2023届福建省厦门市厦门高考物理倒计时模拟卷含解析

2023学年高考物理模拟试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示为六根与水平面平行的导线的横截面示意图，导线分布在正六边形的六个角，导线所通电流方向已在图中

标出。已知每条导线在。点磁感应强度大小为Bo,则正六边形中心O处磁感应强度的大小和方向（）

B.大小2综，方向沿x轴负方向

C.大小4综，方向沿x轴正方向

D.大小4综，方向沿y轴正方向

2、某静电场在x轴正半轴上的电势。随x变化的关系如图所示，则（）

A.XI处跟X2处的电场强度方向相同

B.XI处跟X2处的电场强度大小相等

C.若把带正电的粒子从XI处移到X2处，电场力先做正功再做负功

D.同一个带正电的粒子在处具有的电势能小于X2在处的电势能

3、一半径为R的半圆形玻璃砖放置在竖直平面上，其截面如下图所示.图中。为圆心，MN为竖直方向的直径.有一

束细光线自O点沿水平方向射入玻璃砖，可以观测到有光线自玻璃砖内射出，现将入射光线缓慢平行下移，当入射光

线与。点的距离为d时，从玻璃砖射出的光线刚好消失.则此玻璃的折射率为（）

4、在光滑水平地面上放有一个表面光滑的静止的圆弧形小车，另有一质量与小车相等可视为质点的铁块，以速度v从

小车的右端向左滑上小车，如图所示，铁块上滑至圆弧面的某一高度后返回，不计空气阻力，则铁块返回到小车的右

端以后，相对于地面，将做的运动是（）

A.又以速度v沿小车向左滑动B.以与-大小相等的速度从小车右端平抛出去

C.以比v小的速度从车右端平抛出去D.自由落体运动

5、两辆汽车“、〜在两条平行的直道上行驶。f=0时两车并排在同一位置，之后它们运动的T图像如图所示。下列说

法正确的是（）

A.汽车a在10s末向反方向运动

B.汽车一直在物体a的前面

C.5s至!J10s两车的平均速度相等

D.10s末两车相距最近

6、下面是某同学对一些概念及公式的理解，其中正确的是（）

A.根据公式。=郃可知，金属电阻率与导体的电阻成正比

IJ

B.根据公式W=5可知，该公式只能求纯电阻电路的电流做功

根据公式4=〃可知，电流越大，单位时间内通过导体横截面的电荷量就越多

D.根据公式C=3可知，电容与电容器所带电荷成正比，与两极板间的电压成反比

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、如图甲所示，a、b两个绝缘金属环套在同一个光滑的铁芯上。t=0时刻a、b两环处于静止状态，a环中的电流i

随时间f的变化规律如图乙所示。下列说法中正确的是()

A.打时刻两环相互吸引

B.打时刻两环相互排斥

C.fi时刻a环的加速度为零

D.4时刻b环中感应电流最大

8、如图所示，a、6小球均能沿各自斜轨道匀速下滑到竖直圆的最低点，现分别让小球》以加、物的速度沿各自轨

道从最低点同时向上滑动，两小球速度同时减小到0,重力加速度为g,轨道与圆在同一竖直面内，31137。=().6,

cos37°=0.8,贝1]()

A.a、。小球与斜面间的动摩擦因数之比口筋阳)=9：16

B.a、〃小球沿斜面向上运的加速度之比以为:的=4：3

C.VaiV/,=4:3

D.两小球不可能同时达到圆周上

9、带电粒子仅在电场力作用下，从电场中a点以初速度vo进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点，如图所示，实

线是电场线，下列说法正确的是

A.粒子在a点时的加速度比在b点时的加速度小

B.从a到b过程中，粒子的电势能一直减小

C.无论粒子带何种电荷，经b点时的速度总比经a点时的速度大

D.电场中a点的电势一定比b点的电势高

10、以下说法中正确的是o

A.全息照相利用了光的衍射现象

B.如果两个波源振动情况完全相同，在介质中能形成稳定的干涉图样

C.声源远离观察者时，听到的声音变得低沉，是因为声源发出的声音的频率变低了

D.人们所见到的“海市蜃楼”现象，是由于光的全反射造成的

E.摄像机的光学镜头上涂一层“增透膜”后，可减少光的反射，从而提高成像质量

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某实验小组用如图甲所示的实验装置进行“测量重力加速度”并“验证机械能守恒定律”两个实验。该小组把

