2021年北京市高考物理考前模拟演练试卷(含答案详解)

2021年北京市高考物理考前模拟演练试卷

一、单选题（本大题共14小题，共42.0分）

1.2011年3月11日，日本发生里氏9.0级地震，地震和地震引发的海啸造成大量建筑物倒塌.为了

将埋在倒塌建筑中的被困者迅速解救出来，我们国家及时派出了救援队.救援队在救援过程中

使用生命探测仪来寻找被压在废墟中的大量伤员，这种仪器主要是接收人体发出的（）

A.可见光B.红外线C.紫外线D.声音

2.一定质量的气体，在等温变化过程中，下列物理量发生变化的是（）

A.分子的平均速率B.单位体积内的分子数

C.分子总数D.分子的平均动能

3.下列关于近代物理知识，说法正确的是（）

A.核衰变时放出的射线都是由带电粒子所组成的

B.发生光电效应时，光电子来源于原子核外部

C.天然放射性元素器277i（社）共经历4次a衰变和6次.衰变变成毅Pb（铅）

D.根据玻尔理论，一群处于n=4的激发态的氢原子向n=2的激发态跃迁时能辐射出6种频率

的光

4.两铁块相互接触时无热传递，说明它们具有相同的（）

A.内能B.热量C.分子平均动能D.分子势能

5.一列简谐横波沿直线水平向右传播，先后通过介质中的P、Q两质点.波速为u=

80m/s,频率为f=100Hz,P、Q两质点的平衡位置相距d=6.6m.若以Q质点

开始振动的时刻作为计时的零点，Q质点的振动图象如图所示.则P质点的振动图

象是下列选项中的（）

6.北京时间2013年12月2日凌晨1时30分，我国自行研制的常娥三号月球探测器在西昌卫星发射中

心发射升空，并已于14日21时11分成功实施软着陆，这标志着我国成为世界第三个实现地外天

体软着陆的国家，图示是常娥三号飞行的轨道示意图，变轨过程是先从地月转移轨道经过修正

进入环月圆轨道，然后再通过近月制动进入环月椭圆轨道，则以下说法正确的是（）

及

入

月

专

地月特，段

,,修正近月切动

A.常娥三号从地月转移轨道修正进入环月圆轨道过程中机械能守恒

B.常娥三号在环月圆轨道和环月椭圆轨道上运行时，在切点P处的加速度a相同

C.常娥三号在环月圆轨道上运行的周期比在环月椭圆轨道运行的周期一样

D.常娥三号近月制动完毕关闭发动机后，向近月点运行的过程中，势能减少，动能增加，机械

能增加

7.一束可见光a由三种单色光m、p、n组成.光束a通过三棱镜后情况如图所a

示，检测发现单色光p能使某金属产生光电效应，下列叙述正确的是（）

A.真空中单色光根的波长大于律的波长

B.单色光m的频率大于n的频率

C.单色光n一定可以使该金属发生光电效应

D.在三棱镜中，单色光m的光速大于n的光速

电流天平是一种测量磁场力的装置，如图所示，两相距很近的通电平行线圈I和n,线圈I固

定，线圈n置于天平托盘上，当两线圈均无电流通过时，天平示数恰好为零，下列说法正确的

是（）

A.当天平示数为负时，两线圈电流方向相反

B.当天平示数为正时，两线圈电流方向相反

C.线圈I与线圈II之间的作用力是通过电场传递的

D,线圈I对线圈n的作用力与托盘对线圈口的作用力是一对相互作用力

9.一物体做自由落体运动，在第1s内和第2s内，重力对该物体做的功之比和在第1s末和第2s末重

力做功的瞬时功率之比分别为（）

A.1:2,1:3B,1:3,1:2C.1:3,1:4D.1:4,1:3

10.起重机将2xIO，7的重物匀速提升5m，在此过程中，起重机对重物做的功是（）

A.4x103/B.1x1047C.1x105/D.4x105/

11.如图所示，两个半径相同的半圆形光滑轨道置于竖直平面内，左右两端点等高，分别处于沿水

平方向的匀强电场和匀强磁场中.两个相同的带正电小球同时从两轨道左端最高点由静止释

放.M、N为轨道的最低点，贝ij（）

A.两小球到达轨道最低点的速度"M>VN

B.两小球第一次经过轨道最低点时对轨道的压力FM<FN

C.磁场中的小球第一次到达M点的时间大于电场中的小球第一次到达N点的时间

