物理教案(新教材粤教版)第四章抛体运动与圆周运动专题强化六圆周运动的临界问题_第1页
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专题强化六圆周运动的临界问题目标要求1.掌握水平面内、竖直面内和斜面上的圆周运动的动力学问题的分析方法.2.会分析水平面内、竖直面内和斜面上圆周运动的临界问题.题型一水平面内圆周运动的临界问题物体做圆周运动时,若物体的速度、角速度发生变化,会引起某些力(如拉力、支持力、摩擦力)发生变化,进而出现某些物理量或运动状态的突变,即出现临界状态.1.常见的临界情况(1)水平转盘上的物体恰好不发生相对滑动的临界条件是物体与盘间恰好达到最大静摩擦力.(2)物体间恰好分离的临界条件是物体间的弹力恰好为零.(3)绳的拉力出现临界条件的情形有:绳恰好拉直意味着绳上无弹力;绳上拉力恰好为最大承受力等.2.分析方法分析圆周运动临界问题的方法是让角速度或线速度从小逐渐增大,分析各量的变化,找出临界状态.确定了物体运动的临界状态和临界条件后,选择研究对象进行受力分析,利用牛顿第二定律列方程求解.例1(2018·浙江11月选考·9)如图所示,一质量为×103kg的汽车在水平公路上行驶,路面对轮胎的径向最大静摩擦力为×104N,当汽车经过半径为80m的弯道时,下列判断正确的是()A.汽车转弯时所受的力有重力、弹力、摩擦力和向心力B.汽车转弯的速度为20m/s时所需的向心力为×104NC.汽车转弯的速度为20m/s时汽车会发生侧滑D.汽车能安全转弯的向心加速度不超过m/s2答案D解析汽车转弯时所受的力有重力、弹力、摩擦力,向心力是由摩擦力提供的,A错误;汽车转弯的速度为20m/s时,根据F=meq\f(v2,R),得所需的向心力为×104N,没有超过最大静摩擦力,所以汽车不会发生侧滑,B、C错误;汽车安全转弯时的最大向心加速度为am=eq\f(f,m)=m/s2,D正确.例2(多选)(2023·广东省广州五中月考)如图所示,两个质量均为m的小木块a和b(可视为质点)放在水平圆盘上,a与转轴OO′的距离为l,b与转轴的距离为2l.木块与圆盘间的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍,重力加速度大小为g.若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动,用ω表示圆盘转动的角速度,且最大静摩擦力等于滑动摩擦力,下列说法正确的是()A.b一定比a先开始滑动B.a、b所受的摩擦力始终相等C.ω=eq\r(\f(kg,2l))是b开始滑动的临界角速度D.当ω=eq\r(\f(2kg,3l))时,a所受摩擦力的大小为kmg答案AC解析小木块a、b做圆周运动时,由静摩擦力提供向心力,即f=mω2R.当角速度增大时,静摩擦力增大,当增大到最大静摩擦力时,发生相对滑动,对木块a有fa=mωa2l,当fa=kmg时,kmg=mωa2l,ωa=eq\r(\f(kg,l));对木块b有fb=mωb2·2l,当fb=kmg时,kmg=mωb2·2l,ωb=eq\r(\f(kg,2l)),则ω=eq\r(\f(kg,2l))是b开始滑动的临界角速度,所以b先达到最大静摩擦力,即b比a先开始滑动,选项A、C正确;两木块滑动前转动的角速度相同,则fa=mω2l,则fb=mω2·2l,fa<fb,选项B错误;ω=eq\r(\f(2kg,3l))<ωa=eq\r(\f(kg,l)),a没有滑动,则fa′=mω2l=eq\f(2,3)kmg,选项D错误.例3细绳一端系住一个质量为m的小球(可视为质点),另一端固定在光滑水平桌面上方h高度处,绳长l大于h,使小球在桌面上做如图所示的匀速圆周运动,重力加速度为g.