

B．对同一个导体，导体中的电流和电压成正比

C．因为电阻是导体本身的性质，所以电流只与导体两端的电压成正比

D．导体中的电流与导体两端的电压有关，也与导体的电阻有关

【答案】C

【知识点】欧姆定律及其应用

【解析】【解答】欧姆定律：在同一电路中，通过某段导体的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比。

A.所以在相同电压下，导体的电流和电阻成反比，A不符合题意；

B.对同一个导体，即电阻不变时，导体中的电流和电压成正比，B不符合题意；

C.因为电阻是导体本身的性质，通常情况下电阻不变，但可以用滑动变阻器或更换电阻的方法来改变电阻，所以电流与导体两端的电压成正比，与电阻成反比，C符合题意；

D.根据欧姆定律，即可知，导体中的电流与导体两端的电压有关，也与导体的电阻有关，D不符合题意；

故答案为：C。

【分析】根据欧姆定律，电流的影响因素的电压和电阻，电流和电压成正比，和电阻成反比.

4．如图所示，电源电压不变，将一标有“6V6W”字样的小灯泡L1接入M、N两接线柱间后，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P至如图所示的位置时，小灯泡L1恰好正常发光。若在M、N之间换接另一标有“6V9W”字样的小灯泡L2，要让L2正常发光，则应（）

A．将滑片P向a端移动

B．将滑片P向b端移动

C．保持滑片P的位置不动

D．取下滑动变阻器，将小灯泡L2直接接在电源两端

【答案】A

【知识点】串联电路的电压规律；电功率的计算

【解析】【解答】由题可知，两灯泡额定电压相同，灯泡L2的功率大，根据可得，灯泡L2的电阻比灯泡L1的电阻小。将L1换接为L2后，电路的总电阻变小。由可知，电路中电流变大，滑动变阻器阻值不变，使得滑动变阻器两端的电压变大。

根据串联电路电压关系，此时L2两端电压小于6V，L2不能正常发放光。要让L2正常发光，应使L2两端电压达到其额定电压6V，需要增大电路中的电流，所以将滑片P向a端移动。

故答案为：A。

【分析】根据电功率计算电阻，当电阻变大时分压变大，利用滑动变阻器的分压可以使用电器正常工作。

5．小刚用图所示电路探究“一段电路中电流跟电阻的关系”。在此实验过程中，当B两点间的电阻由5Ω更换为10Ω后，为了探究上述问题，他应该采取的唯一操作是（）

A．保持变阻器滑片不动B．将变阻器滑片适当向左移动

C．适当增加电池的节数D．将变阻器滑片适当向右移动

【答案】D

【知识点】电路的动态分析

【解析】【解答】研究电流跟电阻的关系时，采用了控制变量法，即控制电阻两端的电压不变，而改变电阻的大小，所以当电阻由5Ω更换为10Ω后，应调整滑动变阻器，使电阻两端的电压不变；因为串联电路中电压与电阻成正比，当定值电阻增大后，定值电阻两端分得电压会增大，为了使定值电阻两端的电压不变，滑动变阻器接入电路的电阻也应变大，故应将变阻器滑片适当向右移动。D符合题意，ABC不符合题意。

故答案为：D

【分析】探究电流和电阻的关系时，当更换电阻时，为了保持电压不变要移动滑动变阻器。

6．（2023九上·石景山期末）将图中的滑动变阻器连入电路，当滑动变阻器的滑片P向C端滑动时，接入电路中的阻值变小，则变阻器连入电路的接线柱应是（）

A．A和CB．A和BC．B和CD．C和D

【答案】A

【知识点】滑动变阻器的原理及其使用

【解析】【解答】A、当A和C接入电路时，滑动变阻器将左半部分电阻接入了电路，滑片向C端移动，接入电路的电阻线变短，即接入电路的电阻变小，A符合题意；

B、当A和B接入电路时，将下面两个接线柱接入了电路，即滑动变阻器接入电路的阻值为定值电阻，并且滑片失去调节电阻的作用，B不符合题意；

C、当B和C接入电路时，滑动变阻器将右半部分电阻接入了电路，滑片向C端移动，接入电路的电阻线变长，即接入电路的电阻变大，C不符合题意；

D、当C和D接入电路时，将上面两个接线柱接入了电路，即滑动变阻器接入电路的阻值为零，并且滑片失去调节电阻的作用，D不符合题意.

故答案为：A.

【分析】滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻线的长度来改变电阻，由此分析解答.

