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第第页2022-2023学年福建省福州市台江区重点中学七年级(下)期末数学试卷(含解析)2022-2023学年福建省福州市台江区重点中学七年级(下)期末数学试卷

一、选择题(本大题共10小题,共40.0分。在每小题列出的选项中,选出符合题目的一项)

1.若一个三角形的三边长分别为,,,则的值可能是()

A.B.C.D.

2.为了调查我市某校学生的视力情况,在全校的名学生中随机抽取了名学生,下列说法正确的是()

A.此次调查属于全面调查B.样本容量是

C.名学生是总体D.被抽取的每一名学生称为个体

3.如图所示,已知,直线过点,且,则等于()

A.

B.

C.

D.

4.根据下列条件,不能画出唯一确定的的是()

A.,,B.,,

C.,,D.,,

5.已知一个多边形的内角和是,则这个多边形是()

A.五边形B.六边形C.七边形D.八边形

6.已知点在第四象限,且点到轴的距离为,到轴的距离为,则点坐标为()

A.B.C.D.

7.若一个正数的两个平方根分别是与,则的值是()

A.B.C.D.

8.若干名学生一起去种树,如果每人种棵,则还剩下棵树苗:如果每人种棵,则缺少棵树苗设学生有人,树苗有棵,根据题意可列出方程组()

A.B.C.D.

9.如图,,则下列各式子计算结果等于度的是()

A.

B.

C.

D.

10.已知实数,,,满足,若,则的最大值为()

A.B.C.D.

二、填空题(本大题共6小题,共24.0分)

11.如图,若使得,则可以添加的一个条件是______.

12.已知点,若点在轴上,______.

13.若是二元一次方程的一组解,则______.

14.如图,是的中线,,,那么的周长比的周长多______.

15.如图,将正方形放在平面直角坐标系中,是坐标原点,点的坐标是,则点的坐标是______.

16.如图,在中,,角平分线、交于点,于点下列结论:

::;

其中正确结论是______.

三、解答题(本大题共9小题,共72.0分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)

17.本小题分

计算:.

18.本小题分

解不等式组:.

19.本小题分

已知:如图,点、在线段上,,,求证:.

20.本小题分

如图,平面直角坐标系中,点、、,把向右平移个单位长度,再向下平移个单位长度得到.

请认真的你画出.

求的面积.

21.本小题分

如图,在中,.

尺规作图,在上求作一点,使不要求写作法,保留作图痕迹;请你根据所学的三角形全等的有关知识,作图依据是______提示:、、、

若中,,求的度数.

22.本小题分

某校组织学生参加安全知识竞赛,从中抽取了部分学生的成绩满分为分,取整数进行统计,绘制的部分统计图如下:

______,______;

补全频数分布直方图;

若成绩在分以上不含分为优秀,已知全校共有名学生,估计该校有多少名成绩优秀的学生?

23.本小题分

为了抓住保国寺建寺年的商机,某商店决定购进、两种艺术节纪念品.若购进种纪念品件,种纪念品件,需要元;若购进种纪念品件,种纪念品件,需要元.

求购进、两种纪念品每件各需多少元?

若该商店决定购进这两种纪念品共件,考虑市场需求和资金周转,用于购买这件纪念品的资金不少于元,但不超过元,那么该商店共有几种进货方案?

24.本小题分

如图,四边形中,和的平分线交于点,已知,求的度数;

如图,在四边形中,和外角的三等分线交于点,已知,,请写出、与的数量关系,并证明;

如图,在边的延长线上,在边的延长线上,和的平分线交于点,请直接写出、、、的数量关系:______.

25.本小题分

已知:平面直角坐标系中,如图,点,轴于点,并且满足.

求点的坐标.

如图,若点为线段的中点,连并作,且,连交轴于点,试求点的坐标.

如图,若点为点的左边轴负半轴上一动点,以为一边作交轴负半轴于点,连,在点运动过程中,试猜想式子的值是否发生变化?若不变,求这个不变的值;若发生变化,试求它变化的范围.

答案和解析

1.【答案】

【解析】解:根据三角形的三边关系,得.

在第三边长的取值范围内.

故选:.

根据三角形的三边关系求得第三边的取值范围,再看哪个选项内的数在这个范围内即可.

考查三角形的三边关系,要注意三角形形成的条件:任意两边之和大于第三边,任意两边之差小于第三边.

2.【答案】

【解析】解:、此次调查属于抽样调查,故A不符合题意;

B、样本容量是,故B符合题意;

C、名学生的视力情况是总体,故C不符合题意;

D、被抽取的每一名学生的视力情况称为个体,故D不符合题意;

故选:.