D.在磁场中小球能到达轨道另一端最高处，在电场中小球不能到达轨道另一端最高处

12.如图1所示是电容式话筒，其原理示意图如图2所示，当对着话筒说话时，振动膜片发生振动,

固定电极不动，当振动膜片向左振动时（）

第翳输出信号

图1图2

A.振动膜片与固定电极构成的电容器的电容增大

B.振动膜片上电荷量增大

C.R中有自左向右的电流

D.R左端的电势比右端低

13.某同学用粗细均匀的同一种导线制成“9”字形线框，放在有理想边界的匀强磁场旁，磁感应强

度为B,如图甲所示.已知磁场的宽度为2d,ab=be=cd=da=ce=ef=d,导线框从紧

靠磁场的左边界以速度"向X轴的正方向匀速运动，设%=Bdu.在图乙中最能体现be两点间的电

压随坐标x变化关系的图象是（）

14.一个人站在高出地面九处，抛出一个质量为m的物体.物体落地时的速率为。，不计空气阻力，

则人对物体所做的功为()

A.mghB.号^C.mv2D.-mgh

二、实验题(本大题共2小题，共18.0分)

15.在“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，已知一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积为匕沙酸，

配制的油酸酒精溶液中，纯油酸与溶液体积之比为1：500,1mL溶液滴250滴，那么1滴溶液的

体积是mL,所以一滴溶液中纯油酸体积为匕防酸=cm3若实验中测得结果如下表所

示，请根据所给数据填写出空白处的数值，并与公认的油酸分子长度值d=1.12x10-1。机作比

较，并判断此实验是否符合数量级的要求。

次数S/cm2L=g/cm平均值I

1533—

2493

3563—

16.某同学用如图所示的实验装置来“验证力的平行四边形定则”。弹簧测力

计4挂于固定点P,下端用细线挂一重物M,弹簧测力计B的一端用细线系

于。点，手持另一端向左拉，使结点。静止在某位置。

(1)为了完成实验，需要记录下来的是结点。的位置以及弹簧测力计中力的大

小和方向，如果作图得到的合力满足，则平行四边形定则得以验证。

(2)下列不必要的实验要求是(请填写选项前对应的字母)

人木板平面要保持竖直

8.两个弹簧测力计必须调零

C拉线方向应与木板平面平行

。.改变拉力，进行多次实验，每次都使。点静止在同一位置

(3)某次实验中，该同学使弹簧测力计B处于水平方向，发现弹簧测力计4的指针稍稍超出量程，为

了能够完成实验，他应该0

A.换用质量更轻的重物

员保持弹簧测力计B的拉力方向不变，减小其拉力

C.保持弹簧测力计B的拉力不变，将其顺时针旋转一个小角度

。・保持弹簧测力计B的拉力不变，将其逆时针旋转一个小角度

三、计算题(本大题共4小题，共40.0分)

17.中国航母舰载机“歼-15”通过滑跃式起飞方式起飞，其示意图如图所示，飞机由静止开始先

在一段水平距离为，1=160巾的水平跑道上匀加速运动，然后在长度为。=20.5m的倾斜跑道上

滑跑，直到起飞.已知飞机在水平跑道上加速度%=5m/s2,在倾斜跑道上加速度a?=4m/s2,

假设航母处于静止状态，飞机可看成质点，不计拐角处的影响，求：

(1)求飞机在水平跑道上运动的末速度；

(2)求飞机从开始运动到起飞经历的时间.

18.带电粒子在“云室”中运动时。可呈现其运动径迹。将“云室”厂处

放在匀强电场中，通过观察分析带电粒子的径迹，可以研究原子7|w［动

核发生衰变规律。现将一静止的放射性14c放入上述装置中。当它.王£二^川

发生衰变时，可能放出a粒子或电子或正电子。所放射出的粒子与=^"

反冲核经过相等时间所形成的径迹如图所示(发生衰变后的瞬间一1瓦-—

放射出的粒子和反冲核的速度方向与电场强度E垂直，a、b均表示长度)。则

(1)】4c发生衰变时所放射出的粒子是

(2)1%发生衰变时所放射出粒子的运动轨迹是(填①、②)

