2023年浙江省强基联盟高考物理统测试卷及答案解析

2023年浙江省强基联盟高考物理统测试卷

一、单选题（本大题共13小题，共39.0分）

1.描述电场能的性质的物理量及其单位用国际单位制中的基本单位表示正确的是（）

A.电场强度N/CB.电场强度kg・m/4・s3

C.电势VD.电势kg,机2/^.

2.下列关于物理研究的思想方法，叙述正确的是（）

A.质点、合力概念的建立都体现了等效替代的思想

B.速度定义式”祭当戈足够小时，岩就可以表示物体在某时刻的瞬时速度，该定义应用

了微元法

C.演绎推理是从一般性结论推出个别性结论的方法,即从已知的某些一般原理、定理、法则、

公理或科学概念出发，推出新结论的一种思维活动。比如，动能定理的得出用的就是演绎推

理的方法

D.用比值法定义的物理量在物理学中占有相当大的比例，如…=会a若

3.筷子是中国人常用的饮食工具，也是中华饮食文化的标志之一。如图所示，甲、乙、丙

图是筷子夹鹅卵石时的三个动作示意图，筷子均在竖直平面内，鹅卵石均处于静止状态，则

（）

甲乙丙

A.甲图中的鹅卵石受四个力的作用

B.乙图中下面筷子对鹅卵石的力大于上面筷子对鹅卵石的力

C.若增大丙图中的筷子对鹅卵石的弹力，则鹅卵石受到的摩擦力也会增加

D.若增大丙图中的筷子与水平方向的夹角，则鹅卵石受到筷子对它的作用力也增大

4.如图为小丽玩小皮筋球的瞬间，小球正在向上运动，手正在向下运动，

橡皮筋处于绷紧状态。对于小球的运动，下列说法正确的是（）

A.图示瞬间小球一定处于超重状态

B.图示瞬间小球一定正在向上减速

C.在此后的一小段时间内，小球的动能一定增加

D.在此后的一小段时间内，小球机械能一定增加

5.春节刚过，烟花的美景仍印象深刻。放烟花时烟花弹由发射筒底部火

药引燃获得初速度，竖直向上运动到最高点时炸开，如图是烟花燃放时的

图景，其中P、Q分别为两块碎片的径迹，假设两块碎片在烟花弹炸开时

同时斜向上抛出，初速度大小咋=%,初速度与水平方向的夹角分＞%,

不计空气阻力，下列表述正确的是（）

A.烟花弹“发射”过程动量守恒

B.在空中运动过程中，P、Q两块碎片的速度变化率相同

C.P、Q两块碎片上升到最高点时速度都为零

D.P、Q两块碎片从炸开到上升到最高点的过程，运动的时间相等

6.如图所示，是博物馆珍藏的古代青铜“鱼洗”的复制品，

注入适量水后，有节奏地摩擦鱼洗双耳，会发出嗡嗡声，盆内

水花四溅。传说，众多“鱼洗”声能汇集成千军万马之势，曾

吓退数十里外的敌军。“鱼洗”反映了我国古代高超的科学制

器技术。下列分析正确的是（）

A.“鱼洗”声在空气中传播是一种横波

B.盆内水花四溅的原因是水波的衍射

C.手掌摩擦得越快则溅起的水花越高

D.当用手以一定频率摩擦“洗”的盆耳时发出的嗡嗡声特别响，这是共振现象的一个体现

7.某同学自己绕制天线线圈，制作一个简单的收音机，用来收听中波的无线电广播，初步

制作后发现有一个频率最高的中波电台收不到，但可以接收其他中波电台。适当调整后，去

户外使用，假设空间中存在波长分别为300瓶、397m、566nl的无线电波，下列说法正确的是

（）

A.使接收电路产生电谐振的过程叫做解调

B.在电磁波发射技术中，只有调频这种调制方式

C.为更好接收波长为300m的无线电波，应把收音机的调谐频率调到1MHz

D.为了能收到频率最高的中波电台，应增加线圈的匝数

8.图像是解决物理问题的好方法，下列关于图像的分析正确的是()

A.图甲中4、B两物体v—t图的交点表示两物体在匕时刻相遇

B.图乙为某硅光电池的路端电压与电流的关系图，则电池在P点状态下的内阻为直线MP的

斜率的大小

C.图丙为某白炽灯电压与电流的关系曲线，则图中Q点切线的斜率表示该灯泡在电压为2.0U

时的电阻

D.图丁的阴影部分的面积反映了该变力作用下物体从修到犯的过程中力的功率

9.C7扫描是计算机X射线断层扫描技术的简称，图中的cr扫描机可用于对多种病情的探测。

图(a)是某和£7机主要部分的剖面图，其中X射线产生部分的示意图如图(b)所示。图(b)中M、

N之间有一电子束的加速电场，虚线框内有匀强偏转磁场，经调节后电子束从静止开始沿带

箭头的实线所示的方向前进，打到靶上，产生X射线(如图中带箭头的虚线所示)，将电子束打

到靶上的点记为P点。则()