根据全面调查与抽样调查,总体、个体、样本、样本容量的意义,逐一判断即可解答.

本题考查了全面调查与抽样调查,总体、个体、样本、样本容量,熟练掌握这些数学概念是解题的关键.

3.【答案】

【解析】解:,,

故选:.

根据垂线的定义结合题意可求出,再根据邻补角互补求解即可.

本题考查垂线的定义,邻补角互补.利用数形结合的思想是解题关键.

4.【答案】

【解析】解:三边确定,符合全等三角形判定定理,能画出唯一的,故不符合题意,

B.已知两个角及其公共边,符合全等三角形判定定理,能画出唯一的,故不符合题意,

C.已知两边及其中一边的对角,属于“”的情况,不符合全等三角形判定定理,故不能画出唯一的三角形,故本选项符合题意,

D.已知一个直角和两条边长,符合全等三角形判定定理或,能画出唯一的,故不符合题意.

故选:.

利用全等三角形的判定定理依次判断每个选项即可.

本题考查全等三角形的判定,熟练掌握全等三角形的判定定理是解题关键.

5.【答案】

【解析】

【分析】

设这个多边形是边形,内角和是,这样就得到一个关于的方程,从而求出边数的值.

根据多边形的内角和定理,求边数的问题就可以转化为解方程的问题来解决.

【解答】

解:设这个多边形是边形,

则,

解得:,

即这个多边形为七边形.

故选:.

6.【答案】

【解析】解:因为点在第四象限,且点到轴的距离是,到轴的距离是,

所以点的坐标为.

故选:.

根据各象限内点的坐标特征解答即可.

本题考查了各象限内点的坐标的符号特征,记住各象限内点的坐标的符号是解题的关键,四个象限内点的坐标的符号特点分别是:第一象限;第二象限;第三象限;第四象限.

7.【答案】

【解析】解:一个正数的两个平方根分别是与,

故选:.

根据平方根的定义得出,再进行求解即可得出答案.

本题考查了平方根的应用,能得出关于的方程是解此题的关键,注意:一个正数有两个平方根,它们互为相反数.

8.【答案】

【解析】解:设学生有人,树苗有棵,根据题意可列出方程组:

故A正确.

故选:.

根据“人,每人种棵的树苗数总数量;人,每人种棵的树苗数总数量”可得答案.

本题主要考查了二元一次方程组的应用,解题的关键是找出题目中的等量关系式.

9.【答案】

【解析】解:延长交于.

等于度的是.

故选:.

根据平行线的性质:两直线平行,内错角相等,则,由外角的性质可得它们的关系.

此题考查了平行线的性质与三角形外角的性质,延长是解此题的关键.

10.【答案】

【解析】解:,,

,,

的最大值为,

的最大值,

故选:.

根据已知易得,,从而可得,然后按照解一元一次不等式的步骤进行计算,可得,从而可得的最大值为,最后进行计算即可解答.

本题考查了解一元一次不等式,准确熟练地进行计算是解题的关键.

11.【答案】答案不唯一

【解析】解:若使得,由内错角相等,两直线平行,可以添加的一个条件是答案不唯一

故答案为:答案不唯一.

由平行线的判定,即可得到答案.

本题考查平行线的判定,关键是掌握平行线的判定方法.

12.【答案】

【解析】解:点在轴上,

故答案为:.

根据轴上的点纵坐标为可得,然后进行计算即可解答.

本题考查了点的坐标,熟练掌握轴上的点纵坐标为是解题的关键.

13.【答案】

【解析】解:是二元一次方程的一组解,

代入得:,

故答案为:.

把代入方程,即可求出,代入求出即可.

本题考查了二元一次方程的解和求代数式的值,能根据二元一次方程的解得出是解此题的关键.

14.【答案】

【解析】解:是的中线,

的周长的周长

的周长比的周长多,

故答案为:.

根据三角形的中线的概念得到,根据三角形的周长公式计算,得到答案.

本题考查的是三角形的中线的概念,三角形一边的中点与此边所对顶点的连线叫做三角形的中线.

15.【答案】

【解析】解:如图,作轴于点,轴于点,

则,

四边形是正方形,

,,

在和中,

≌,

点坐标为,

,,

点在第二象限,

点坐标为.

故答案为.

作轴于点,轴于点,先证明≌,因为,所以,,再根据点在第二象限求出点的坐标.

本题考查正方形的性质、全等三角形的判定与性质、坐标与图形性质.