若要小球不离开桌面,其转速不得超过()A.eq\f(1,2π)eq\r(\f(g,l)) B.2πeq\r(gh)C.eq\f(1,2π)eq\r(\f(h,g)) D.eq\f(1,2π)eq\r(\f(g,h))答案D解析对小球受力分析,小球受三个力的作用,重力mg、水平桌面支持力FN、绳子拉力F.小球所受合力提供向心力,设绳子与竖直方向夹角为θ,由几何关系可知R=htanθ,受力分析可知Fcosθ+FN=mg,Fsinθ=meq\f(v2,R)=mω2R=4mπ2n2R=4mπ2n2htanθ;当球即将离开水平桌面时,FN=0,转速n有最大值,此时nm=eq\f(1,2π)eq\r(\f(g,h)),故选D.例4(2023·广东深圳市调研)如图所示,用两根长l1、l2的细线拴一小球a,细线另一端分别系在一竖直杆上O1、O2处,当竖直杆以某一范围角速度(ω1≤ω≤ω2)转动时,小球a保持在图示虚线的轨迹上做圆周运动,此时两根细线均被拉直,圆周半径为r,已知l1∶l2∶r=20∶15∶12,则ω1∶ω2为()A.3∶4 B.3∶5C.4∶5 D.1∶2答案A解析设绳l1与竖直杆的夹角为θ1,绳l2与竖直杆的夹角为θ2,将绳子拉力沿竖直方向和水平方向分解,竖直方向的分力大小等于重力,水平方向分力提供向心力,则有F向1=mgtanθ1=mω12r,F向2=mgtanθ2=mω22r,由几何关系可得r=l1sinθ1=l2sinθ2,又l1∶l2∶r=20∶15∶12,联立解得ω1∶ω2=3∶4,B、C、D错误,A正确.题型二竖直面内圆周运动的临界问题1.两类模型对比轻绳模型(最高点无支撑)轻杆模型(最高点有支撑)实例球与绳连接、水流星、沿内轨道运动的“过山车”等球与杆连接、球在光滑管道中运动等图示受力示意图F弹向下或等于零F弹向下、等于零或向上力学方程mg+F弹=meq\f(v2,R)mg±F弹=meq\f(v2,R)临界特征F弹=0mg=meq\f(vmin2,R)即vmin=eq\r(gR)v=0即F向=0F弹=mg讨论分析(1)最高点,若v≥eq\r(gR),F弹+mg=meq\f(v2,R),绳或轨道对球产生弹力F弹(2)若v<eq\r(gR),则不能到达最高点,即到达最高点前小球已经脱离了圆轨道(1)当v=0时,F弹=mg,F弹背离圆心(2)当0<v<eq\r(gR)时,mg-F弹=meq\f(v2,R),F弹背离圆心并随v的增大而减小(3)当v=eq\r(gR)时,F弹=0(4)当v>eq\r(gR)时,mg+F弹=meq\f(v2,R),F弹指向圆心并随v的增大而增大2.解题技巧(1)物体通过圆周运动最低点、最高点时,利用合力提供向心力列牛顿第二定律方程;(2)物体从某一位置到另一位置的过程中,用动能定理找出两处速度关系;(3)注意:求对轨道的压力时,转换研究对象,先求物体所受支持力,再根据牛顿第三定律求出压力.例5(2023·陕西延安市黄陵中学)如图所示,一质量为m=kg的小球(可视为质点),用长为m的轻绳拴着在竖直平面内做圆周运动,g=10m/s2,下列说法不正确的是()A.小球要做完整的圆周运动,在最高点的速度至少为2m/sB.当小球在最高点的速度为4m/s时,轻绳拉力为15NC.若轻绳能承受的最大张力为45N,小球的最大速度不能超过4eq\r(2)m/sD.若轻绳能承受的最大张力为45N,小球的最大速度不能超过4m/s答案D解析设小球通过最高点时的最小速度为v0,则根据牛顿第二定律有mg=meq\f(v02,R),解得v0=2m/s,故A正确;当小球在最高点的速度为v1=4m/s时,设轻绳拉力大小为FT,根据牛顿第二定律有FT+mg=meq\f(v12,R),解得FT=15N,故B正确;小球在轨迹最低点处速度最大,此时轻绳的拉力最大,根据牛顿第二定律有FTm-mg=meq\f(vm2,R),解得vm=4eq\r(2)m/s,故C正确,D错误.例6(2023·山东枣庄市八中月考)如图,轻杆长2l,中点装在水平轴O上,两端分别固定着小球A和B(均可视为质点),A球质量为m,B球质量为2m,重力加速度为g,两者一起在竖直平面内绕O轴做圆周运动.