B.偏转磁场的方向垂直于纸面向外

C.仅减小M、N之间的加速电压，可使P点左移

D.仅增大偏转磁场磁感应强度的大小，可使P点右移

10.核电池是各种深空探测器中最理想的能量源，它不受极冷极热的温度影响，也不被宇宙

射线干扰。算8p“同位素温差电池的原理是其发生衰变时将释放的能量转化为电能。我国的

火星探测车用放射性材料PuO2作为燃料，P"O2中的P"元素是贫8pa,已知登8Pli的半衰期为

88年，其衰变方程为力8pa-第4U+X。若磊8p“、234X的结合能分别为瓦、之、E3,则

下列说法正确的是（）

A.歌8pu的平均核子质量大于卷切的平均核子质量

B.衰变放出的射线是氢核流，它的贯穿能力很强

C.该反应释放的能量为E=Ei-E2-邑

D.100个/8pa原子核经过88年后剩余50个

11.地球公转轨道接近圆，但彗星运动轨道则是一个非常扁的椭圆。天文学家哈雷成功预言

哈雷彗星的回归，它最近出现的时间为1986年，预测下次飞近地球将在2061年左右。如图为

地球与哈雷彗星绕日运动的示意图，且图中M点为两迹的交点。则下列分析正确的是（）

A.哈雷彗星在近日点的速度大于地球绕日公转的速度

B.哈雷彗星在M点时的加速度小于地球在M点时的加速度

C.根据已知数据可估算哈雷彗星轨道的半长轴是地球公转半径的「取倍

D.地球与太阳的连线和哈雷彗星与太阳的连线在相等时间内扫过的面积相等

12.在光学仪器中，“道威棱镜”被广泛用来进行图像的翻转，其横截面如图所示，ABCD是

底角为45。的等腰梯形。现有与BC平行的三条相同的单色光线1、2、3射入4B,经BC面反射

后，直接射到CD面上，已知棱镜材料的折射率兀=下列有关说法正确的是（)

A.光线在棱镜中传播时频率减小

B.BC面上有光线射出棱镜

C.从CD面上射出的光线一定与入射光线平行

D.从CD面上射出的三条光线中最靠近C点的是光线3

13.浪地球2少电影中的很多科幻设定都是基于现有的科学技术。如图甲所示的机器人

是基于生活中的扫地机器人设计。市面上某款具有“智能充电规划”功能的扫地机器人，它

可以按照打扫面积的大小进行充电规划，其铭牌和给主机供电的电池如图乙所示。已知当电

池电量只剩20%时机器人将返回充电基站充电，机器人平均每分钟可打扫2m2。忽略机器人

往返过程的时间及消耗的电能。则下列说法正确的是（）

甲

在空吸生器（智能吸尘器）

主机匚作电压:14.4V充电座型号:CH163O

主机额定功率：40W充电座额定输出电压：20V

生产日期：2018年06月充电库额定输出电流：1A

乙

A.主机工作电流为14

B.主机电阻约为5.18。

C.扫地机器人从满电状态开始能够连续工作约1.2八

D.机器人打扫面积为150m2的空间至少需要约1.9八

二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）

14.电磁学知识在科技生活中有广泛的应用，下列相关说法正确的是（）

如图所示中动圈式扬声器的工作原理是电磁感应

B.如图所示中线圈产生的自感电动势有时会大于原来电路中的电源电动势

c.圈陨如图所示中自制金属探测器是利用地磁场来进行探测的

D.如图所示中磁电式仪表，把线圈绕在铝框骨架上，目的是增加电磁阻尼

的作用

15.如图所示，是研究光电效应的电路图。①、②两束单色

光是由处在同一激发态的原子跃迁到I态和II态时产生的，若

光束①通过窗口照射到阴极K后，滑动变阻器的滑片P滑到位

置a时，电流表的读数恰好变为0；光束②通过窗口照射到阴

极K后，滑动变阻器的滑片P滑到位置b时，电流表的读数恰好

变为0,则下列说法正确的是（）

A.光束①产生的饱和电流一定小于光束②的饱和电流

B.光束①产生的光电子的初动能一定小于光束②产生的光

电子的初动能

C.发生原子跃迁后对应能级的能量%>E®

D.光束①和光束②通过同一狭缝时都能发生衍射现象

三、实验题（本大题共4小题，共14.0分）

16.某同学按图甲所示,安装实验器材探究质量一定时合外力与加速度的关系。已知物块4与

遮光片的总质量为niA，遮光片中心距光电门的高度为九（无远大于遮光片宽度）。物块B质量为

mB,置于水平桌面上，锁定物块B,使系统保持静止状态。某时刻解除锁定，物块4由静止

开始向下运动，光电门记录遮光片的遮光时间上，同时记录传感器读数F。（忽略绳和滑轮的

质量，不计4、B、绳、滑轮组成的系统内的摩擦）

(1)关于该方案下列说法正确的是。

A.不要求«mB

8.物块B与水平桌面间可以有摩擦

C.力传感器的读数就是物块4的合外力

D力传感器的读数的两倍就是物块4的合外力

(2)用游标卡尺测出遮光片的宽度d,测量结果如图乙所示，遮光片的宽度d=mm。

(3)物块4加速度的表达式。=(用4t、d、九表示)。

17.小明为了估算玩具枪子弹射出枪口时的速度，做了如图所M

----1

示的实验。先用橡皮泥做了一个小球，再把橡皮泥放在水平桌

面的边缘，将玩具枪平放在桌面上，射出子弹，子弹和橡皮泥\、

一起水平飞出。重力加速度大小为9。----------一

P

(1)关于该实验，下列说法正确的是。(单选)

A.枪口是否水平对实验无影响

B.枪口应适当靠近小球

C.必须使用秒表测出橡皮泥在空中运动的时间

(2)若已知橡皮泥的质量M、子弹的质量rn、橡皮泥在水平地面上的落点P,为了测出子弹射

出的速度，除需要测量橡皮泥初始位置到P点的水平位移x外，还需要测量的数据为o

(3)有同学提出可以直接利用子弹与橡皮泥组成的系统在撞击前后机械能守恒求得子弹的射

出速度，你觉得是否可行？(选填"行”或“不行”)。

18.传感器在现代生活中有着广泛的应用。某学习小组利用压力传感器设计了一个测量压力

大小的电路。压敏电阻的阻值R与所受压力大小尸的关系如图甲所示，压力产在。〜200N范围

内时图线为直线。

先利用如图乙所示的电路，测量F=0时压敏电阻的阻值R。。主要器材如下。

压敏电阻R(F=0时的阻值&在90〜1100之间)；

电源（电动势E=12U,内阻不计）;