(3)"C的衰变方程是：

(4)简要推导发生衰变后的瞬间放射出的粒子与反冲核的动能之比。

19.一轻质细绳一端系一质量为m=0.053的小球4另一端挂在光滑水平轴。上，。到小球的距离

为L=0.1m,小球跟水平面接触，但无相互作用，在球的两侧等距离处分别固定一个光滑的斜

面和一个挡板，如图所示，水平距离s=2m.现有一滑块B,质量也为血，从斜面上滑下，与小

球发生碰撞，每次碰后，滑块与小球速度均交换，已知滑块与挡板碰撞时不损失机械能，水平

面与滑块间的动摩擦因数为4=0.25,若不计空气阻力，并将滑块和小球都视为质点，g取

10m/s2,试问：

(1)若滑块B从斜面某一高度九处滑下与小球第一次碰撞后，使小球恰好在竖直平面内做圆周运动，求

此高度九;

(2)若滑块B从/1'=5m处下滑与小球碰撞后，小球在竖直平面内做圆周运动，求小球做完整圆周运

动的次数.

20.如图所示，轻质绝缘细线吊着一质量为m,边长为L、匝数为n的正方形

金属框，其上半部分处于磁场内，下半部分处于磁场外，磁场方向如图，

磁感应强度随时间均匀变化满足B=比规律，金属框总电阻为r,已知细

线所能承受的最大拉力7=2mg,从1=0开始到细线刚被拉断的过程

中，求:

(1)回路中磁通量的变化率;

(2)金属框的热功率；

(3)通过金属框截面的电量.

参考答案及解析

1.答案：B

解析：解：一切物体都能发射红外线，不同温度的物体发出的红外线的频率与强度不同，所以可知

生命探测仪主要是接收人体发出的红外线，便于用生命探测仪收集.

故选：B.

生命探测仪主要是收集活人所发出的各种生命信息，废墟中的活人能够向外传递微弱的声音信息和

辐射红外线等.

本题以重大事件为载体考查了声波、红外线、蒸电磁波的相关知识，综合性强，是否正确判断活人

所能发出的各种信息是本题的解题关键，体现了生活之中处处有物理的理念.

2.答案：B

解析：解：根据气体状态方程，等温变化过程有半=C,C为常数

A、温度是分子平均动能衡量的标志，T不变，则分子的平均速率不变，A错误；

以等温过程温度不变，压强和体积变化，则一定质量的气体单位体积内的分子数会发生变化，故B

正确；

C、质量不变，则分子总数也不变，故C错误；

。、等温过程温度不变，则分子的平均动能不变，故。错误。

故选：B。

明确题设的不变量为气体质量和温度，则气体的其他两个参量体积和压强发生变化，分子平均速率

跟温度有关，单位体积的分子数跟质量和体积有关，分子总数跟质量直接相关。

本题要明确等温变化的性质，根据理想气体状态方程分析各物理量的变化，简单题目。

3.答案：B

解析：解：4、在核衰变时放出的射线有a、3、y三种射线，a射线和0射线由带电粒子所组成的，y射

线是高频的电磁波，故A错误；

8、发生光电效应时，原子核外部的电子吸收光子后成为光电子，故8正确；

C、0衰变不引起质量数变化，所以a衰变的次数为乳=史亨=7次，故C错误；

D、大量处于n=4能级的氢原子，跃迁到n=2的过程中，可释放出4T2、4T3、3T2这三种频

率的光子，故。错误。

故选：Bo

根据射线的特点分析；根据光电效应的本质分析；根据两种衰变的特点分析衰变的次数；依据数学

组合喋求出衰变的光子种类；

解决本题的关键知道核反应过程中电荷数守恒、质量数守恒，知道三种射线的特点与本质等，基础

题，关键要多看课本，多加积累。

4.答案：C

解析：解：如果两个物体间的温度相同，那么它们之间就不会发生热传递；而温度是分子平均动能

的标志，所以相互接触时无热传递，说明它们具有相同的温度或分子平均动能.故A3。错误，C正

确.

故选：C.

首先知道热传递发生的条件是要有温度差，如果温度一样，则就不会发生热传递.

解决此题要结合热传递的条件进行分析解答.

5.答案：D

解析：解；由/得，，=，=言6=。,8巾，d=6.6m=8i2,相当于由图看出t=0时刻Q

点通过平衡向上运动，波由P传到Q,则知在t=0时刻，P处于波峰，故。正确。

故选：Do

由题，波速为f=80?n/s,频率为f=100Hz,由u=4/求出波长，根据d与波长的关系，结合波形，

分析P、Q的位置关系，选择图象.