(1)若A球在最高点时,杆的A端恰好不受力,求此时B球的速度大小;(2)若B球到最高点时的速度等于第(1)问中的速度,求此时O轴的受力大小和方向;(3)在杆的转速逐渐变化的过程中,能否出现O轴不受力的情况?若不能,请说明理由;若能,求出此时A、B球的速度大小.答案(1)eq\r(gl)(2)2mg方向竖直向下(3)能;当A、B球的速度大小为eq\r(3gl)时,O轴不受力解析(1)A在最高点时,对A根据牛顿第二定律得mg=meq\f(vA2,l),解得vA=eq\r(gl),因为A、B两球的角速度相等,半径相等,则vB=vA=eq\r(gl);(2)B在最高点时,对B根据牛顿第二定律得2mg+FTOB′=2meq\f(vB2,l)代入(1)中的vB,可得FTOB′=0对A有FTOA′-mg=meq\f(vA2,l)可得FTOA′=2mg根据牛顿第三定律,O轴所受的力大小为2mg,方向竖直向下;(3)要使O轴不受力,根据B的质量大于A的质量,设A、B的速度为v,可判断B球应在最高点对B有FTOB″+2mg=2meq\f(v2,l)对A有FTOA″-mg=meq\f(v2,l)O轴不受力时有FTOA″=FTOB″联立可得v=eq\r(3gl)所以当A、B球的速度大小为eq\r(3gl)时,O轴不受力.题型三斜面上圆周运动的临界问题物体在斜面上做圆周运动时,设斜面的倾角为θ,重力垂直斜面的分力与物体受到的支持力大小相等,解决此类问题时,可以按以下操作,把问题简化.=mω2R.例7(多选)如图所示,一倾斜的匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定角速度ω转动,盘面上离转轴m处有一小物体(可视为质点)与圆盘始终保持相对静止,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,盘面与水平面的夹角为30°,g取10m/s2,则以下说法中正确的是()A.小物体随圆盘以不同的角速度ω做匀速圆周运动时,ω越大时,小物体在最高点处受到的摩擦力一定越大B.小物体受到的摩擦力可能背离圆心C.若小物体与盘面间的动摩擦因数为eq\f(\r(3),2),则ω的最大值是rad/sD.若小物体与盘面间的动摩擦因数为eq\f(\r(3),2),则ω的最大值是eq\r(3)rad/s答案BC解析当物体在最高点时,也可能受到重力、支持力与摩擦力三个力的作用,摩擦力的方向可能沿斜面向上(即背离圆心),也可能沿斜面向下(即指向圆心),摩擦力的方向沿斜面向上时,ω越大时,小物体在最高点处受到的摩擦力越小,故A错误,B正确;当物体转到圆盘的最低点恰好不滑动时,圆盘的角速度最大,此时小物体受竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力、沿斜面指向圆心的摩擦力,由沿斜面的合力提供向心力,支持力FN=mgcos30°,摩擦力f=μFN=μmgcos30°,又μmgcos30°-mgsin30°=mω2R,解得ω=rad/s,故C正确,D错误.课时精练1.一汽车通过拱形桥顶时速度为10m/s,车对桥顶的压力为车重的eq\f(3,4),如果要使汽车在该桥顶对桥面恰好没有压力,车速为()A.15m/s B.20m/sC.25m/s D.30m/s答案B解析当FN′=FN=eq\f(3,4)G时,有G-FN′=meq\f(v2,r),所以eq\f(1,4)G=meq\f(v2,r);当FN=0时,G=meq\f(v′2,r),所以v′=2v=20m/s,选项B正确.2.(多选)(2023·广东广州市模拟)一质量为×103kg的汽车在水平公路上行驶,路面对轮胎的径向最大静摩擦力为车重的倍,g=10m/s2,当汽车经过弯道时,下列判断正确的是()A.汽车转弯时所受的力有重力、弹力、摩擦力B.