2021年浙江省台州市大溪第二中学高二物理模拟试卷含解析

2021年浙江省台州市大溪第二中学高二物理模拟试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.(单选)对于静电场有关物理量的描述，下列说法正确的是（

）A.顺着电场线方向，电场强度逐渐增大B.负电荷在电场中的电势能一定是负的C.电容器的电容是由电容器本身的性质决定的D.在同一条电场线上，总可以找到电势相同的两点参考答案：C2.三个质子分别以大小相等、方向如图所示的初速度v1、v2和v3，经过平板MN上的小孔射入匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，整个装置放在真空中，不计重力，三个质子打

到平板MN上的位置到小孔O的距离分别是S1、S2和S3，则D

A．S1<S2<S3

B．S1>S2>S3

C．S1＝S3>S2

D．S1＝S3<S2

参考答案：D3.（多选题）如图所示，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，位置靠近ab且相互绝缘．当MN中电流突然减小时（）A．线圈中感应电流方向是abcdaB．线圈中感应电流方向是adcbaC．线圈所受安培力的合力方向向右D．线圈所受安培力的合力方向向左参考答案：BC【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】根据右手定则得到线圈中磁通量的方向，然后由楞次定律得到电流减小时线圈中的感应电流方向，进而得到线圈各边受力情况．【解答】解：AB、如图所示，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，位置靠近ab且相互绝缘，导线两侧的磁感应强度对称分布，由右手定则可知线圈中的磁通量方向垂直纸面向里；当MN中电流突然减小时，由楞次定律可知感应电流的感应磁场方向垂直纸面向里，故由右手定则可知，感应电流方向为adcba，故A错误，B正确；CD、由AB可知，感应电流方向为adcba；导线左侧磁感应强度方向垂直纸面向外，导线右侧磁感应强度方向垂直纸面向里；由安培定则可知：上下两边界的安培力互相抵消，左边界的安培力向右，右边界的安培力也向右，故线圈所受安培力的合力方向向右，故C正确，D错误；故选：BC．4.（单选）如图所示电路中，线圈L与灯泡A并联，当合上开关S后灯A正常发光。已知，线圈L的电阻小于灯泡A的电阻。则下列现象可能发生的是(

)A．当断开S时，灯泡A立即熄灭B．当断开S时，灯泡A突然闪亮一下，然后逐渐熄灭C．若把线圈L换成电阻，断开S时，灯泡A逐渐熄灭D．若把线圈L换成电阻，断开S时，灯泡A突然闪亮一下，然后逐渐熄灭参考答案：B5.我国家用照明电路电压瞬时值可表示为(

)A．u=380sin3.14t(V)

B．u=311sin314t(V)C．u=220sin314t(V)

D．u=36sin0.02t(V)参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.参考答案：7.参考答案：

电容

交流8.14．氢原子的能级如图所示，当氢原子从n=4向n=2的能级跃迁时，辐射的光子照射在某金属上，刚好能发生光电效应，则该金属的逸出功为

eV。现有一群处于n=4的能级的氢原子向低能级跃迁，在辐射出的各种频率的光子中，能使该金属发生光电效应的频率共有

种。参考答案：2.55

49.如图11所示装饰用的彩灯，串成一串串，接在220V电源上，观察灯的结构发现，每个灯的灯丝（R1）引线上方绕有金属电阻丝（R2），如图所示；即使R1断了，R2仍能导电。根据工作特性，R1应该________R2（填“大于”、“等于”或“小于”），当其中一个或几个灯的灯丝断了，其余的灯将__________（填“变亮”、“变暗”或“完全熄灭[U1]

”）。参考答案：小于

变暗10.（4分）如图所示是LC振荡电路在某一时刻电容内场强方向和振荡电流方向，由此可知，电容正在

（充电、放电），线圈中电流正在

（增大、减小、不变），若电流振荡周期T=л×10—4s，电容C=250μF，则线圈的自感系数L=

H。参考答案：充电（1分）、减小（1分）、10—5（2分）11.14．如图中s1和s2是两个相干波源,以s1和s2为圆心的两组同心圆弧分别表示在同一时刻两列波的波峰和波谷,实线表示波峰,虚线表示波谷,a、b、c三点中,振动加强的点是______________，振动减弱的点是______________，再过周期,振动加强的点是______________，振动减弱的点是______________。参考答案：bcda12.现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及开关如图所示连接。当线圈A放在线圈B中时闭合开关，发现电流计指针向右偏转。现保持开关闭合，抽出A中铁芯，电表指针将

（填“向右偏”、“向左偏”、“不偏转”）；当他将滑动变阻器的滑动片P向左加速滑动时，电表指针将

（填“向右偏”、“向左偏”、“不偏转”）。参考答案：向左偏，向左偏13.匀强电场是指：电场强度的

和

都相同的区域参考答案：三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.如图是“用双缝干涉测光的波长”的实验设备示意图，以下哪些操作能够增大光屏上相邻两条亮纹之间的距离.(

)

