2021-2022学年江西丰城高考冲刺模拟物理试题含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示为氢原子能级的示意图，下列有关说法正确的是

«£/eV

00--------------------------Q

40.85

3---------------------------------------1.S1

2--------------------------------------34

1--------------------------------------13.6

A.处于基态的氢原子吸收10.5eV的光子后能跃迁至，〃=2能级

B.大量处于〃=4能级的氢原子向低能级跃迁时，最多可辐射出3种不同频率的光

C.若用从"=3能级跃迁到〃=2能级辐射出的光，照射某金属时恰好发生光电效应，则用从〃=4能级跃迁到〃=3

能级辐射出的光，照射该金属时一定能发生光电效应

D.用"=4能级跃迁到"=1能级辐射出的光，照射逸出功为6.34eV的金属钳产生的光电子的最大初动能为6.41eV

2,如图所示，物体m与斜面体M一起静止在水平面上。若将斜面的倾角9稍微增大一些，且物体m仍静止在斜面

上，则

A.斜面体对物体的支持力不变

B.斜面体对物体的摩擦力变大

C.水平面与斜面体间的摩擦力变大

D.水平面与斜面体间的摩擦力变小

3、如图所示，在矩形区域融M内存在磁感应强度大小为5、方向垂直Med平面的匀强磁场，已知左边长为班

一个质量为，"，带电量为g的正粒子，从“6边上的M点垂直/边射入磁场，从cd边上的N点射出，MN之间的距

离为2L,不计粒子重力，下列说法正确的是（）

a；…,d

Mb-L

I

......*c

A.磁场方向垂直Hcd平面向里

冗"l

B.该粒子在磁场中运动的时间为命

C.该粒子在磁场中运动的速率为幽

m

D.该粒子从M点到N点的运动过程中，洛伦兹力对该粒子的冲量为零

4、某静电场中有电场线与x轴重合，x轴上各点电势夕分布如图所示，图线关于纵轴对称，则（）

A.七处和一xi处场强方向相同B.w处和一口处场强大小相等

C.某带电粒子在X2处和一X2处电势能相等D.某带电粒子在X2处的电势能大于在一X2处的电势能

5、如图所示，足够长的U型光滑金属导轨平面与水平面成。角（0<6<90。），其中MN与PQ平行且间距为L,N、Q

间接有阻值为R的电阻，匀强磁场垂直导轨平面，磁感应强度为凡导轨电阻不计。质量为〃，的金属棒仍由静止开

始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且接触良好，外棒接入电路的电阻为r,当金属棒成下滑距离x时达到最大

速度叱，重力加速度为g,则在这一过程中（）

A.金属棒做匀加速直线运动

V

B.当金属棒速度为弓时，金属棒的加速度大小为0.5g

C.电阻R上产生的焦耳热为mgxsinQ-^mv2

D.通过金属棒某一横截面的电量为反土

R+r

6、如图所示，放在光滑水平桌面上的A、3木块之间夹着一被压缩的弹簧。现释放弹簧，A、3木块被弹开后，各

自在桌面上滑行一段距离飞离桌面。A的落地点到桌左边的水平距离为0.5m,3的落地点到桌右边的水平距离为

贝I()

A.A、8离开弹簧时的速度大小之比为1：2

B.A、B离开弹簧时的速度大小之比为2：1

C.A、8质量之比为1：2

D.A、3质量之比为1：1

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、关于气体的性质及热力学定律，下列说法正确的是（）

A.气体压强本质上就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力

B.气体的温度越高，分子热运动就越剧烈，所有分子的速率都增大

C.一定质量的理想气体，压强不变，温度升高时，分子间的平均距离一定增大

D.气体的扩散现象说明涉及热现象的宏观过程具有方向性

E.外界对气体做正功，气体的内能一定增加

8、如图2所示是电子电路中经常用到的由半导体材料做成的转换器，它能把如图1所示的正弦式交变电压转换成如图

3所示的方波式电压,转换规则:输入的交变电压绝对值低于g，输出电压为0；输入的交变电压包对值大于、等于g,

输出电压恒为则

2

A.输出电压的频率为50HzB.输出电压的颜率为100Hz

C.输出电压的有效值为®tD.输出电压的有效值为"

