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2022年山东省枣庄市市台儿庄区薛庄乡中学高二物理期末试卷含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1.如图所示,面积为0.2m2的100匝线圈A处在磁场中,磁场方向垂直于线圈平面。磁感应强度随时间变化的规律是B=(6-0.2t)T,已知电路中的R1=4Ω,R2=6Ω,电容C=30μF,线圈A的电阻不计。则(

)A.闭合S后,通过R2的电流大小为0.4A

B.闭合S后,通过R2的电流方向由上向下C.闭合S后,电容器上极板带正电

D.闭合S一段时间后,断开S,S断开后通过R2的电荷量是7.2×10-5C参考答案:ABCD2.对于电场中、两点,下列说法正确的是(

)A.电势差的定义式,说明两点间的电势差与电场力做功成正比,与移动电荷的电量成反比B.、两点间的电势差等于将正电荷从点移到点电场力所做的功C.将1正电荷从点移到点,电场力做1的功,这两点间的电势差为1D.电荷由点移到点的过程中,除受电场力外,还受其它力的作用,电荷电势能的变化就不再等于电场力所做的功参考答案:CUAB反映电场本身的性质,与试探电荷无关,不能说两点间的电势差UAB与电场力做功WAB成正比,与移动电荷的电量q成反比。故A错误。根据电势差的定义式UAB=可知:A、B两点间的电势差等于将单位正电荷从A点移到B点电场力所做的功,故B错误。根据电势差的定义式UAB=可知:将1C电荷从A点移到B点,电场力做1J的功,这两点间的电势差UAB=1V.故C正确。电荷由A点移到B点的过程中,电荷电势能的变化仍等于电场力所做的功。故D错误。故选C。【点睛】电势差的定义式UAB=,是比值定义法,有比值定义的共性,UAB反映电场本身的性质,与试探电荷无关.3.(单选)一输入电压为220V,输出电压为36V的变压器副线圈烧坏,为获知此变压器原、副线圈匝数,某同学拆下烧坏的副线圈,用绝缘导线在铁芯上新饶了5匝线圈.如图所示,然后将原来线圈接到220V交流电源上,测得新绕线圈的端电压为1V,按理想变压器分析,该变压器烧坏前的原、副线数分别为()A.1100,180

B.1100,360

C.2200,180

D.2200,360参考答案:A4.(单选)一个检验电荷q在电场中某点受到的电场力为F,以及这点的电场强度为E,图中能正确反映q、E、F三者关系的是(

)参考答案:D5.(单选)如图所示,实线为方向未知的三条电场线,a、b两带电粒子从电场中的O点以相同的初速度飞入.仅在电场力作用下,两粒子的运动轨迹如图中虚线所示,则()A.a一定带正电,b一定带负电B.a加速度增大,b加速度增大C.a电势能减小,b电势能增大D.a和b的动能一定都增大参考答案:考点:电场线.版权所有专题:电场力与电势的性质专题.分析:根据粒子轨迹的弯曲方向可判断粒子所受电场力的方向,根据电场力方向与场强方向的关系判断电性.电场线越密,场强越大,电荷所受电场力越大,加速度越大;电场线越疏,场强越小,电荷所受电场力越小,加速度越小.根据电场力做功正负判断电势能和动能的变化.解答:解:A、由图,b粒子的轨迹向左弯曲,b粒子受到的电场力方向向左,如图.a的轨迹向右弯曲,b粒子受到的电场力方向向右,由于电场线未知,无法确定两个粒子的电性.故A错误;B、由图看出,向右电场线越来越疏,场强越来越小,则a所受电场力减小,加速度减小,b所受电场力增大,加速度增大.故B错误;C、D、由图判断电场力对两个粒子都做正功,电势能都减小,动能都增大.故C错误,D正确.故选:D.点评:本题是轨迹问题,根据轨迹的弯曲方向判断出电荷所受的电场力是关键.基础题,不应失分.二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6.如图所示,用静电计测量电容器两板间的电势差,不改变两板的带电量,把B板向右移,静电计指针偏角将_______;把B板竖直向下移,静电计指针偏角将______;在AB板间插入一块电介质,静电计指针偏角将__________.参考答案:减小

增大

减小7.如图所示,将一个带正电的小球Q放在本身不带电的枕型导体AB靠近A端一侧,由于静电感应枕型导体的A、B两端分别出现-、+感应电荷。那么,现将B端接一下地,枕型导体将_______电荷。(填“带正”、“带负”或“不带”)