7．下列物品在通常状况下不能导电的是（）

A．干燥的木材B．钢尺C．铝饭勺D．水果刀

【答案】A

【知识点】导体与绝缘体

【解析】【解答】根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体．

各种金属都是导体，钢尺、铝饭勺、水果刀是金属，都是导体．干燥的木材是绝缘体．所以A符合题意．BCD不符合题意.

故答案为：A

【分析】容易导电的物体是导体，不容易导电的是绝缘体，

8．如图所示，电源电压U=12V，且保持不变．定值电阻的阻值是滑动变阻器最大阻值的三分之一，滑片P在滑动过程中伏特表的最小示数是（）

A．2VB．3VC．4VD．6V

【答案】B

【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用

【解析】【解答】，，.

故答案为：B

【分析】根据电压和电阻计算电流的大小，利用电流和电阻计算电压的大小。

9．（2023九上·朝阳期末）如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，当开关S闭合时，如果将滑动变阻器的滑片P向左滑动，下列说法中正确的是（）

A．电压表的示数变大，电流表的示数变大

B．电压表的示数变小，电流表的示数变大

C．电压表的示数变大，电流表的示数变小

D．电压表的示数变小，电流表的示数变小

【答案】C

【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析

【解析】【解答】由电路图可知，R与L串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，当开关S闭合时，如果将滑动变阻器的滑片P向左滑动，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故AB不符合题意；由UIR可知，L两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故C符合题意，D不符合题意.

故答案为：C.

【分析】根据电路图可知，R与L串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和L两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化.

10．如图电路，P向右时，观察到现象是（）

A．电压表的示数减小，电流表的示数增大

B．电压表的示数增大，电流表的示数减小

C．电压表和电流表的示数都增大

D．电压表和电流表的示数都减小

【答案】A

【知识点】电路的动态分析

【解析】【解答】先分析电路的连接方式即串联，然后根据滑动变阻器的正确使用方法进行分析，即滑片向右移，接入电路的电阻变小；再根据串联电路起分压作用，即电阻越小分得的电压越小．因为滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，所以电路中的电流增大，即电流表示数增大；又因为电压表测量滑动变阻器两端的电压，当滑片向右移动时，接入电路中的电阻减小，所以电压表的示数减小．A符合题意．

故答案为：A

【分析】在串联电路中当电阻减小时，电流的电流增大，变大的电阻分压变大。

11．（2023·南长模拟）某小组根据实验绘出小灯泡的伏安特性曲线如图所示，根据此图给出的信息，以下有关小灯泡功率P的图象正确的是（）

A．B．

C．D．

【答案】D

【知识点】影响电阻大小的因素；电功率的计算

【解析】【解答】解：由图乙所示图象可知，灯泡电阻随电压与电流的增大而增大，

AB、根据P=得P﹣U2图线的斜率表示电阻的倒数，小灯泡电阻随电压的增大而增大，

电阻增大，知P与U2图线的斜率减小．故A、B错误；

CD、根据P=I2R得P﹣I2图线的斜率表示电阻，小灯泡电阻随电流的增大而增大，

电阻增大，知P与I2图线的斜率增大．故C错误、D正确；

故选D．

【分析】从图象可以看出灯泡电阻是在变化的﹣﹣随温度的升高而增大，根据这一点对各个选项逐一分析．

12．小明将酒精气体传感器、电阻R与电压表组成如图所示电路，闭合开关，将传感器逐渐靠近装有酒精的杯口上方，发现电压表示数逐渐增大，此过程中（）

A．通过传感器的电流逐渐减小B．传感器两端的电压逐渐增大

C．传感器的电阻逐渐减小D．传感器的电阻逐渐增大

【答案】C

【知识点】电路的动态分析

【解析】【解答】由电路图可知，电阻R与酒精气体传感器电阻串联，电压表测R两端的电压；∵将传感器逐渐靠近装有酒精的杯口上方时，电压表示数逐渐增大，∴根据欧姆定律可知，电路中的电阻变小，酒精气体传感器的电阻变小，即传感器的电阻逐渐减小，C符合题意、D不正确；此时电阻R两端的电压变大，∵串联电路中总电压等于各分电压之和，∴传感器两端的电压逐渐减小。

故答案为：C。

【分析】在电阻串联时，低昂电阻变小时，分压减小，另一个电阻分压变大。

13．（2023·泰州模拟）电控调光玻璃能根据光照强度自动调节玻璃的透明度．其原理是：光照增强，光敏电阻Rx阻值变小，施加于玻璃两端的电压降低，玻璃透明度下降，反之则玻璃透明度上升．若电源电压不变，R0是定值电阻，如图所示电路图中符合要求的是（）