轻质细绳的一端与一个小球相连，另一端系在力传感器的挂钩上，整个装置位于竖直面内，将摆球拉离竖直方向一定

角度，由静止释放，与传感器相连的计算机记录细绳的拉力尸随时间f变化的图线。

（1）首先测量重力加速度。将摆球拉离竖直方向的角度小于5。，让小球做单摆运动，拉力尸随时间，变化的图线如图乙

所示。

①图可知该单摆的周期T约为s（保留两位有效数字）。

②该小组测得该单摆的摆长为L,则重力加速度的表达式为（用测量或者已知的物理量表示）。

（2）然后验证机械能守恒定律。将摆球拉离竖直方向较大角度后由静止释放，拉力尸随时间，变化的图线如图丙所示。

①要验证机械能守恒，还需要测量的物理量是»

②若图中A点的拉力用为表示，3点的拉力用尸2表示，则小球从A到B的过程中，验证机械能守恒的表达式为

（填表达式前的字母序号）。

A.^（F2-mg）=mg-FtB-g(jng_FJ=F27ng

CF2-mg=mg-Fl

12.（12分）某同学通过实验测定一个阻值约为5。的电阻段的阻值:

（1）现有电源（4V,内阻可不计、滑动变阻器（0〜50a。，额定电流2A）、开关和导线若干，以及下列电表：

A.电流表（0〜3A,内阻约0.025。）

B.电流表（0〜0.6A,内阻约0.125。）

C.电压表（0〜3V,内阻约3kC）

D.电压表（0〜15V,内阻约15kQ）

为减小测量误差，在实验中,电流表应选用，电压表应选用（选填器材前的字母）；

⑵下图是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线.要求电压表和电流表从零开始读数，补充完成图中实物间

（3）接通开关,改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U,某次电表示数如图所示，可得

该电阻的测量值%=4=。（保留三位有效数字）.

（4）在测量电阻的过程中产生误差的主要原因是（选填选项前的字母）

A.电流表测量值小于流经凡的电流值

B.电流表测量值大于流经凡的电流值

C.电压表测量值小于&两端的电压值

D.电压表测量值大于R,两端的电压值

（5）实验中为减少温度的变化对电阻率的影响，采取了以下措施,其中在确的是

A.多次测量U、I,画。一/图像，再求R值

B.多次测量U、I,先计算R,再求R的平均值

C.实验中通电电流不宜过大，通电时间不宜过长

D.多次测量U、I,先求U、I的平均值，再求R

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，开口竖直向上的细玻璃管内有一段长为J=15cm的水银柱，封闭了一段长度为L=20cm的气

体，此时封闭气体温度为300K,水银柱的上端距离管口的距离为L3=5cm,已知大气压强为po=75cmHg。现把玻璃管

缓慢旋转90。至水平位置保持不动，然后对玻璃管缓慢加热到水银柱刚好没流出管口，求：

①玻璃管旋转90。时，封闭气体的长度为多少？

②水银柱刚好没流出管口时，此时玻璃管中封闭气体的温度为多少K?