电流表Gi（量程10巾4,内阻=2000）；

电流表G2（量程5064内阻R"约为I。。。）；

定值电阻％=2000；

滑动变阻器/?2；

开关Si、S2及导线若干。

请完成下列问题:

①要求尽量准确测量压敏电阻的电阻值，导线c端应与（填“a”或"b”）点连接。

②滑动变阻器有两种规格，本实验中/?2应选择o

A.最大阻值为20。

区最大阻值为2000

③闭合开关S】、S2,调节滑动变阻器接入回路部分的阻值，从最大值逐渐减小，电流表G2读

数为40nl4时电流表Gi读数为8.0加4,可知扁=0。

④断开开关52,继续调节滑动变阻器/?2,使电流表G2达到满偏，满偏电流刻度处标记尸=0。

此时滑动变阻器接入电路部分的阻值和G2内阻之和为0。保持滑动变阻器阻值不变，

当电流表示数为30nM时，压力F=N。

19.如图所示为观察白光薄膜干涉的演示实验，观察者可以观测到肥皂

膜上有明暗相间的彩色条纹。

（1）为了更好地观察干涉条纹，光源应该在=

4观察者侧

B.观察者的对面侧

（2）下列对实验结论的说法正确的是»（单选）

A.旋转铁丝圈，观察者看到的条纹将跟着旋转

B.本实验的条纹形成的原理和平面镜成像原理是一样的

C.若发现条纹是等间距的，说明肥皂膜是等厚的

D若发现条纹是上疏下密的，说明肥皂膜从上往下变厚是越来越快的

四、简答题(本大题共1小题，共8.0分)

20.小明在冬天使用保温杯装开水，突然“喙”的一声，瓶内气体温度升高顶开

了未拧紧的瓶盖。如图所示，一个绝热容器瓶口横截面积S=2cm2,当装入一定尸'

量的开水后迅速塞上不透气的绝热瓶塞，瓶塞重20g且与瓶口间有大小为/o=

1.8N的最大静摩擦力。通过晃动容器(瓶身保持竖直)使瓶内气体温度升高，温度I---------,

上升到最高时瓶塞恰好松动，并被弹出。大气压强po=1x1。5「黑求：

(1)瓶内气体升到最高温后达到的压强P；

(2)若瓶内气体刚封闭时温度为％=300K,则瓶内气体达到最高温后的温度7；

(3)若活塞从移动到离开瓶口过程位移d=1cm,滑动后摩擦力即立刻消失，该过程瓶内气体

内能损失0.212/,则瓶塞离开瓶口后的速度入(不计喷出过程瓶内气体热量损失及液化)

五、计算题(本大题共3小题，共33.0分)

21.如图所示，半径R=2.45加的竖直光滑:圆弧轨道AB,其底端右侧是一个凹槽，凹槽右

端连接一个半径r=0.40m的光滑圆轨道，轨道固定在竖直平面内，。与圆心连线与竖直方向

成。=37。角。一质量为nt=Mg的滑板Q放置在凹槽内水平面上，其上表面刚好与B点和C点

水平等高。开始时滑板静置在紧靠凹槽左端处，此时滑板右端与凹槽右端的距离d=0.60m»

一质量也为血的小物块P(可视为质点)从4点由静止滑下，当物块滑至滑板右端时滑板恰好到

达凹槽右端，撞击后滑板立即停止运动。已知物块与滑板间的动摩擦因数〃=0.75,其余接

触面的摩擦均可忽略不计，取重力加速度g=10zn/s2,

(1)求滑块滑至B点时对B点的压力；

(2)求滑板的长度I；

(3)请通过计算说明滑块滑上CD轨道后能否从D点飞出？

22.利用电磁感应加速物体除了有类似电磁弹射的方式外，还有一种利用感生电场加速带电

物体的方式，其原理如图甲所示。一个用光滑绝缘细圆管绕成的圆环固定在水平面上，圆环

半径为R。一个质量为小、电荷量为+q的小球(可视为质点)静止在细圆管中。垂直圆环平面、

以圆环外侧为边界的圆柱形区域内存在竖直方向上的匀强磁场，其磁感应强度大小随时间的

变化规律如图乙所示，竖直向上为正。己知变化的磁场在细圆管处产生环形感生电场(稳定的

感生电场可类比静电场)。细圆管半径大于小球半径且远小于圆环半径求：

(1)在0〜2环时间内，绕圆环一圈产生的感应电动势大小；

(2)在。〜2to时间内，细圆管内产生的感生电场的大小及方向(俯视)；

(3)在。〜2to期间，小球转动的圈数；

(4)t=1.5%时，求小球对管壁的作用力大小。

23.如图所示是一种粒子探测装置，半径为R的圆形区域内有垂直于纸面向外的匀强磁场，

单位时间内有N个质量为m,电荷量大小为q,速度大小范围为孙〜，？火的粒子从PM和QK间

平行于射入圆形磁场区域，PM与圆心0在同一直线上，PM和QK间距离为0.5R。已知从“

点射入的速度为孙的粒子刚好从。点正下方的N点射出圆形磁场区域。挡板ND下方有磁感应

强度为圆形磁场2倍、方向垂直于纸面向里的匀强磁场，ND=R,直线N。与圆形区域相切于

N点，到达N点的粒子均能进入下方磁场。挡板ND上表面绝缘，下表面导电且可完全吸收到

达的粒子，下表面通过一灵敏电流计接地。不计粒子重力以及粒子间的相互作用。求：

(1)圆形区域磁场的磁感应强度8及带电粒子的电性；

(2)已知灵敏电流计电流大小为/,则PQ间入射粒子中速度为火的粒子的比例小

(3)圆形磁场区域边界上有粒子射出的弧长长度，如

(4)若NZ)可以绕N点顺时针转动(0〜90。)，求ND挡板下表面有粒子打到的长度L与NC转过角

度的关系，并求当转过多少角度时粒子打到的长度最大及长度具体值？

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：2B.电场强度E=(,N/C是电场强度单位，不是国际单位制中的基本单位，根据转

化关系1N/C=1代:,m/A's'

但电场强度是电场力性质的物理量，故48错误；

CD电势是描述电场能性质物理量，根据电势定义：0=?