63

9、如图所示，长木板左端固定一竖直挡板，轻质弹簧左端与挡板连接右端连接一小物块，在小物块上施加水平向右的

恒力/，整个系统一起向右在光滑水平面上做匀加速直线运动。已知长木板（含挡板）的质量为小物块的质量

为加，弹簧的劲度系数为形变量为X（XHO）,则（）

kM/WvU-l—

777Z7777777777777777777777777-

A.小物块的加速度为上一

M+m

MF

B.小物块受到的摩擦力大小一定为丘—,方向水平向左

M+m

MF

C.小物块受到的摩擦力大小可能为"+工；一，方向水平向左

D.小物块与长木板之间可能没有摩擦力

10、如图所示是导轨式电磁炮的原理结构示意图。两根平行长直金属导轨沿水平方向固定，其间安放炮弹。炮弹可沿

导轨无摩擦滑行，且始终与导轨保持良好接触。内阻为r可控电源提供的强大恒定电流从一根导轨流入，经过炮弹，

再从另一导轨流回电源，炮弹被导轨中的电流形成的磁场推动而发射。在发射过程中，该磁场在炮弹所在位置始终可

以简化为磁感应强度为8的垂直平行轨道匀强磁场。已知两导轨内侧间距L,炮弹的质量胆，炮弹在导轨间的电阻为

R,若炮弹滑行s后获得的发射速度为人不计空气阻力，下列说法正确的是（）

B.电磁炮受到的安培力大小为尸=吧二

s

C.可控电源的电动势是E——-

2sBL

D.这一过程中系统消耗的总能量是心萼2

22sB21}

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某同学用如图甲所示的实验装置某测量木块与木板间动摩擦因数：

BCDE

9.5011.0012.5014.00(c®)

⑴从打出的若干纸带中选出了如图所示的一条，纸带上A、。、E这些点的间距如图中标示，其中每相邻两点

间还有4个计时点未画出。打点计时器的电源频率是50Hz,根据测量结果计算：则打C点时纸带的速度大小为

m/s；纸带运动的加速度大小为m/s2.（结果保留3位有效数字）

⑵通过（1）测得木块的加速度为还测得钩码和木块的质量分别为，"和“，已知当地重力加速度为g,则动摩擦因数

---------0

12.（12分）一同学用电子秤、水壶、细线、墙钉和贴在墙上的白纸等物品，在家中验证力的平行四边形定则，主要

实验步骤如下：

①如图甲，细线OC一端连接一装满水的水壶，另一端连接圆环。，用电子秤的下端挂钩钩住圆环O,记下水壶静上

时电子秤的示数F；

②如图乙，将细线A8一端拴在墙钉A处，另一端穿过圆环。拴在电子秤的挂钩8处。手握电子秤沿斜上方拉住细线

的B端使水壶处于平衡状态，在墙面的白纸上记录圆环。的位置、三细线。4、OB、OC的方向和电子秤的示数人；

③如图丙，在白纸上以O为力的作用点，按定标度作出各力的图示，根据平行四边形定则作出两个Q的合力犬的图

ZJSo

（1）步骤①中（填“必须”或“不必”）记录。点位置；

⑵步骤②中用细线穿过圆环0,而不用细线直接拴接在细线AB上的原因是；

（3）通过比较口与的大小和方向，即可得出实验结论。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，两块相同的金属板M和N正对并水平放置，它们的正中央分别有小孔。和0。两板距离为

2L,两板间存在竖直向上的匀强电场；A3是一根长为3L的轻质绝缘竖直细杆，杆上等间距地固定着四个（1、2、3、

4）完全相同的带电荷小球，每个小球带电量为外质量为机、相邻小球间的距离为，第1个小球置于。孔处.将

杆由静止释放，观察发现，从第2个小球刚进入电场到第3个小球刚要离开电场，A8杆一直做匀速直线运动，整

个运动过程中A8杆始终保持竖直，重力加速度为g。求：

（1）两板间的电场强度E；

（2）第4个小球刚离开电场时AB杆的速度；

（3）从第2个小球刚进入电场开始计时，到第4个小球刚离开电场所用的时间。

14.(16分)如图所示，滑块在恒定外力F=2mg的作用下从水平轨道上的A点由静止出发，到8点时撤去外力，又

沿竖直面内的光滑半圆形轨道运动，且恰好通过轨道最高点C,滑块脱离半圆形轨道后又刚好落到原出发点A,求AB

段与滑块间的动摩擦因数.(取g=10m/s2)

15.(12分)如图所示，在坐标系第一象限内I、II区域有磁场，磁感应强度大小3=LOT,方向垂直纸面向里，I区

域有与磁场正交的匀强电场，电场强度大小£=1.0xl()3V/m，方向未知。现有一质量加=1x10+1^、电荷量

g=lxl()T°C的带负电的粒子以某一速度v沿与x轴正方向夹角为53。的方向从O点进入第一象限，在I区域内做直

线运动,而后进入H区域，由右侧射出，一段时间后，粒子经过x轴上的D点(图中未画出)。已知4点坐标为(12cm,0)、

C点坐标为(26cm,0),sin53°=0.8,cos53°=0.6,不计粒子重力。求:

(1)粒子速度的大小P；

(2)粒子运动轨迹与x轴的交点。的坐标；

(3)由O运动到点的时间。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

A.处于基态的氢原子吸收10.2eV的光子后能跃迁至"=2能级，不能吸收10.2eV的能量.故A错误；

B.大量处于〃=4能级的氢原子，最多可以辐射出C；=6种，故B错误；

C.从〃=3能级跃迁到〃=2能级辐射出的光的能量值大于从〃=4能级跃迁到"=3能级辐射出的光的能量值，用从〃=3

能级跃迁到〃=2能级辐射出的光，照射某金属时恰好发生光电效应，则用从〃=4能级跃迁到〃=3能级辐射出的光，照

射该金属时不一定能发生光电效应，故C错误；

D.处于〃=4能级的氢原子跃迁到〃=1能级辐射出的光的能量为：E=EA-E,=-0.85-(-13.6)=12.75eV,根据光

电效应方程，照射逸出功为6.34eV的金属钳产生的光电子的最大初动能为：E1m=E-W=12.75-6.34=6.41eV,

故D正确；

2、B

【解析】

A、物体m静止不动，受力平衡.可对物体受力分析，正交分解重力G得：

斜面体对物体的支持力N=mgcos8

斜面体对物体的摩擦力f=mgsin6

比较可知日稍微增大一些，N变小，f变大，故A错误、B正确.

C、对于水平面对斜面的力，最好采用整体法，对m和M整体进行受力分析：

整体受重力和水平面的支持力，因为整体处于静止也就是平衡状态，所以地面对斜面体的摩擦力始终为零，水平面对

斜面体间的支持力不变.故C错误、D错误.

故选：B.

3、B

【解析】

A.粒子向下偏转，根据左手定则可知磁场方向垂直abed平面向外，故A错误；

B.粒子运动轨迹如图所示

根据图中几何关系可得用P=”/一3L2=£,则

R2=3Z7+(R-L)2

解得

R=2L

.a国6

sint)=-----=—

2L2

解得

族60°

该粒子在磁场中运动的时间为

1小127rm7rm

t=-T=-x------=-----

66qB3qB

故B正确；

C.根据洛伦兹力提供向心力可得穴=二,解得该粒子在磁场中运动的速率为

qB

2qBL

m

故C错误；

D.根据动量定理可得该粒子从M点到N点的运动过程中，洛伦兹力对该粒子的冲量等于动量变化，由于速度变化不

为零，则动量变化不为零，洛伦兹力对该粒子的冲量不为零，故D错误。

故选B。

4、C

【解析】

AB.9T图象的斜率大小等于电场强度，。处和田处场强大小相等，方向相反，处处和F处场强大小不相等，故

AB错误；

CD.在X2处和-X2处电势相等，根据埒=初知某带电粒子在X2处和-X2处电势能相等，故C正确，D错误。

故选C。

5、D

【解析】

A.对金属棒，根据牛顿第二定律可得:

mgsinO-BIL=ma

可得:

B2I?V

a=gsin。一

m(R+r)

当速度增大时，安培力增大，加速度减小，所以金属棒，方开始做加速度逐渐减小的变加速运动，不是匀加速直线运动,

故A错误；

B.金属棒以人匀速下滑时，则有：

a—0

即有：

〃?g(R+r)sinO

v=------------------

B2+L2

V

当金属棒速度为一时，金属棒的加速度大小为:

2

.cS2Z,2V1.

4=gsmO———~=-gsin9n

tn{R+r)22

故B错误；

C.对金属棒，根据动能定理可得：

mgsinO.x-。=gmv2

解得产生的焦耳热为：

Q=mgsinO.x-；mv2

电阻R上产生的焦耳热为：

2

QR=二宠(〃/gsinO-x—；mv)

故C错误；

D.通过金属棒某一横截面的电量为:

BLx

R+rR+rR+r

故D正确;