本题关键根据两质点平衡位置间距离与波长的关系，结合波形分析两质点位置的关系，即可选择图

象.

6.答案：B

解析：试题分析：嫦娥三号从地月转移轨道修正至进入环月圆轨道的过程中有近月制动过程，此过

程中发动机对卫星做负功，卫星的机械能减小，在不同轨道上的P点卫星的加速度都由万有引力产生,

在同一位置万有引力大小相同产生的加速度大小相同，根据开普勒行星运动定律根据半长轴关系求

解周期关系，关闭发动机后向近月点运动过程中，只有月球重力做功，势能减小动能增加，而总的

机械能保持不变.

A、嫦娥三号从地月转移轨道进入环月圆轨道的过程中需要近月制动，此过程中发动机使嫦娥三号减

速让月球引力“捕捉”到嫦娥三号，故此过程中嫦娥三号的机械能不守恒，故A错误；

以在切点P处都是由万有引力使嫦娥三号产生加速度，因为同一位置P引力相同，不管在哪个轨道

上卫星的加速度相同，故B正确；

C、根据开普勒第三定律§=k,知嫦娥三号在环月轨道上的半长轴比椭圆轨道上的半长轴大，故其

周期来得大，c错误；

。、嫦娥三号近月制动后关闭发动机，向近月点运行过程中，嫦娥三号仅受月球引力作用，由于高

度降低引力做正功，势能减小，动能增加，而总的机械能保持不变.故。错误.

故选:B.

7.答案：B

解析：解：4由图得到，光线m偏转角最大，故m的折射率最大，频率最大；根据c=2y,知光线

沉的波长最短，光线n的波长最长；故A错误；

B、光线m折射率最大，频率最大，则单色光小的频率大于频的频率，故B正确.

C、光线m频率最大，根据E=hy,光子的能量最大；若单色光p能使某金属产生光电效应，故光线m

一定可以使该金属发生光电效应，光线n不一定能使该金属发生光电效应；故C错误；

D、根据公式〃=知在三棱镜中，单色光m的光速小于n的光速.故。错误；

故选：B.

先根据偏转情况判断折射率的大小情况，对照光谱可以得到频率情况；根据c="判断波长大小；

根据光电效应方程判断能否发生光电效应；根据u=:判断光速大小.

解决本题的突破口在于通过光的偏折程度比较出折射率的大小，以及知道折射率、频率、波长、在

介质中的速度等关系.

8.答案：B

解析：解：4、当天平示数为负时，说明两个线圈相互吸引，根据安培定则，可知此时两线圈电流方

向相同，故A错误；

B、当天平示数为正时，说明两个线圈相互排斥，根据安培定则，可知此时两线圈电流方向相反，故

8正确；

C、线圈I与线圈D之间的作用力是通过磁场传递的，故C错误；

。、线圈I对线圈n的作用力，与托盘对线圈口的作用力都作用在线圈口上，不是相互作用力，故

选项。错误.

故选：B。

两条平行的通电直导线之间会通过磁场发生相互作用：电流方向相同时，将会吸引；电流方向相反

时，将会排斥.

本题主要考查平行通电直导线间的作用，要求学生结合给出装置图进行解题，对学生信息获取能力

以及理解能力有一定要求。

9.答案：B

解析：根据位移时间公式求出物体在第1s内和第2s内的位移之比，从而求出重力做功之比；根据速

度时间公式求出1s末和2s末的速度之比，结合功率公式求出瞬时功率之比：

本题考查了自由落体运动的规律、功的求法以及功率的求法，比较简单，基础题。

物体在第1s内和第2s内通过的位移比为勺：%=1：3，重力对该物体做的功之比

.W2=:mgx2=1:3，在第Is末和第2s末的速度比匕：匕=1:2，重力做功的瞬时功

率之比6:舄=根无：於gv?=1:2,故3正确，ACQ错误。

故选瓦

10.答案：C

解析：解：物体做匀速直线运动，故拉力为：F=G=2X104N；

则起重机对物体的做的功为：W=Fh=2x104/Vx5m=1x1057

故C正确ABD错误。

故选：C。

根据平衡条件确定起重机的拉力，再由功的公式可求得起重机对物体做的功。

本题考查功的计算，要注意功的公式以及二力平衡的应用，属基本知识的直接考查。

11.答案：D

解析：解：4、对左图，根据动能定理得：mgR=gm谄,解得：vM=yj2gR.