A．增大双缝与光屏之间的距离

B．增大单缝与双缝之间的距离

C．将红色滤光片改为绿色滤光片

D．增大双缝之间的距离参考答案：A15.如图，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定理，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。（1）实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通过仅测量______（填选项前的符号），间接地解决这个问题。A．小球开始释放高度hB．小球抛出点距地面的高度HC．小球做平抛运动的射程（2）图甲中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP．然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射球m1从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复，分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、N。接下来需要测量是______（填选项前的符号）A．用天平测量两个小球的质量m1、m2B．测量小球m1开始释放的高度hC．测量抛出点距地面的高度HD．测量平抛射程OM，ON（3）若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为______[用（2）中测量的量表示]。（4）经测定，m1=45.0g，m2=7.5g，小球落地点平均位置距O点的距离如图乙所示。碰撞前、后m1的动量分别为p1与p1′，则p1：p1′=______：11；若碰撞结束时m2的动量为p2′，则p1′：p2′=______：2.9．（均用分数形式表示）实验结果说明，碰撞前、后总动量的比值为______。（5）有同学认为，上述实验中仅更换两个小球的材质，其他条件不变，可以使被碰小球做平抛运动的射程增大。请你用（4）中已知的数据，分析和计算出被碰小球m2平抛运动射程ON的最大值为______cm。参考答案：

(1).C

(2).AD

(3).m1?OM+m2?ON=m1?OP

(4).14

(5).11

(6).1.01

(7).76.8【详解】（1）小球离开轨道后做平抛运动，由于小球抛出点高度相等，它们在空中的运动时间相等，小球的水平位移与小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，即测量射程，故C正确，ABD错误。（2）要验证动量守恒定律定律，即验证：m1v1=m1v2+m2v3，小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得：m1v1t=m1v2t+m2v3t，得：m1OP=m1OM+m2ON，因此实验需要过程为：测量两球的质量、确定落点从而确定小球的水平位移，故AD正确，BC错误。（3）由（2）可知，实验需要验证：m1OP=m1OM+m2ON；（4）碰撞前后m1动量之比：，=1（1～1.01均正确）。（5）发生弹性碰撞时，被碰小球获得速度最大，根据动量守恒的表达式是：m1v0=m1v1+m2v2，动能守恒的表达式是：m1v02=m1v12+m2v22，得动能守恒的表达式是：m1?OM2+m2?ON2=m1?OP2，联立解得：v2=v0，因此最大射程为sm=?OP=×44.8=76.8cm；四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图，长木板ab的b端固定一档板，木板连同挡板的质量为M=4.0kg，a到挡板的距离s=2.0m。木板位于光滑水平面上。在木板a端有一小物块，其质量m=1.0kg，小物块与木板间的动摩擦因数μ=0.10，它们都处于静止状态。现令小物块以初速v0=4.0m/s，沿木板向前滑动，直到和档板相撞。g=10m/s2（1）碰撞后，若小物块恰好回到a端而不脱离木板。求碰撞过程中损失的机械能。

（2）若s=1.5m，碰撞过程中损失的机械能为3.0J，求长木板的最终速度大小？参考答案：（1）2.4J（2）1m/s17.如图所示，有界匀强磁场的磁感应强度为B特斯拉，磁场方向垂直于纸面向里，MN是磁场的左边界.在磁场中A处放一个放射源内装Ra（镭），Ra放出某种射线后衰变成Rn(氡)，粒子可向各个方向射出．若A距磁场的左边界MN的距离OA=d时，从A点沿垂直OA向上射出的质量较小粒子，恰好使放在MN左侧的粒子接收器接收到垂直于边界MN方向射出的该粒子，此时接收器位置距OA直线的距离也为d.由此可以推断出（取原子质量单位用m0表示,电子电量用e表示）.（1）试写出Ra衰变的方程且确定射出的质量较小的粒子在磁场中的轨迹圆半径是多少？（2）射出的质量较小的粒子的速度为多少？（3）这一个静止镭核Ra衰变时亏损质量多大？

（提示：动量守恒定律在微观领域仍适用，系统增加机械能来自核能释放）参考答案：(1）

半径为d

（2）粒子做匀速圆周运动qvB=mv2/r

d=mv/Bq=4m0v/B2ev=eBd/2m0

(3）由于粒子运动是反冲现象则动量守恒0=m1v1-m2v2

v2=m1v1/m2

则总动能Ek=m1v12/2+m2v22/2=113e2B2d2/222m0由能量转化守恒，则△m=E/c2=113e2B2d2/222m0C218.（10分）如图，质量分别为mA、mB的两个弹性小球A、B静止在地面上方，B球距离地面的高度h=0.8m，A球在B球的正上方。先将B球释放，经过一段时间后再将A球释放。当A球下落t=0.3s时，刚好与B球在地面上方的P点处相碰，碰撞时间极短，碰后瞬间A球的速度恰好为零。已知mB=3mA,重力加速度大小g=10m/s2，忽略空气阻力及碰撞中的动能损失。求（1）B球第一次到达地面时的速度；（2）P点距离地面的高度。参考答案：解：（i）设B球第一次到达地面时的速度大小为，由运动学公式有

①将h=0.8m代入上式，得

=4m/s

②（ii）设两球相碰前后，A球的速度大小分别为和