U是电势单位，不是国际单位制中的基本单位，根据转化关系11/=必==

CA-sd

m2/A-s3

故C错误，。正确。

故选：D。

根据单位制换算关系，确定物理量的国际单位制中的基本单位表示，并掌握电势是描述电场能性

质物理量。

本题解题关键是区分物理量电场强度和电势，并能够通过单位换算关系，正确推导出物理量的国

际单位制中的基本单位表示。

2.【答案】C

【解析】解：4质点概念的建立体现了理想化物理模型的思想，合力概念的建立体现了等效替代

的思想，二者所用方法不同，故A错误；

B.速度定义式u=生当戊足够小时，冬就可以表示物体在该时刻的瞬时速度，该定义应用了极

AtAt

限法，利用微元法的概念有功和冲量等概念，故B错误；

C.从一般性结论推出个别性结论的方法叫演绎推理，即从已知的某些一般原理、定理、法则、公

理或科学概念出发，推出新结论的一种思维活动。比如，动能定理、冲量定理的得出用的就是演

绎推理的方法，故C正确；

。.比值法定义的物理量在物理学中占有相当大的比例，〃=笔采用了比值定义式，a=色采用了比

值定义式，a=，仅仅针对匀变速直线运动才成立，对非匀变速直线运动不成立，因此a=,没

有采用比值定义式，故。错误。

故选:Co

合力概念的建立体现了等效替代的思想，质点概念的建立体现了理想化物理模型的思想，由平均

速度得出瞬时速度是利用了极限法，利用微元法的概念有功和冲量的概念，功是力对位移的积累，

冲量是力对时间的积累，动量定理与动能定理的得出用的都是演绎推理的方法，比值定义法是定

义一个物理量的时候采取比值的形式定义，比如速度，加速度，电场强度等概念的建立.

本题考查对物理方法的认识，学习物理概念时一定要注意物理概念的内涵与外延。知道微元法，

演绎推理的方法，比值定义法。

3.【答案】B

【解析】解：4甲图中鹅卵石受重力、两个弹力和两个摩擦力，共5个力作用，故A错误；

B.根据平衡条件，乙图中下面筷子对鹅卵石力等于重力和上面筷子对它的弹力之和，所以大于上

面筷子对鹅卵石力，故8正确；

C.丙图中，鹅卵石受到摩擦力等于重力沿筷子向下分力，增大丙图中筷子对鹅卵石弹力，鹅卵石

受到摩擦力不变，故C错误；

。.根据平衡条件，鹅卵石受到筷子对它作用力大小与重力相等,增大丙图中筷子与水平方向夹角，

鹅卵石受到筷子对它作用力不变，故。错误。

故选：B。

甲图中的鹅卵石受5个力的作用；根据平衡条件分析摩擦力、弹力的大小及变化情况。

本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分

析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平

衡方程进行解答。

4.【答案】D

【解析】解：AB,由于小球受到的重力与拉力关系未知，故无法判断加速度方向，无法判断图示

瞬间小球处于超重还是失重状态，无法判断图示瞬间小球向上做什么运动，故AB错误；

C、在此后的一小段时间内，小球受到的拉力可能小于重力，小球受到的合力向下，合力对小球

做负功，小球的动能减小，故C错误；

。、在此后的一小段时间内，小球受到的拉力方向向上，拉力对小球做正功，由功能关系知小球

机械能一定增加，故。正确。

故选：Do

加速度向上时为超重状态，加速度向下时为失重状态；若除重力外其他力做正功时，物体的机械

能增加，做负功时机械能减小。

解答本题时，要掌握超重、失重的条件，理解功与能的关系，并能用来解决实际问题。

5.【答案】B

【解析】解：4烟花弹“发射”过程所受合外力为重力，不是零且不可被忽略，动量不守恒，

故A错误；

8、根据a=光，可知在空中运动过程中，P、Q两块碎片的速度变化率即加速度相同，均为重力

加速度g,故8正确；

C、P、Q两块碎片做斜上抛运动，水平方向做匀速直线运动，所以P、Q两块碎片上升到最高点时，

竖直方向速度为零，水平方向速度不是零，故C错误；

D、P、Q两块碎片从炸开到上升到最高点的过程，运动时间t=*=等,因为%=vQ,eP>eQ,

则tp>tQ,故。错误。

故选：B.