故选D。

6、A

【解析】

AB.由于A、3下落的高度相同，则下落过程中的时间相同，两者做平抛运动，水平方向的分运动为匀速直线运动,

则水平初速度之比等于水平位移之比

L：%=1：2

则A正确，B错误；

CD.A、B被弹开的过程，对于A、3和弹簧构成的系统，动量守恒，贝U

mAvA=mBvB

可得

mAB=2：1

则C、D均错误。

故选A。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ACD

【解析】

A.气体压强是由大量气体分子频繁地碰撞器壁而产生的作用，所以其本质上就是大量气体分子作用在器壁单位面积

上的平均作用力，所以A正确；

B.物体的温度越高，分子的平均动能就越大。分子的平均动能大，并不是每个分子动能都增大，也有个别分子的动

能减小，所以B错误；

C.根据理想气体状态方程

T

可知，一定质量的理想气体，压强不变时，温度升高时，体积增加，故分子间的平均距离一定增大，所以C正确；

D.气体的扩散现象说明涉及热现象的宏观过程具有方向性，所以D正确；

E.外界对气体做功

W>0

由于不知道气体是吸热还是放热，根据热力学第一定律

△U=W+Q

无法确定气体的内能增加还是减小，故E错误。

故选ACDo

8、BC

【解析】

AB.由图可知输出电压的周期T=0.01s,故频率为户100Hz,A错误，B正确;

CD.fi：

2R3R

解得:

C正确，D错误.

9,ACD

【解析】

A.长木板与小物块一起做匀加速运动，应相对静止，加速度相同，对整体有

F=（M+ni）a

解得加速度

F

a二--------------

M+m

故A正确

BC.因弹簧形变量XH（）,故弹簧可能被压缩也可能被拉伸。若被压缩，则长木板受到的摩擦力向右，对长木板有

Ff-kx=Ma

解得

耳L=依7+--M---F--

M-\-m

小物块受到的摩擦力大小与之相等，方向水平向左，故B错误，C正确;

D.若弹簧对小物块的弹力方向水平向左，对小物块，根据牛顿第二定律得

F+f-kx=ma

得

f-kx+ma-F-kx+m*

M+mM+m

如果

,MF

KX=-------

M+m

则

/=0

故D正确。

故选ACDo

10、AD

【解析】

A.若电源a、b分别为负极、正极，根据左手定则可知，受到的安培力向右，则导体滑块可在磁场中向右加速；故A

正确；

B.因安培力尸=8〃，根据动能定理

bpx--1mv2

2

所以

„mv2

r-------

2s

选项B错误；

C.由匀加速运动公式

由安培力公式和牛顿第二定律，有

F=BIL=ma

根据闭合电路欧姆定律根据闭合电路欧姆定律

联立以上三式解得

_mv2(R+r)

E---------------

IsBL

选项C错误；

D.因这一过程中的时间为

2s

t--

v

所以系统产生的内能为

Q=I2(/?+r)t

_mv2(/?+r)

£=-------------

IsBL

联立解得

cm2v\R+r)

Q=--------—

2sBy

炮弹的动能为

"12

E.--mv

k2

由能的转化与守恒定律得这一过程中系统消耗的总能量为

23

12mv(R+r)

E=Q+Ek=—mv~+

22sB2!}

所以D正确。

故选AD。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

ms-(m+M)a

11>1.18m/sL50m/s2〃=--------------------

Mg

【解析】

(1)[1][2].因纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s,设si=9.50cm、S2=11.00cm,sj=12.5cm,S4=14.00cm,打C

点时纸带的速度大小为

s2+$3

%=---------

2T

代入数值得

%=1.18m/s

加速度

_at+a2_(54+53)-(5|+52)

~2~市

代入数值得

a=1.50m/s2

(2)[3].对木块、祛码盘和祛码组成的系统，由牛顿第二定律得

mg-/iMg=(M+m)a

解得

mg+

u=--------------------

Mg

12、不必两分力一次同时测定，减小误差(或由于圆环的滑动，使得。4、。8两细线拉力大小相同)F'

【解析】

(1)⑴因为重力恒竖直向下，只要保证水壶静止即可，读出。C绳的拉力即可，故第一次不需要记录。点位置。

(2)⑵由于圆环的滑动，使得。4、。3两细线拉力大小相同，故可以两分力一次同时测定，减小误差。

(3)[3]。4和08绳子的拉力作用效果和0C一条绳子的拉力的作用效果相同，而。C一条绳子作用力为凡0A和03

绳子的合力为根据平行四边形定则画出来的歹'，所以只要比较产和尸'的大小和方向，即可验证试验。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)等;(2)画;(3)(2企+lg

【解析】

(1)两个小球处于电场中时，根据平衡条件

2qE=4mg

解得

2mg

E=-----

q

(2)设第4个小球刚离开电场时，杆的运动速度为%对整个杆及整个过程应用动能定理：

1,

4/〃g・5L-4・qE・2L=5/

解得

(3)设杆匀速运动时速度为vi,对第1个小球刚进入电场到第3个小球刚要进入电场这个过程，应用动能定理得

,・、10

4mg・2L—qE(L+2L)=—4mv

解得

盯=麻

第2个小球刚进入电场到第3个小球刚要离开电场的这段时间，整个杆做匀速直线运动，设运动时间为d