汽车转弯时所受到的径向静摩擦力均为6×103NC.设计汽车转弯不发生侧滑的最大速率为20m/s,则弯道半径应不少于50mD.汽车能安全转弯的向心加速度不超过m/s2答案AD解析汽车转弯时受到重力、地面的支持力以及地面的摩擦力,其中摩擦力充当向心力,A正确;汽车转弯时所需的向心力可以小于6×103N,不一定取最大值,B错误;当最大静摩擦力充当向心力时,速度为临界速度,大于这个速度则发生侧滑,根据牛顿第二定律可得fm=meq\f(v2,r),解得r=eq\f(200,3)m>50m,C错误;汽车能安全转弯的最大向心加速度a=g,得a=m/s2,即汽车能安全转弯的向心加速度不超过m/s2,D正确.3.(2023·广东中山市模拟)质量为m的小球由轻绳a和b分别系于一轻质细杆的A点和B点,如图所示,绳a与水平方向成θ角,绳b在水平方向且长为l.当轻杆绕轴AB以角速度ω匀速转动时,小球在水平面内做匀速圆周运动,则下列说法正确的是()A.a绳张力可能为零B.a绳的张力随角速度的增大而增大C.当角速度ω超过某一特定值时,b绳将出现弹力D.若b绳突然被剪断,则a绳的弹力一定发生变化答案C解析小球做匀速圆周运动,在竖直方向上的合力为零,水平方向上的合力提供向心力,所以a绳在竖直方向上的分力与重力相等,可知a绳的张力不可能为零,A错误;根据竖直方向上受力平衡得Fasinθ=mg,解得Fa=eq\f(mg,sinθ),可知a绳的拉力始终不变,B错误;当b绳拉力为零时,有eq\f(mg,tanθ)=mlω2,解得ω=eq\r(\f(g,ltanθ)),可知当角速度大于eq\r(\f(g,ltanθ))时,b绳出现弹力,C正确;由于b绳可能没有弹力,故b绳突然被剪断,a绳的弹力可能不变,D错误.4.(多选)(2023·湖北省华大新高考联盟名校联考)如图所示,在竖直平面内有一半径为R的光滑固定细管(忽略管的内径),半径OB水平、OA竖直,一个直径略小于管内径的小球(可视为质点)由B点以某一初速度v0进入细管,之后从管内的A点以大小为vA的水平速度飞出.忽略空气阻力,重力加速度为g,下列说法正确的是()A.为使小球能从A点飞出,小球在B点的初速度必须满足v0>eq\r(3gR)B.为使小球能从A点飞出,小球在B点的初速度必须满足v0>eq\r(2gR)C.为使小球从A点水平飞出后再返回B点,小球在B点的初速度应为v0=eq\r(\f(5gR,2))D.小球从A点飞出的水平初速度必须满足vA>eq\r(gR),因而不可能使小球从A点水平飞出后再返回B点答案BC解析小球能从A点飞出,则在A点的最小速度大于零,则由机械能守恒定律有eq\f(1,2)mv02>mgR,则小球在B点的初速度必须满足v0>eq\r(2gR),选项A错误,B正确;为使小球从A点水平飞出后再返回B点,则R=vAt,R=eq\f(1,2)gt2,联立解得vA=eq\r(\f(gR,2)),eq\f(1,2)mv02=mgR+eq\f(1,2)mvA2,小球在B点的初速度应为v0=eq\r(\f(5gR,2)),选项C正确;要使小球从A点飞出,则小球在A点的速度大于零即可,由选项C的分析可知,只要小球在A点的速度为eq\r(\f(gR,2)),小球就能从A点水平飞出后再返回B点,选项D错误.5.如图所示,质量为kg、半径为m的光滑细圆管用轻杆固定在竖直平面内,小球A和B(均可视为质点)的直径略小于细圆管的内径(内径远小于细圆管半径).它们的质量分别为mA=1kg、mB=2kg.某时刻,小球A、B分别位于圆管最低点和最高点,且A的速度大小为vA=3m/s,此时杆对圆管的弹力为零.则B球的速度大小vB为(取g=10m/s2)()A.2m/s B.4m/sC.6m/s D.8m/s答案B解析对A球,合外力提供向心力,设管对A的支持力为FA,由牛顿第二定律有FA-mAg=mAeq\f(vA2,R),代入数据解得FA=28N,由牛顿第三定律可得,A球对管的力竖直向下为28N,设B球对管的力为FB′,由管的受力平衡可得FB′+28N+m管g=0,解得FB′=-44N,负号表示和重力方向相反,由牛顿第三定律可得,管对B球的力FB为44N,方向竖直向下,对B球由牛顿第二定律有FB+mBg=mBeq\f(vB2,R),解得vB=4m/s,故选B.6.