根据动量守恒条件：合外力为零，分析动量是否守恒；速度变化率即加速度。P、Q两块碎片做斜

上抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做竖直上抛运动。根据分运动规律分析两块碎片

上升到最高点的时间关系。

不管是平抛还是斜抛运动都可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀变速直线运动。

要掌握动量守恒条件：合外力为零，通过分析外力情况，分析系统动量是否守恒。

6.【答案】。

【解析】解：4“鱼洗”声属于声波，声波在空气中传播时是一种纵波，故A错误；

BD.当有节奏地摩擦鱼洗双耳时，会产生两个振动源，鱼洗壁振动发出嗡嗡声,振动波在水中传播，

相互干扰，使能量叠加，因此，这些能量较高的水点会跳出水面，这是共振原理，当用手摩擦达

到固有频率时，发出的嗡嗡声特别响，这是共振现象的一个体现，故8错误，。正确；

C.当摩擦力引起的振动频率和鱼洗的固有频率相等或者相近时，鱼洗产生共振，振动幅度越大，

盆内的水花就越高，所以并不是手掌摩擦得越快溅起的水花越高，故C错误。

故选：Do

根据共振的条件，物体做受迫振动时的固有周期等于驱动力的周期时振幅最大。

本题以中国的“鱼洗”为情景载体，考查了共振现象和条件，当物体做受迫振动时的固有周期等

于驱动力的周期时振幅最大是解题的关键。

7.【答案】C

【解析】解4使接收电路产生电谐振的过程叫做调谐，故A错误；

B.在电磁波发射技术中，有调频和调幅两种调制方式，故8错误；

C.为更好接收波长为300巾的无线电波，根据/=j

代入数据得：f=1MHz

可知应把收音机的调谐频率调到lM”z,故C正确；

。.为了能收到频率最高的中波电台，应增大调谐电路的固有频率，根据/=丁黑

可知应减少线圈的匝数，故。错误。

故选：C。

使接收电路产生电谐振的过程叫做调谐；在电磁波发射技术中，有调频和调幅两种调制方式；根

据公式f=1f=可分析收音机的调谐频率。

AZ7TVLC

知道调谐、调频和调幅等概念，熟记调谐电路的固有频率表达式，即可分析相关问题。

8.【答案】B

【解析】解：4图甲为速度一时间图像，图像中4、B两物体u-t图的交点表示两物体在功时刻速

度相同，但不一定相遇，故A错误；

员图乙为某硅光电池的路端电压U与电流/的关系图，根据E=U+/r可知，则电池在P点状态下的

内阻为「=|黑|,即为直线MP的斜率的大小，故8正确；

C图丙为某白炽灯电压U与电流/的关系曲线，由图可知，图中所表示为非线性元件，根据R=彳可

知图中Q点与坐标原点连线的斜率才表示该灯泡在电压为2.0U时的电阻，故C错误；

。・丁图为F-x图像，根据W=Fx可知，图丁的阴影部分的面积反映了该变力作用下物体从与到&

的过程中力的所做的功，故。错误。

故选：B。

掌握图像的性质，能根据图像的坐标明确图像的性质，再分析交点斜率以及截距对应的物理意义。

图像是解决物理问题最常用的方法，要注意掌握研究图像的基本方法，会根据图像来处理物理问

题。

9.【答案】C

【解析】解：B、由电子运动轨迹粒子，电子进入磁场时受到向下的洛伦兹力作用，根据左手定

则可知偏转磁场的方向垂直于纸面向里，故B错误；

A、根据题意可知，电子在MN之间加速，受到向右的电场力，所以MN之间的电场线水平向左，

则M接加速电压的负极，故A错误；

CD、电子在加速电场中加速，由动能定理得：eU=^mv2-0

电子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：evB=m^

解得电子在磁场中做圆周运动的轨道半径：r=4叵^

B7e

如减小M、N之间的加速电压，电子在磁场中做圆周运动的半径r减小，电子出磁场时的速度偏角

变大，P点左移；增大偏转磁场磁感应强度的大小，则电子在磁场中做圆周运动的半径减小，电

子出磁场时的速度偏角增大，P点左移，故C正确，。错误。

故选：Co

电子受到向右的电场力，所以电场线水平向左，以此分析电势的高低；

根据左手定则分析偏转磁场的方向；

根据洛伦兹力提供向心力以及动能定理求解电子做圆周运动的半径表达式，从而判断改变磁感应

强度以及增大M、N之间的加速电压后P点的变化情况。

解决该题需要明确知道电子在各个区域的运动情况，在加速电场中由动能定理求加速之后的速度,

在偏转电场中由洛伦兹力提供向心力。

10.【答案】A

【解析】解：A衰变过程中释放能量，存在质量亏损，而且释放出的粒子的比结合能较小，贝I卷切

的平均核子质量大于解8Pu的平均核子质量，故A正确；

8.根据质量数守恒与电荷数守恒可知X为a粒子，即氢核，衰变放出的射线是a射线，它的贯穿能

力很弱，电离能力很强，故8错误；

C.该反应释放的能量为E=E2+E3-E1,故C错误；

D半衰期具有统计规律，对大量原子核适用，对少量原子核不适用，故。错误。

故选：Ao

衰变过程中释放能量，新核的比结合能增大；根据质量数守恒与电荷数守恒判断：半衰期是大量

放射性原子衰变的统计规律；根据a射线的特点判断。

本题考查了核反应方程式的书写、原子核衰变等知识点，根据质量数守恒及核电荷数守恒写出核

反应方程式是解决本题的关键，注意半衰期的适用条件与特征。

11.【答案】A

【解析】解：4、哈雷彗星在椭圆轨道上绕日公转，在近日点的距离小于地球绕日轨道半径，根

据"=厚可知，哈雷彗星在近日点的速度大于地球绕日公转的速度，故A正确；

B、根据牛顿第二定律得a=色=粤2=空，则知哈雷彗星在M点时的加速度等于地球在M点时

mrzmrz

的加速度，故B错误；

3Q3丁3

C、设哈雷彗星轨道的半长轴是a,地球公转半径为r,根据开普勒第三定律聂=%,得承=日，

可得a=V752r,故C错误；

。、根据开普勒第二定律可知同一颗行星与太阳的连线在相同时间内扫过的面积相等，所以地球

与太阳的连线在相等时间内扫过的面积与哈雷彗星与太阳的连线在相等时间内扫过的面积不相等,

故。错误。

故选：Ao

将哈雷彗星在近日点的速度以及地球绕日公转的速度与太阳的第一宇宙速度比较，来分析两者的

速度关系。根据牛顿第二定律分析加速度关系。根据开普勒第三定律求解半长轴关系。由开普勒

第二定律分析地球与太阳的连线和哈雷彗星与太阳的连线在相等时间内扫过的面积关系。

本题考查万有引力定律和开普勒定律的应用，解答本题的关键要掌握开普勒第二定律和第三定律，

并能灵活应用。

12.【答案】C

【解析】解：4光线在棱镜中传播时频率不变，故A错误;