A．B．

C．D．

【答案】A

【知识点】变阻器；电路的动态分析

【解析】【解答】解：A、B选项中的电路图，光敏电阻Rx与定值电阻R0串联连接，根据串联电路的分压原理知：阻值变小，分得的电压也变小，而光敏电阻Rx的阻值随光照的增强会变小，所以在光照增强时，电路中的光敏电阻Rx两端的电压变小，定值电阻R0两端的电压变大；而光照增强时，应使玻璃透明度下降；玻璃透明度在玻璃两端的电压降低时会下降；所以玻璃应与两端电压变小的电阻并联，即玻璃应与光敏电阻Rx并联；A符合题意，B不符合题意；

C、D选项中，玻璃与电源并联，它两端的电压不变，CD不符合题意．

故答案为：A．

【分析】根据题意要求，当电阻变小时，分压要变小，所以电压表要和光敏电阻并联.

14．根据欧姆定律公式I=可以导出R=，由公式得出的正确结论是（）

A．导体电阻的大小跟导体两端电压成正比

B．导体电阻的大小跟导体中电流成反比

C．导体电阻的大小是由导体两端的电压和通过导体中的电流共同决定

D．导体的电阻是导体本身的一种性质，它的大小与导体两端的电压和导体中的电流无关

【答案】D

【知识点】欧姆定律及其应用

【解析】【解答】解：导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，

导体电阻在数值上等于导体两端电压与通过导体的电流之比，故D正确；

故选D．

【分析】电阻是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关．其大小等于导体两端的电压与通过导体的电流之比．

15．光敏电阻的特点是有光照射它时阻值变小．如下图所示是某小区门口利用光敏电阻设计的行人监控装置，R1为光敏电阻，R2为滑动变阻器，A、B间接监控装置．则（）

A．当有人通过通道而遮蔽光线时，A，B间电压升高

B．当有人通过通道而遮蔽光线时，A，B间电压降低

C．当仅增大R2连入电路中的阻值时，通过R1的电流变大

D．当仅增大R2连入电路中的阻值时，可降低A，B间的电压

【答案】B

【知识点】电路的动态分析

【解析】【解答】由电路图可知，两电阻串联，监控装置与R2并联。当有人通过通道而遮蔽光线时，R1阻值变大，电路中的总电阻变大；根据I=U/R可知，电路中的电流变小，根据U=IR可知，R2阻值不变时，其两端的电压变小，即A、B间电压降低，A不符合题意，B符合题意；当仅增大R2连入电路中的阻值时，电路中的电阻变大；根据I=U/R可知，电路中的电流变小，C不符合题意；根据U=IR可知，R1阻值不变时，其两端的电压变小；根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，R2两端的电压变大，即A、B间电压升高，D不符合题意。

故答案为：B

【分析】根据光敏电阻的电阻变化规律，当电阻变大时，分压变大.

二、填空题

16．如图为旋转式变阻器的结构图，A、B、C为变阻器的三个接线柱，P为旋钮触片．将该变阻器接入电路中调节灯泡的亮度，当顺时针旋转旋钮触片时，灯变亮，则应连接接线（选填“A、B”、“B、C”或“A、C”）和灯泡联后接入电路中．

【答案】A、B；串

【知识点】变阻器

【解析】【解答】解：顺时针旋转旋片时，灯泡变亮，原因是电流变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知：电路中电阻变小，则应连接接线柱A、B与灯泡串联后接入电路．

故答案为：A、B；串．

【分析】旋转式变阻器中间的接线柱必须接入电路中，根据要求和用电器串联.

17．（2023·定远模拟）如图所示电路，已知R1为40Ω，在闭合开关S的情况下，断开开关S1时电压表的读数是2.0V；闭合开关S1时电压表的读数是8.0V，通过R1的电流为A，通电1分钟，R1上产生的热量为J；电阻R2为Ω。

【答案】0.2；96；120

【知识点】焦耳定律的应用

【解析】【解答】在闭合开关S的情况下，断开开关S1时，R1和R2串联，电压表测的是R1两端的电压即U1=2.0V；

闭合开关S1时，电路中只有R1一个电阻，R2被短接，电阻R1两端电压为电源电压，电压表的读数是8.0V，即电源电压为U=8.0V；

通过R1的电流为，通电1分钟，R1上产生的热量为Q=I2Rt=（0.2A）2×40Ω×60s=96J；

在闭合开关S的情况下，断开开关S1时，R1和R2串联，R1中的电流，电路总电阻，电阻R2=R-R1=160Ω-40Ω=120Ω。

故答案为：0.2；96；120

【分析】本题综合考查了欧姆定律和焦耳定律的计算，结合题目所给电路图，正确分析电路是解题的关键。

18．（2023九上·虎林期中）某段导体两端的电压为3V时，通过它的电流为0.6A，则该导体的电阻为Ω，当导体两端的电压减小一半时，该导体的电阻为Ω，通过它的电流为A，当电路断开时，导体的电阻为Ω．