参考答案:带负

8.如图所示,某变压器有两个线圈,如果把它当作降压变压器,则线圈

接电源,原副线圈两端电压之比是

;把它当作升压变压器,则线圈

接电源,原、副线圈两端电压之比是

.参考答案:L1,5:1,L2,1:5【考点】变压器的构造和原理.【分析】根据理想变压器中原副线圈的电压与匝数成正比即可分析求解.【解答】解:如果把它当作降压器,则原线圈的匝数应比副线圈匝数多,所以L1接电源,原副线圈两端电压之比是5500:1100=5:1;把它当作升压变压器,则原线圈的匝数应比副线圈匝数少,所以L2接电源,原副线圈两端电压之比1100:5500=1:5故答案为:L1,5:1,L2,1:59.一个正点电荷,电量为q=4.010-8C,在电场中某点受到的电场力为F=8.0×10-4N,则该点电场强度大小为

,若将此点电荷拿走,则该点的场强为

。参考答案:10.用如图甲所示的装置测定弹簧的劲度系数,被测弹簧一端固定于A点,另一端B用细绳绕过定滑轮挂钩码,旁边竖直固定一最小刻度为mm的刻度尺,当挂两个钩码时,绳上一定点P对应刻度如图乙中ab虚线所示,再增加一个钩码后,P点对应刻度如图乙中cd虚线所示,已知每个钩码质量为50g,重力加速度g=9.8m/s2,则被测弹簧的劲度系数为________N/m.挂三个钩码时弹簧的形变量为________cm.参考答案:70

2.1011.用200N的拉力将地面上一个质量为10kg的物体提升10m(重力加速度g=10m/s2,空气阻力忽略不计)。拉力对物体所做的功是_________J;物体被提高后具有的重力势能是_________J(以地面为零势能参考面);物体被提高后具有的动能是_________J。参考答案:12.到了18世纪末,人们开始思考不同自然现象之间的联系,一些科学家相信电与磁之间存在着某种联系,经过艰苦细致地分析、试验,

发现了电生磁,即电流的磁效应;

发现了磁生电,即电磁感应现象。参考答案:13.如图14所示的理想变压器,它的初级线圈接在交流电源上,次级线圈接一个标有“12V、60W”的灯泡,已知变压器初、次级线圈的匝数比,那么小灯泡正常工作时,图中的电压表的读数为

V,电流表的读数为

A.参考答案:

60,

1

三、实验题:本题共2小题,每小题11分,共计22分14.“验证牛顿运动定律”的实验中,在研究加速度a与小车的质量M的关系时,由于没有注意始终满足M?m的条件(m是托盘和砝码的质量),结果得到的图象应是下图中的()

参考答案:D15.某实验小组在利用单摆测定当地重力加速度的实验中:(1)用游标卡尺测定摆球的直径,测量结果如图所示,则该摆球的直径为

cm。(2)小组成员在实验过程中有如下做法,其中正确的是

。(填选项前的字母)A.把单摆从平衡位置拉开的摆角,并在释放摆球的同时开始计时B.测量摆球通过最低点100次的时间t,则单摆周期为C.用悬线的长度加摆球的直径作为摆长,代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏大D.选择密度较小的摆球,测得的重力加速度值误差较小参考答案:(1)0.97cm

(2)C四、计算题:本题共3小题,共计47分16.密闭容器的气体压强为p=10-2Pa,温度为27℃,估算其中分子的间距(保留一位有效数学字).参考答案:7′10-7m17.(12分)如图所示,AB、CD为两平行金属板,A、B两板间的电势差为U,C、D两板始终与电源相接,其间场强为E。一个质量为m、带电量为q的带电粒子(重力不计)由静止开始,经AB加速后穿过CD发生偏转,最终打在荧光屏上。已知C、D极板长均为s,荧光屏距CD右端的距离为L。问:

(1)粒子带正电还是负电?

(2)粒子进入偏转场时的速度多大?

(3)粒子打在荧光屏上距O点下方多远处?参考答案:(1)带正电………………2分(2)设粒子经加速场进入偏转场时的速度为,椐动能定理有:………………2分………………1分(3)设粒子离开偏转场时的侧移为y,偏转角为a,有:水平方向,

………………2分竖直方向,

………………2分………………1分粒子打在荧光屏上O点下方距O点距离为:………………1分解以上各式得:………………1分18.(10分)如所示图,两个共轴的圆筒形金属电极,外电极接地,其上均匀分布着平行于轴线的四条狭缝a、b、c和d,外筒的外半径为r0,在圆筒之外的足够大区域中有平行于轴线方向的均匀磁场,磁感强度的大小为B,在两极间加上电压,使两圆筒之间的区域内有沿半径向外的电场,一质量为m、带电量为+q的粒子,从紧靠内筒且正对狭缝a的S点出发,初速为零。如果该粒子经过一段时间的运动之后恰好又回到出发点S,则两电极之间的电压U应是多少?(不计重力,整个装置在真空中)

参考答案:解析:带电粒子从出发,在两筒之间的电场力作用下加速,沿径向穿出而进入磁场区,在洛仑兹力作用下做匀速圆周运动。粒子再回到点的条件是能沿径向穿

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