8.光路图如图：

根据折射定律：71=胆=—stn：4—50,r=3°0c°o

sinr

所以0=90°-(180°-45°-90°-r)=75°

根据全发射条件sinC=-n

所以临界角。=45。＜。

所以BC面上没有光线射出棱镜，故8错误；

C.根据几何关系a=r=30°

所以0=i=45。

故从CD面上射出的光线一定与入射光线平行，故C正确；

。.根据光路图，从CD面上射出的三条光线中最靠近C点的是光线1,故。错误。

故选：Co

光线在棱镜中传播时频率不变；

根据折射定律和全发射条件，分析BC面上没有光线射出棱镜；

根据几何关系，从面上射出的光线一定与入射光线平行；

根据光路图，从CD面上射出的三条光线中最靠近C点的是光线1。

本题的解题关键是正确画出光路图，能够正确使用光的折射定律和全发射条件的规律。

13.【答案】D

【解析】解：4根据吸尘器铭牌上的数据可知主机的工作电压为14.4V,额定功率为40勿，根据P=

/U可得，主机工作电流/=(=名4"2.784,故A错误；

U14.4

8.若吸尘器是纯电阻，那么根据欧姆定律有R=5=粤0。5.180,但是吸尘器不是纯电阻，能

1Z./O

量主要转化为机械能，主机电阻小于5.180,故B错误：

C已知当电池电量只剩20%时机器人将返回充电基站充电，根据q=/t可知，t=：=

3400m4/ix80%

0.98九,故C错误;

2.784

。.由题意可知，机器人平均每分钟可打扫27n2,如果机器人打扫面积为150nl2的空间连续工作,

则需要连续工作的时间为t总吗=竽6讥=75771出=1.25九；但若机器人充满电后，工作时能

够把电池电量全部用光，则工作时间为t=当翳lylZZh,t总，由题意可知，充一次电只能工

作总电量的80%,当电池电量剩余20%,需要中途再充一次电；需要最少时间时，机器人只需要

再充20%的电量，即可打扫完剩余的面积，根据充电电流大小可知，充20%的电量需要的时间为

qx20%3400THJ4/IX20%八

t充=——=----万-----=668/1,故清扫完150巾2的空间至少需要的时间约为1.25h+

充

0.68/1=1.93/t«1.9/1,故。正确。

故选：。。

根据P=U/可求出主机工作电流大小,吸尘器不是纯电阻,不能根据欧姆定律求解主机电阻大小；

根据铭牌信息可知电池电量，再根据电流的定义确定连续工作时间；根据题意分析机器人打扫面

积为1507n2的空间所用时间。

本题考查对铭牌信息的掌握，要注意掌握根据电量计算工作时间的方法，注意一次充电无法打扫

完150m2的空间，需要计算上二次充电所用的时间。

14.【答案】BD

【解析】解：4图甲中的工作原理是电流的磁效应，故A错误；

B.图乙中线圈产生的自感电动势有时会大于原来电路中的电源电动势，故2正确；

C.图丙中自制金属探测器是利用金属探测器中变化电流产生的磁场来进行探测的，故C错误。

。.图丁中把线圈绕在铝框骨架上，目的是增加电磁阻尼的作用，故。正确。

故选：BD。

根据题意选项分析出不同情景下的物理学知识，结合题目选项完成分析。

本题主要考查了电磁感应在生活中的应用，理解电磁感应现象，结合电流的磁效应和法拉第电磁

感应定律即可完成分析。

15.【答案】CD

【解析】解：4、饱和电流与光照强度和光的频率有关，由于两种光的光照强度关系不确定，则

光束①产生的饱和电流与光束②产生的饱和电流的关系也不确定，故A错误；

B、光电子的初动能在0到a7n范围之间，因此光束①产生的光电子的初动能不一定小于光束②产

生的光电子的初动能，故8错误；

C、根据图像可知，滑动变阻器的滑片P滑到位置a时的反向电压小于滑到位置匕时的反向电压，即

光束①的遏止电压小于光束②的遏止电压，根据6%=后加=前-%，可知，光束①的光子的

能量小于光束②的光子的能量，根据Zn/uEm-En,由于①、②两束单色光是由处在同一激发态

的原子跃迁到I态和n态时产生的，则发生原子跃迁后对应能级的能量E团＞E0,故C正确；

D、衍射是光的基本特性，光束①和光束②通过同一狭缝时都能发生衍射现象，故。正确；

故选：CD。

饱和光电流与入射光的强度有关；光电管两端所加的电压为反向电压，根据动能定理，求解遏止

电压；根据光电效应方程分析判断；衍射是波的特性。

此题考查了爱因斯坦光电效应方程的相关知识，明确电路结构，解决本题的关键知道光电子的最

大初动能与入射光的频率有关，与光的强度无关，光的强度影响单位时间内发出光电子的数目。

16.【答案】AB2.25—

2/1⑷心

【解析】解：(1)4、由于本实验中绳子的拉力可直接通过力传感器读出，所以本实验不要求7nzi«

mB,故A正确；

CD、由题意，根据牛顿第二定律可知，物块4的合力大小等于A的重力减去力传感器读数F的两倍，

即自合=巾4g—2?，故错误。

B、由于本实验中，物块4的合力大小：\=mAg-2F,显然，物块B与水平桌面间是否有摩擦

对研究4质量一定，所受合力大小与加速度的关系无影响，所以，物块B与水平桌面间可以有摩擦，

故8正确。

故选：AB.