【答案】5；5；0.3；5

【知识点】影响电阻大小的因素；欧姆定律及其应用

【解析】【解答】解：根据欧姆定律，导体的电阻R==5Ω；

导体的电阻大小与导体的长度、横截面积、材料、温度有关，与两端是否有电压及大小无关，所以当导体两端的电压减小一半时，该导体的电阻仍为5Ω；

根据电阻不变时，通过导体的电流与电压成正比，所以当导体两端的电压减小一半时，通过它的电流为原来的一半即为0.3A；

当电路断开时，即没有加电压时，导体的电阻仍为5Ω．

故答案为：5；5；0.3；5．

【分析】根据欧姆定律求电阻的大小；根据影响电阻大小的因素及电阻不变时，通过导体的电流与电压成正比作答．

19．（2023九上·马山期中）如图所示电路，当变阻器的滑片P向左移时，灯L的亮度（选填“变暗”、“不变”或“变亮”）；当滑片P移至a端时，电路会．

【答案】不变；短路

【知识点】电路的三种状态；欧姆定律及其应用

【解析】【解答】解：灯泡和滑动变阻器并联在电路中互不影响，所以灯泡亮度不变，但滑片P移至a端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，灯泡会短路．

故答案为：不变，短路．

【分析】根据电路图分析可知灯泡和滑动变阻器并联在电路中，根据滑动变阻器接入电路的电阻分析问题．

20．图甲是小强“探究通过导体的电流与电阻关系”的实验电路（电源电压保持不变），图乙是他依据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为V；当R的电阻由10Ω更换为15Ω时，闭合开关后，为使R两端的电压（选填“改变”或“不变”），滑动变阻器的滑片应向（选填“a”或“b”）端滑动

【答案】3；不变；b

【知识点】欧姆定律及其应用

【解析】【解答】解：（1）由图知当电路电流I=0.3A时，对应的电阻值R=10Ω，电阻两端的电压UR=IR=0.3A×10Ω=3V.（2）“探究通过导体的电流与电阻关系”的实验，根据控制变量法可知：控制电压不变.

所以当把10Ω的电阻更换为15Ω的电阻时，定值电阻阻值变大，电压变大，要保持电压不变，滑动变阻器接入电路的电阻要增大，滑片要向b端移动.

故答案为：3；不变；b.

【分析】探究通过导体的电流与电阻关系时应控制电阻两端的电压不变，结合图像，根据欧姆定律求出R两端的电压；当R的电阻由10Ω更换为15Ω时，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流和滑动变阻器两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电阻R两端的电压变化，然后根据电压表的示数不变得出滑片移动的方向.

21．图甲是探究通过导体的电流与电阻关系的电路图（电源电压保持不变），图乙是依据五次实验的数据描点绘制的I-R图像．分析图像可得实验结论：．当R由10Ω换为Ω时，需将滑动变阻器接入电路的阻值调得更小，才能使R两端的电压保持在V不变．

【答案】在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；5；3

【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用

【解析】【解答】由图可知，电流与电阻的乘积保持不变，得到结论，在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。根据串联分压，要控制定值电阻两端的电压相同，滑动变阻器接入电路的阻值随定值电阻的变化而变化，跟定值电阻的变化相同，接入5Ω时，需要将阻值调小，才能保持电压3V不变。

故答案为：在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；5；3.

【分析】探究电流和电阻的关系时，要保持电压不变，根据图像结合电流和电阻计算电压，当更换电阻后，通过移动滑片保持电压不变.

三、计算题

22．我校物理课外兴趣小组同学为发展可再生绿色能源。小明等几位同学对风力的研究产生了浓厚的兴趣，共同设计了“风力测试仪”，其原理如图所示，已知电源电压12V恒定，OB长为10cm，AB长为20cm、阻值为60Ω的均匀电阻丝。OP为质量、电阻均不计的金属细杆，下端连接一个重为4N的圆球P。金属细杆OP始终与电阻丝AB接触良好且无摩擦。闭合开关S，无风时，OP下垂并与电阻丝的B端接触，此时电流表的示数为0.15A；有风时，圆球P受风力作用，使金属细杆OP绕悬挂点O偏转。请你解答下列问题：