14.(16分)如图所示，半径R=7.5m的四分之一光滑圆弧QP竖直放置，与粗糙水平地面平滑连接于P点，整个空

间存在场强大小E=2xl()3v/m的匀强电场，竖直边界MP右侧电场方向水平向右，左侧电场方向竖直向上；小物

块A8(视为质点)大小形状相同，A电荷量为q=+5xl0-3c,g不带电，质量%=3kg,mB=1kgo从。点由

静止释放A，与静止在地面上。点的B碰撞。已知A3与地面间动摩擦因数均为〃=0.2,P、。间距离.％=16.5m,

g取lOm/s2,A3间碰撞为弹性碰撞且碰撞时间极短。求：

(1)物块A运动到尸点时，受到圆弧轨道支持力的大小；

(2)物块4B碰撞后瞬间，4B速度的大小和方向；

(3)物块4B第一次碰撞后，过多长时间发生第二次碰撞。

15.（12分）如图所示，用一块长Za=1.0m的木板在墙和桌面间架设斜面，桌面离地高H=0.8m,桌面长乙2=L5m,斜

面和水平桌面间的倾角0可以在060。之间调节后固定，将质量/«=0.2kg的小物块从斜面顶端无初速释放，物块与斜

面间的动摩擦因数〃1=0.05,物块和桌面间的动摩擦因数为〃2,忽略物块在斜面和桌面交接处的能量损失。（已知最大

静摩擦力等于滑动摩擦力）

（1）当物块刚好能从斜面开始下滑时，求斜面的倾角（用正切值表示）

（2）当，角增大到37。时，物块下滑后恰能停在桌面边缘，求物块与桌面间的动摩擦因数〃2；

（3）若将（2）中求出的〃2作为已知条件，继续增大，角，求物块落地点与墙面的距离最大值S总，及此时斜面的倾

角9。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

根据磁场的叠加原理，将最右面电流向里的导线在。点产生的磁场与最左面电流向外的导线在。点产生的磁场进行合

成，则这两根导线的合磁感应强度为51；

同理，将左上方电流向外的导线在。点产生的磁场与右下方电流向里的导线在。点产生的磁场进行合成，则这两根导

线的合磁感应强度为历；

将右上方电流向里的导线在o点产生的磁场与左下方电流向外的导线在o点产生的磁场进行合成，则这两根导线的合

磁感应强度为

如图所示：

■♦、、

中殳矽

、'W

根据磁场叠加原理可知

B[=B、=B、=2B0

由几何关系可知及与氏的夹角为120。，故将&与为合成，则它们的合磁感应强度大小也为25<),方向与用的方向

相同，最后将其与肌合成，可得正六边形中心处磁感应强度大小为4Bo,方向沿y轴正方向.

选项D正确，ABC错误。

故选D。

2、A

【解析】

A.XI和X2处的斜率都是负值，说明场强方向相同，故A正确；

B.XI处的斜率大于X2处的斜率，说明XI处的电场强度大于X2处的电场强度，故B错误；

C.从XI处到X2处，电势逐渐降低，则移动正电荷，电场力一直做正功，电势能一直减小，故C错误；

D.根据马=以)可知，正电荷在R处具有的电势能为零，在X2处的电势小于零，所以正电荷在此具有的电势能小于零,

电势能为标量，正负号表示大小，所以同一个带正电荷的粒子在R处具有的电势能大于在X2处的电势能，故D错误。

故选A。

3、C

【解析】

根据题意可知，当入射光线与。点的距离为d时，从玻璃砖射出的光线刚好消失，光线恰好在MN圆弧面上发生了全

反射，作出光路图，如图

根据几何知识得：

,「d

sinC=——

R

.「1

sinC=—,

n

联立得：

R

n--

d

RR

A.7^^与上述计算结果〃=:不相符，故A错误；

<R--d-d

B.，.一/与上述计算结果〃=/不相符，故B错误；

Rd

C.g与上述计算结果〃=§相符，故C正确；

aa

D.〈与上述计算结果〃=§不相符，故D错误。

Ra

4、D

【解析】

小铁块和小车组成的系统水平方向不受外力，系统水平方向的动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得

mv=mv1+MV2

根据机械能守恒定律可得

—mv2-—mv：+—Mv\

22122

因为M=m,所以解得"=0,v2=v.所以铁块离开车时将做自由落体运动。故ABC错误，D正确。

故选D。

5、B

【解析】

A.汽车a的速度一直为正值，贝IJ10s末没有反方向运动，选项A错误；

B.因修图像的面积等于位移，由图可知，b的位移一直大于a,即汽车b一直在物体。的前面，选项B正确;

C.由图像可知，5s至！J10s两车的位移不相等，则平均速度不相等，选项C错误；

D.由图像可知8-12s时间内，a的速度大于儿两车逐渐靠近，则12s末两车相距最近，选项D错误;

故选B。

6、C

【解析】

A.电阻率是由导体本身的性质决定的，其大小与电阻无关，选项A错误；

B.公式W=适用于纯电阻电路和非纯电阻电路中的电流所做功，选项B错误；

C.根据公式4=〃可知，电流越大，单位时间内通过导体横截面的电荷量就越多，选项C正确；

D.电容的公式C=标采用的是比值定义法，电容大小与电量和电压无关，选项D错误。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ACD

【解析】

AB.相互吸引还是相互排斥，就要看电流是增大还是减小，时刻与打时刻，均处于电流减小阶段，根据楞次定律，

可知两环的电流方向相同，则两环相互吸引，A正确，B错误；

C.fi时刻，a中电流产生磁场，磁场的变化使b中产生电流，才使两线圈相互作用，根据法拉第电磁感应定律

„△①

E=n----

可知磁场变化越快，电动势越大，根据闭合电路欧姆定律可知电流也越大，所以，作用力最大的时刻，也就是a中电

流变化最快的时刻；在乙图中，“变化最快”也就是曲线的斜率最大。人时刻斜率为0,因此两线圈没有作用力，则加速

度为零，C正确；

D.虽然“时刻的电流为零，但是根据该点的斜率，电流是变化的，也就是磁通量变化率最大，那么b环中感应电动

势最大，则感应电流最大，D正确。

故选ACD。

8、BC

【解析】

A.“、〃小球均能沿各自斜轨道匀速下滑，则对a：

mgcos37=从“mgsin37

对岳

mgcos53=/Jhmgsin53

则

〃a：M>=16：9

选项A错误；

B.a、b小球沿斜面向上运动时，对a

mgcos37+〃/"gsin37=maa

对b

mgcos53+/2amgsin53=mah

加速度之比

aa:ah=4：3

选项B正确；

C.两球速度同时减为零，时间相等，则由v=ar可得

Va：Vh=a“:az>=4：3

选项C正确;