(2)图乙中所用游标卡尺为测量精度为0.05mm的游标卡尺，根据游标卡尺读数规则，可得遮光片

的宽度为d=2mm+5x0.05mm=2.25mm；

(3)依题意，可求得物块4通过光电门时的速度大小为：v=.

根据仁里，可得物块4加速度的表达式：a=上汇

2a2h⑷)z

.2

故答案为：(1)48：(2)2.25；

(1)根据实验原理及要求分析操作的正确定与否，对钩码进行受力分析确定正确选项；

(2)根据游标卡尺读数规则读取遮光片的宽度；

(3)根据遮光片的宽度与遮光片经过光电门的时间求出速度，再由速度一位移公式求加速度。

理解实验原理是解题的前提与关键，求出物块的速度，应用匀变变速直线运动的速度一位移公式

可解题。

17.【答案】B橡皮泥距水平地面的高度/I不行

【解析】解：(1)4B.为了保证子弹和橡皮泥一起水平飞出，枪口需要水平摆放，且枪口应适当靠

近小球，故A错误，8正确；

C.由于平抛运动在竖直方向是自由落体运动，因此通过测量橡皮泥和子弹下落的高度来求解飞行

时间，不需要使用秒表，故C错误。

故选：B。

(2)设子弹击中橡皮泥后的共同速度为％子弹击中橡皮泥的过程中动量守恒，取子弹处速度方向

为正方向，根据动量守恒定律6为=(M+m)v

子弹和橡皮泥做平抛运动，设下落高度为此飞行时间1=设

根据平抛运动规律，子弹和橡皮泥的水平初速度初速度〃=J

联立解得子弹初速度%=华步•日

可见要测量子弹初速度，还需要测量的数据为橡皮泥距水平地面的高度九。

(3)子弹击中橡皮泥过程为完全非弹性碰撞，能量损失很大，子弹与橡皮泥组成的系统在撞击前后

机械能不守恒，因此某同学提出的这种方案不行。

故答案为：(1)B;(2)橡皮泥距水平地面的高度九；(3)不行。

(1)子弹和橡皮泥一起做平抛运动，根据平抛运动的定义初速度必须水平；通过测量橡皮泥和子弹

下落的高度来求解飞行时间，不需要使用秒表；

(2)根据动量守恒定律和平抛运动规律分析待测物理量；

(3)子弹击中橡皮泥过程为完全非弹性碰撞，能量损失很大，据此分析作答。

本题通过动量守恒定律和平抛运动规律测定子弹的初速度，是一道创新实验题；可以很好地培养

学生的创新能力、分析综合能力和实验能力。

18.【答案】aB100140160

【解析】解：①因为电流表G2内阻未知，所以为了消除误差需要将电流表G2外接，故导线c端应

与“a”点连接。

②压力为。时，压敏电阻两端的电压最大为Umax=%(Rg]+&)=10XIO”力x(2OO/2+

2000)=4V

3

滑动变阻器两端电压以2=E-Um-Ig2Ra2=12V-4K-50X10-x100V=3V

电阻/?2的最小电阻Rmim=粤=—=60。因此滑动变阻器选择最大阻值为200。的滑动

1g25UXJLU

变阻器，才能满足要求，故选瓦

③由题意可知R。=的=/曾=蚣贮经竽。=I。。。

-u'o12-11(40-8)x10-3

④根据分析得滑动变阻器接入电路部分的阻值和G2内阻之和为R，=七普=生絮黔竺2。=

1400

3

电流表G2示数为30nl4时，压敏电阻两端电压为无=E-I'2R'=12V-30x10-x140V=7.8V

压敏电阻为此=得=茄张。=2600

根据甲图，斜率k=3。歌。°0/N=1H/N

代入数据图甲的解析式R=&+%?=(I。。+F)O

当压敏电阻的阻值R=%=2600时

代入数据解得压力F=160N。

故答案为：①a；②B；③100：@140；160。

①通过压敏电阻的电流可以由两电流表的示数表示；

②压力为0时，求解压敏电阻两端的最大电压，根据串联电路的电压关系求解电阻/?2两端电压，

根据欧姆定律求解滑动变阻器的最小电阻，然后作出选择；

③根据欧姆定律求压力尸=0时压敏电阻的阻值R。；

④根据闭合电路的欧姆定律求解滑动变阻器接入电路部分的阻值和G2内阻之和；当电流表G2示数

为30m4时，求解压敏电阻两端电压、压敏电阻的阻值；根据图甲求解压敏电阻随压力变化的函数

表达式，最后求压力。

本实验紧贴生活实际，涉及的主要知识点为电压表的改装、欧姆定律、闭合电路的欧姆定律；难

点在于根据图甲求解压敏电阻随压力变化的函数表达式。

19.【答案】AD

【解析】解：(1)光源发出的光射入薄膜，薄膜的前后表面两列反射光发生干涉，形成干涉条纹，

所以光源应与观察者在同侧。

故选：Ao

(2)4旋转铁丝圈，薄膜从上到下处的厚度不变，由干涉原理可知干涉条纹不会发生变化，故4错

误；

区本实验的条纹形成的原理是光的干涉形成的，平面镜成像原理是光的反射形成的，二者原理不

同，故8错误；

CD.如果发现条纹是等间距的，可知肥皂膜的厚度从上到下均匀增加：同理，若发现条纹是上疏下

密的，说明肥皂膜从上往下变厚是越来越快的，故C错误，O正确。

故选：Do

故答案为：(1)4(2)。。

(1)光源发出的光射入薄膜，薄膜的前后表面两列反射光发生干涉，形成干涉条纹，所以光源应与

观察者在同侧。

(2)旋转铁丝圈，薄膜从上到下处的厚度不变，由干涉原理可知干涉条纹不会发生变化；本实验的

条纹形成的原理是光的干涉形成的，平面镜成像原理是光的反射形成的；如果发现条纹是等间距