16.【答案】

【解析】解:如图过作于,

平分,,

:,故正确;

、分别平分、,且、相交于点,

,,

,故错误;

在上截取,连接,

在和中,

≌,

,,

在和中,

≌,

,故正确;

≌,≌,

,,

,,

故正确,

故答案为:.

如图过作于,根据角平分线的性质得到,根据三角形的面积公式得到:,故正确;根据角平分线的定义得到,,求得,于是得到,故错误;在上截取,连接,根据全等三角形的性质得到,,,于是得到,故正确;根据全等三角形的性质得到,,于是得到,故正确.

此题考查全等三角形的判定与性质、角平分线的性质、三角形内角和定理及其推论等知识,解题的关键是正确地作出所需要的辅助线,构造全等三角形,再利用全等三角形的判定与性质解决问题.

17.【答案】解:

【解析】先化简各式,然后再进行计算即可解答.

本题考查了实数的运算,准确熟练地进行计算是解题的关键.

18.【答案】解:,

由得;

由得.

所以,不等式组的解集为.

【解析】分别求出各不等式的解集,再求出其公共解集即可.

本题考查了解一元一次不等式组,能根据不等式的解集得出不等式组的解集是解此题的关键.

19.【答案】证明:,

在和中,

≌,

【解析】先由,推导出,而,,即可根据全等三角形的判定定理“”证明≌,则.

此题重点考查等式的性质、全等三角形的判定与性质等知识,适当选择全等三角形的判定定理证明≌是解题的关键.

20.【答案】解:如图,即为所求;

的面积.

【解析】利用平移变换的性质分别作出,,的对应点,,即可;

把三角形的面积看成矩形的面积减去周围的三个三角形面积即可.

本题考查作图平移变换,三角形的面积等知识,解题的关键是掌握平移变换的性质,属于中考常考题型.

21.【答案】

【解析】解:如图,点为所作;

,,

利用基本作图,作一个角等于已知角实际上是作三边对应相等的两个三角形,然后根据全等三角形的性质得到对应角相等;

先根据三角形内角和计算出,则,然后根据三角形外角性质计算的度数.

本题考查了作图复杂作图:解决此类题目的关键是熟悉基本几何图形的性质,结合几何图形的基本性质把复杂作图拆解成基本作图,逐步操作.也考查了全等三角形的判定与性质.

22.【答案】;

【解析】解:人,人,

,即,,

故答案为:,;

人,

“”的频数为人,

补全频数分布直方图如下:

人,

答:全校名学生中大约有名成绩优秀的学生.

由两个统计图可得“”的频数是人,占调查人数的,可求出调查总人数,进而求出“”的频数即可确定的值,求出“”所占调查人数的百分比,即可确定的值;

求出“”的频数即可补全频数分布直方图;

求出“优秀”所占的百分比即可.

本题考查频数分布直方图,掌握频率是正确解答的前提.

23.【答案】解:设该商店购进一件种纪念品需要元,购进一件种纪念品需要元,

根据题意得方程组得:,

解方程组得:,

购进一件种纪念品需要元,购进一件种纪念品需要元;

设该商店购进种纪念品个,则购进种纪念品有个,

解得:,

为正整数,,,,

共有种进货方案,

分别为:方案:商店购进种纪念品个,则购进种纪念品有个;

方案:商店购进种纪念品个,则购进种纪念品有个;

方案:商店购进种纪念品个,则购进种纪念品有个;

方案:商店购进种纪念品个,则购进种纪念品有个.

【解析】关系式为:种纪念品件需要钱数种纪念品件钱数;种纪念品件需要钱数种纪念品件需要钱数;

关系式为:用于购买这件纪念品的资金不少于元,但不超过元,得出不等式组求出即可.

此题主要考查了二元一次方程组的应用以及一元一次方程的应用,找到相应的关系式是解决问题的关键,注意第二问应求得整数解.

24.【答案】

【解析】解:,且,

,分别是和的平分线,

设,,则,,

由“”字形可得,

设,,

由“”字形可得,

,即

先由四边形内角和定理求出,再由角平分线定义得出,最后根据三角形内角和定理求出即可;

设,,可得,,由“”字形可得,根据四边形内角和定理可得出;

设,,由“”字形可得,根据四边形内角和定理可得出.

此题主要考查了四边形内角和定理,三角形的内角和定理以及角平分线的性质和应用,要熟练掌握,解答此题的关键是要明确:三角形的内角和是;一个角的角平分线把这个角分成两个大小相等的角.

25.【

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