对右图，根据动能定理得：mgR-qER=\mvl，解得：孙,=/耍画。

所以故A错误；

B、在最低点，对左图有：FM-mg=m^-,解得：F财=3mg。

对右图有：FN_mg=m或,解得：F=3mg-qE.

RN

可知：FM>FN,故8错误；

c、左图在运动的过程中，只有重力做功，右图在运动的过程中，除重力做功外，还有电场力做负功，

起阻碍作用，所以小球第一次到达”点的时间小于小球第一次到达W点的时间，故C错误；

洛伦兹力不做功，根据能量守恒可知小球能运动可能到另一端的最高处，根据动能定理知，在

电场中，电场力始终做负功，小球不能到达最高点，故。正确。

故选：D。

带电小球在磁场中运动，洛伦兹力不做功，根据动能定理求出运动到最低点的速度，从而根据牛顿

第二定律求出底部对小球的支持力大小，然后进行比较.

本题考查带电粒子在磁场和电场中的运动，解决本题的关键知道电场力做功和洛伦兹力做功的区别,

知道洛伦兹力不做功，综合动能定理和牛顿第二定律进行求解.

12.答案：C

解析：解：4、当振动膜片向左振动时，振动膜片与固定电极的间距增大，根据影响电容器电容大小

的因素知，电容C减小，故A错误；

B、由C=V可知，在U不变时，。减小，Q减小，即电容器放电，振动膜片上电荷量减小，故3错误；

CD,由于电容器放电，R中有自左向右的电流，R左端的电势比右端高，故C正确，O错误。

故选：C。

电容器极板间距离的变化引起了电容的变化，电容的变化引起了电量的变化，从而判定R中电流方向，

进而确定电势的高低。

本题考查了电容器的动态分析，方法是：从部分的变化引起电容的变化，根据电压或电量不变判断

电量或电压的变化。

13.答案：A

解析：解：x在O-d过程：线框进入磁场，儿、ce产生的感应电动势都是E=Bdu=U。•根据右手定

则判断可知，b点的电势高于c点的电势。be间的电势差为：湿=|E=1%,则be两点间的电压=

37

4c+E=?%+%=：%；

在d-2d过程：线框完全进入磁场，磁通量不变，没有感应电流产生，ad、be、ce产生的感应电动

势都是E=Bdv=%.根据右手定则判断可知，b点的电势高于e点的电势。be两点间的电压（/加=

2E=2U。。

在2d-3d过程：线框穿出磁场，ad边产生的感应电动势是后=8m=%.根据右手定则判断可知，a

点的电势高于d点的电势，则得b点的电势高于e点的电势。be两点间的电压=；£=；%.故A正

确。

故选：Ao

分三段过程研究：进入、完全在磁场中，穿出磁场三个过程.根据E=B功求出bc、ce和ad产生的

感应电动势.分析加两点间的电压与电动势的关系，即可选择图象.

解决本题关键要分析清楚感应电动势与电压之间的关系，正确区分电源与外电路，列式进行分析.

14.答案：D

解析：解：设人对物体所做的功为W,根据动能定理得：

W+mgh-|mv2-0,解得：W—|mv2—mgh.；

故选：Do

由于动能定理可以求出人对物体做的功.

本题考查了求人对物体做的功，分析清楚物体运动过程，由于动能定理即可正确解题.

-8

15.答案：击8x10-61.50x10-81.51x10-87n1.62x10-81A2x10

解析：解：由题给条件得，1滴溶液的体积为：吟球=言m3

因为*=故1滴溶液中油酸体积为：==^x^cm3=8x10-6cm3°

据此算得3次测得L的结果分别为1.50x10-8cm、1.62x10-8cm,1.42x10-8cm,

其平均值为：Z=-3

代入数据可得：［。1.51xIO-I。m.这与公认值的数量级相吻合，故本次估测数值符合数量级的要求。

故答案为：击，8x10-6,1.50x10-8,1.62x10-8142x10-8,1.51x10-1。如此实验符合数

量级的要求。

先求出每滴溶液的体积，然后求出一滴溶液中含纯油酸的体积；油酸分子在水面上形成单分子油膜，

油膜的厚度等于油酸分子的直径

要知道油膜法测分子直径的实验原理，实验时要注意求出一滴溶液中含纯油酸的体积。

16.答案：在误差允许范围内与M重力等大反向DABC

解析：解：(1)为了完成实验，需要记录下来的是结点。的位置以及弹簧测力计中力的大小和方向，

如果作图得到的合力满足在误差允许范围内与M重力等大反向，则平行四边形定则得以验证。

(2)4、实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此需要格力的方向都在竖

直方向的平面内，所以木板平面要保持竖直。故A正确；

B、两个弹簧测力计必须调零。故B正确；

C、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性。故C正确；

。、当结点。位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均

一定，因此弹簧测力计8的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验。故。不必要。

本题选不必要的，故选：D.