的，可知肥皂膜的厚度从上到下均匀增加，同理若发现条纹是上疏下密的，说明肥皂膜从上往下

变厚是越来越快的。

本题考查薄膜干涉，学生根据干涉原理进行分析求解。

20.【答案】解：已知瓶塞重m=20g=0.02kg,瓶口横截面积S=2cm2=2x10-4m2

(1)对瓶塞受力分析，由平衡条件得

pS=mg+f0+p0S

5

解得：p=1.1x10Pa

(2)瓶内气体升温过程为一个等容变化，由查理定律得

包

r0~r

解得：T=330K

(3)由热力学第一定律可得4U=IV+Q,其中Q=0,AU=-0.212/

解得W=-0.212/

由动能定理可得

2

\W\—mgd—p0Sd=^mv

解得：v=Im/s

答：(1)瓶内气体升到最高温后达到的压强p为l.lx1。5七；

(2)瓶内气体达到最高温后的温度7为330K；

(3)瓶塞离开瓶口后的速度u为lm/s。

【解析】(1)瓶塞恰好松动时.，静摩擦力达到最大值，对瓶塞受力分析，由平衡条件计算瓶内气体

升到最高温后达到的压强P;

(2)瓶内气体升温过程为一个等容变化，根据查理定律计算瓶内气体达到最高温后的温度7；

(3)先根据热力学第一定律求出气体对外做的功，再对瓶塞，根据动能定理求瓶塞离开瓶口后的速

度V。

本题考查热力学第一定律和气体实验定律的综合应用，关键是灵活选择研究对象，根据平衡条件

求封闭气体的压强，并确定气体状态变化过程，然后选择合适的气体状态方程。

21.【答案】解：(1)滑块由4TB过程，由动能定理可得

D12

mgR=-TTIVQ

解得：%=7m/s

滑块滑至B点，由牛顿第二定律得

FN-mg=m-n.

解得：FN=30N

由牛顿第三定律可得滑块对8点的压力大小F匠=母=30N,方向竖直向下。

(2)滑块在滑板上运动时:根据牛顿第二定律可得小物块P的加速度大小为

%=~~="9=0.75x10m/s2=7.5m/s2

滑板Q的加速度大小为。2=臂=〃。=0-75x10m/s2=7.5m/s2

根据题意可知，从滑块滑上滑板Q到滑板右端到达凹槽右端过程，滑块P一直做匀减速运动，滑板

Q一直做匀加速运动，设运动时间为t.

对于滑板Q,有d=：a2t之

解得：t=0.4s

2

对于滑块P,有％=vQt-^a^t

解得：x=2.2m

故滑板的长度为/=x—d=2.2m—0.60m=1.6m

(3)滑块尸到达半圆轨道最低点C时的速度为%=孙一aTt=(7-7.5x0.4)m/s=4m/s

设滑块P可以到达D点，根据机械能守恒定律可得

1_1_

2mvi—mgr(l+cos37°)+-mv^

解得滑块P在。点速度为%=V1.6m/s

假设P刚好到达。点，则由牛顿第二定律得

mgcos370—m-y

解得P在。点的最小速度为%=V3.2m/s>v2

说明小物块P到不了。点。

答：(1)滑块滑至B点时对B点的压力为30N,方向竖直向下；

(2)滑板的长度I为1.6m；

(3)滑块滑上CC轨道后不能从。点飞出。

【解析】(1)滑块由4TB过程，由动能定理求出滑块滑至B点时速度大小，在8点，对滑块由牛顿

第二定律求出轨道对滑块的支持力，由牛顿第三定律得到滑块滑至B点时对B点的压力。

(2)滑块在滑板上运动时，根据牛顿第二定律求两者的加速度大小。从滑块P滑上滑板Q到滑板右

端到达凹槽右端过程，滑块P一直做匀减速运动，滑板Q一直做匀加速运动，根据位移一时间公式

求出运动时间，并求出此过程滑块的位移，从而求得滑板的长度。

(3)假设滑块可以到达D点，根据机械能守恒定律求出滑块到达。点时的速度大小，与临界速度比

较即可。

本题要理清物体的运动过程，分段运用牛顿运动定律、运动学公式分析运动情况，要把握隐含的

临界状态和临界条件，知道滑块恰好到达。点时，由重力的径向分力提供向心力。

22.【答案】解：(1)由法拉第电磁感应定律可得：

_AB-jtR2

上电动势=4t

由图乙可得

丝_无一。

At2tQ-tQ

联立解得绕圆环一圈产生的感应电动势大小为：

_B()7lR2

七电动势=

(2)在0〜2to期间

r”电动势

E=-2^~

解得；E=嘴

由楞次定律可得，感生电场方向为顺时针方向。

(3)小球转动一圈动能增量由动能定理得:

△Ek。=W电

其中小电=EqX2nR

nR2qB

联立解得：怎上。=Q

%

小球在感生电场中，由牛顿第二定律得:

Eq=maE

所以q=2to末时小球的速度为:

v2=aEx2t0=瞥

解得：v_qRB0

2m

小球动能增加与圈数N关系

1mv7

22=NAEk0

解得：”喘

(4)t2=1.5£。末时小球的速度为:

v=aEx1,5t0

解得：9=呼之

4m

小球此时在圆管内的受力分析如图

_________________2

由牛顿第二定律0.5Boqu+J干？一(mg)2=%

(9q4嘛2)

2

解得：FN=J256m2+(mg)

又由牛顿第三定律，小球对管壁的作用力为:

答：(1)在0〜2to时间内，绕圆环一圈产生的感应电动势大小为驷Y

(2)在0〜2to时间内，细圆管内产生的感生电场的大小为舞，