（1）定值电阻R0为多少Ω？

（2）若金属细杆OP绕悬挂点O偏转到距离电阻丝的B端16cm处，此时电路消耗的总功率是多少？

（3）当金属细杆OP滑到A点时圆球P受的风力是多大？

【答案】（1）解：B端接触，此时电流表的示数为0.15A，

（2）解：距离电阻丝的B端16cm处，距A端4cm，

此时

（3）解：如图：

∵；

∴

∴

则根据杠杆平衡条件和得：

【知识点】杠杆的平衡条件；欧姆定律及其应用；电功率的计算

【解析】【分析】根据电源电压和电流计算电阻的大小，利用电压和电阻计算电功率，根据杠杆的平衡条件，结合重力和力臂计算风力的大小.

23．如图所示，电源电压为12V，电压表示数为4V，R1为5Ω，求电流表的示数和R2的阻值．

【答案】解：由电路图可以知道，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，电路中电流表的示数：

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，R2两端的电压：

则R2的阻值：

答：电流表的示数为，R2的阻值为10Ω

【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用

【解析】【分析】根据电路的连接，判断电压表测量的位置，利用欧姆定律，结合电压和电阻计算电流的大小，根据串联电路中电压规律，利用电压和电流计算电阻.

24．（2023九上·霞浦月考）如图所示的电路中，电阻R1=15Ω，电源电压保持不变，闭合开关后，电流表A1的示数为0.4A，干路中电流表A的示数为0.7A．求：

（1）R1两端的电压；

（2）通过R2的电流；

（3）通电1min电流通过R2产生的电能．

【答案】（1）解：由欧姆定律可得：R1两端的电压：U1＝I1R1＝0.4A×15Ω＝6V

（2）解：由并联电路的电流关系，可得R2中的电流：I2＝II1＝0.7A0.4A＝0.3A；

（3）解：因两电阻并联，故R2两端的电压：U2＝U＝6V通电1min电流通过R2产生的电能W＝UIt＝6V．

【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算

【解析】【分析】并联电路电流特点：各支路电流之和等于干路电流.

25．一只标有“2.5V0.5A”的小灯泡和一只规格为“10Ω1A”的滑动变阻器串联接在电压为3V的电源上，如图所示.求

（1）正常发光时滑动变阻器接入电路中的阻值.

（2）滑片滑动时，灯泡功率的变化范围.

（3）若小灯泡的实际功率为0.8W，求滑动变阻器接入电路中的电阻.

【答案】（1）解：滑动变阻器上的电压为：U1＝UU0＝3V2.5V＝0.5V；由欧姆定律得：R1＝＝1Ω

（2）解：由欧姆定律得：R＝＝5Ω，当灯泡正常发光时，灯泡的功率最大；故灯泡的最大功率P1＝UI＝2.5V×0.5A＝1.25W；当滑动变阻器全部接入时，R总＝RR2＝5Ω10Ω＝15Ω，.I1＝＝＝0.2A，则灯消耗的功率P2＝R＝(0.2A)2×5Ω＝0.2W.则功率的范围为：0.2W1.25W

（3）解：由P＝I2R得：I＝＝0.4A，则接入电路的电阻为：＝7.5Ω.则滑动变阻器的接入电阻为：R＝7.5Ω5Ω＝2.5Ω

【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算

【解析】【分析】利用串联电路电压规律，结合欧姆定律计算电阻，利用电压和电流的乘积计算电功率，当滑动变阻器的阻值最大时，灯泡的电功率最小，根据灯泡的实际功率计算电流，结合总电压和电流计算总电阻.

四、实验题

26．现有一个阻值为20Ω的定值电阻R0，一个电压约为15V的电源，一个量程为0～1A的电流表，一个单刀双掷开关及导线若干。请你利用上述器材设计实验，测出约为10Ω的未知电阻Rx的阻值。要求：

（1）画出实验电路图；

（2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量；

（3）写出待测电阻Rx的数学表达式（用已知量和测量量表示）。

【答案】（1）如图所示：

（2）①按照电路图连接电路，②将开关的“刀”掷于触点“1”，记下电流表的示数I1③将开关的“刀”掷于触点“2”，记下电流表的示数12

（3）将开关的“刀”掷于触点“1”，R0接入电路，记下电流表的示数I1，电源电压U=I1R0，将开关的“刀”掷于触点“2”，R0与Rx串联，记下电流表的示数I2，则。

【知识点】伏安法测电阻的探究实验

【解析】【解答】（1）根据题中所给的器材和实验设计要求，所设计的电路图如图所示：

；（2）根据所设计的