(3)当弹簧测力计4超出其量程，则说明与弹簧测力计B和重物相连的两根细线的拉力的合力已偏大。

又由于挂重物的细线力的方向已确定，所以要么减小重物的重量或减小弹簧测力计B的拉力，要么改

变测力计B拉细线的方向，保持弹簧测力计B的拉力不变，将其顺时针旋转一个小角度，从而使测力

计4不超出量程，故A8C可行，。不可行。

故选：ABC

故答案为：(1)在误差允许范围内与M重力等大反向(2)D(3)4BC

(1)根据实验的原理说明；

(2)在该实验中，由于P、。的位置确定，则4弹簧的拉力大小和方向一定，合力又一定，则弹簧B的

拉力大小和方向也一定，不需进行多次实验；

(3)当结点静止于某位置时，弹簧测力计B的大小与方向就已确定了。原因是挂重物的细线大小与方

向一定，而弹簧测力计4大小与方向也一定，所以两力的合力必一定。当出现超出弹簧测力计4的量

程时，通过改变其中一个力大小或另一个力方向来达到此目的。

本题考查了弹簧测力计读数、减小实验误差的方法，对弹簧测力计读数时要先确定其分度值，然后

再读数，读数时视线要与刻度线垂直，同时值得注意其中有一力大小与方向均已一定，从而减少实

验的操作步骤。

17.答案：解：(1)设飞机在水平跑道上运行的末速度为。，由运动学公式有：

1^2—2d],

解得：v=个2ali1=^2x5x160m/s=40m/s

(2)设飞机在水平跑道上所用的时间为在倾斜跑道上所用的时间为匕，有：

则，1=九中,

解得：公=照=招远s=8s

设倾斜跑道末端的速度为％，有：久一户=2。2,2，

代入数据解得：%=42m/s,

由/="+Q2t2解得:

Vt-V42-40n_

t2=--a-2--=----4---s=0.5s,

K机从开始运动到起飞经历的时间为ti+t2=8.5s.

答：(1)飞机在水平跑道上运动的末速度为40m/s；

(2)飞机从开始运动到起飞经历的时间为8.5s.

解析：(1)根据匀变速直线运动的速度位移公式求出飞机在水平跑道上运动的末速度.

(2)根据位移时间公式求出在水平跑道上的运动时间，根据速度位移公式求出飞机的末速度，结合速

度时间公式求出在倾斜跑道上运动的时间，从而得出总时间.

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、位移时间公式、速度位移公式，并能灵活运

用.

18.答案：②

解析：解：(1)由轨迹弯曲方向可以看出，反冲核与放出的射线的受力方向均与电场强度方向相同，

带正电，

2

根据类平抛运动处理规律，则有：v2t=a,\-^-t=2a.

1•—•2；

1=b,2nlit=4b

综上解得：＜?!=2q2

所以放出的粒子为a粒子。

(2)由动量守恒得，a粒子与反冲核的动量相同，由半径公式r=》知a粒子的半径大，所以运动轨迹

是②。

(3)核反应方程是记Ct24He+l°Be

(4)a粒子的动量与反冲核的动量相同,EK=白,所以动能之比等于质量反比,Em：=14:4=7：

2

故答案为：(l)a粒子；

⑵②；

(3)四C-24He+^Be

(4)5：2„

根据形成的径迹发现判断粒子的电性。核衰变过程动量守恒，反冲核与释放出的粒子的动量大小相

等，根据牛顿第二定律和运动学公式求解。根据电荷数守恒质量数写出核反应方程式。

原子核的衰变过程类比于爆炸过程，满足动量守恒，掌握类平抛运动的规律解答。

19.答案：解:

(1)小球刚能完成一次完整的圆周运动，它到最高点的速度为火,在最高点，仅有重力充当向心力