D.因为两物体加速度之比为:的=4：3,初速度之比%：好=4：3,由y=vo-af可知，任意时刻的速度比为4:3,则两物

体的平均速度之比为4:3；而两球到达圆周上时位移之比也为4:3,可知到达圆周上的时间相等，即两物体同时到达圆

周上，选项D错误。

故选BC»

9、AC

【解析】

电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，可知&V&,所以a、b两点比较，粒子的加速度在b

点时较大，故A正确；由粒子的运动的轨迹可以知道，粒子受力沿曲线的内侧，从a点到8点，电场力先做负功，再

做正功，电势能先增加后降低，动能先变小后增大.但a点到分点，整个过程最终电场力做正功，故B错误C正确；

因为不知道粒子的电性，所以无法判断哪点电势高低，故D错误.

10、BDE

【解析】

A.全息照相利用了激光的干涉原理，可以记录光的强弱、频率和相位，故A错误；

B.当频率相同与振幅完全相同时，则会形成稳定的干涉图样，故B正确；

C.若声源远离观察者，观察者会感到声音的频率变低，是接收频率变小，而发射频率不变，故C错误；

D.海市蜃楼是一种由光的折射产生的现象，是由于光在密度不均匀的物质中传播时，发生折射而引起的，属于全反

射，故D正确;

E.当薄膜的厚度为入射光在增透膜中波长的工时，从薄膜前后表面的反射光相互抵消，从而减少了反射，增加了透

4

射，故E正确。

故选BDE»

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

47T2L

11、0・75(0.70或者0.73也对)g=——质量A

【解析】

⑴①[1]小球做单摆运动，经过最低点拉力最大，由图乙可知U.Os到14.0s内有4个全振动，该单摆的周期

.14.0-11.0…

T=------------s=0.75s

4

②[2]根据单摆周期公式T=2c可得重力加速度

4TT2L

g=^~

(2)①[3]图中A点对应速度为零的位置，即最高位置，根据受力分析可得

£=mgcos0

图中8点对应速度最大的位置，即最低点位置，根据牛顿第二定律可得

_mv2

工一叫=丁

小球从A到B的过程中，重力势能减小量为

=mg(L-Leos。)

动能的增加量为

121

△4=—mv^=5(g

要验证机械能守恒，需满足

\EP-△纥

解得

；(g_’〃g)=/"g一耳

所以还需要测量的物理量是小球的质量

②[4|验证机械能守恒的表达式为

-(F2-mg)=mg-Fi

故A正确，B、C错误;

故选A。

【解析】

(1)由于电源电动势为4V,所以电压表应选C(因为若选择电压表D时，电动势3V还不到电压表量程的；)；

U4

根据欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流为：(ax=『=£A=0.8A所以电流表应选B;

K..J

(2)实物连线图如图所示:

(3)由图可知，电流表的读数为：I=0.50A,电压表的读数为：U=2.60V,所以待测电阻为：/?=y==5.20Q

(4)根据欧姆定律和串并联规律可知，采用甲电路时由于电压表的分流作用，导致电流表的测量值大于流经Rx的电流,

所以产生误差的主要原因是B；

故选B.

⑸由于电流流过电阻丝发热，所以在实验时流过电阻丝的电流不能过大，并且时间不要太长，故选C.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、①24cm；②312.5K

【解析】

①初态

Pl=Po+PL2

K=Z1s

玻璃管旋转90。时

Pz=Po

v2s

等温变化

PM=PM

解得气体长度为

L,=24cm

②水平升温前

T2=300K

升温后

匕=W+4)s

等压变化

匕=匕

T2q

解得

4=312.5K

14、(1)60N；(2)6m/s,方向水平向右；18m/s,方向水平向右；(3)7.2s；

【解析】

⑴物块A从。到尸过程，由动能定理得：

(mAg-qE)R=^mAvj,

代入数据解得：

vp=10m/s,

在尸点，由牛顿第二定律得：

2

Z7।Z7VP

F+qE-mAg=mA^9

A

代入数据解得：

F=60N；

⑵物块4从产到。过程，由动能定理得：

(西g)x。一('"/：，

代入数据解得：

vi=12m/s,

A、8发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得:

inAVi=niAVA+mBVB,

由机械能守恒定律得：