(2023·湖南岳阳市第十四中学检测)如图所示,叠放在水平转台上的物体A、B及物体C能随转台一起以角速度ω匀速转动,A、B、C的质量分别为3m、2m、m,A与B、B和C与转台间的动摩擦因数都为μ,A和B、C离转台中心的距离分别为r和r.最大静摩擦力等于滑动摩擦力,物体A、B、C均可视为质点,重力加速度为g,下列说法正确的是()A.B对A的摩擦力一定为3μmgB.B对A的摩擦力一定为3mω2rC.转台的角速度需要满足ω≤eq\r(\f(μg,r))D.若转台的角速度逐渐增大,最先滑动的是A物体答案B解析由于物体A、B及物体C能随转台一起匀速转动,则三个物体受到的均为静摩擦力,由静摩擦力提供向心力,则B对A的摩擦力一定为fA=3mω2r,又有0<fA≤fmax=3μmg,由于角速度大小不确定,B对A的摩擦力不一定达到最大静摩擦力3μmg,A错误,B正确;若物体A达到最大静摩擦力,则3μmg=3mω12r,解得ω1=eq\r(\f(μg,r)),若转台对物体B达到最大静摩擦力,对A、B整体有5μmg=5mω22r,解得ω2=eq\r(\f(μg,r)),若物体C达到最大静摩擦力,则μmg=mω32×r,解得ω3=eq\r(\f(2μg,3r)),可知ω1=ω2>ω3,由于物体A、B及物体C均随转台一起匀速转动,则转台的角速度需要满足ω≤ω3=eq\r(\f(2μg,3r)),该分析表明,当角速度逐渐增大时,物体C所受摩擦力先达到最大静摩擦力,即若转台的角速度逐渐增大,最先滑动的是C物体,C、D错误.7.(2023·四川绵阳市诊断)如图所示,轻杆长3L,在杆两端分别固定质量均为m的球A和B(均可视为质点),光滑水平转轴穿过杆上距球A为L处的O点,外界给系统一定能量后,杆和球在竖直平面内转动,球B运动到最高点时,杆对球B恰好无作用力.忽略空气阻力,重力加速度为g,则球B在最高点时()A.球B的速度为零B.球A的速度大小为eq\r(2gL)C.水平转轴对杆的作用力为mgD.水平转轴对杆的作用力为mg答案C解析球B运动到最高点时,杆对球B恰好无作用力,即仅重力提供向心力,则有mg=meq\f(vB2,2L),解得vB=eq\r(2gL),故A错误;由于A、B两球的角速度相等,则球A的速度大小vA=eq\f(1,2)eq\r(2gL),故B错误;B球在最高点时,对杆无弹力,此时A球受到的重力和拉力的合力提供向心力,有F-mg=meq\f(vA2,L),解得F=mg,即杆受到的弹力大小为mg,可知水平转轴对杆的作用力为mg,C正确,D错误.8.(2023·重庆市西南大学附属中学月考)如图所示,在倾角为α=30°的光滑斜面上有一长L=m的轻杆,杆一端固定在O点,可绕O点自由转动,另一端系一质量为m=kg的小球(可视为质点),小球在斜面上做圆周运动,g取10m/s2.要使小球能到达最高点A,则小球在最低点B的最小速度是()A.4m/s B.2eq\r(10)m/sC.2eq\r(5)m/s D.2eq\r(2)m/s答案A解析小球恰好到达A点时的速度大小为vA=0,此时对应B点的速度最小,设为vB,对小球从A到B的运动过程,由动能定理有eq\f(1,2)mvB2-eq\f(1,2)mvA2=2mgLsinα,代入数据解得vB=4m/s,故选A.9.(多选)(2023·广东惠州市模拟)如图所示为一种圆锥筒状转筒,左右各系着一长一短的绳子,绳上挂着相同的小球,转筒静止时绳子平行圆锥面,若转筒中心轴开始缓慢加速转动,不计空气阻力,则下列说法正确的是()A.角速度慢慢增大,一定是线长的那个球先离开圆锥筒B.角速度达到一定值的时候两个球一定同时离开圆锥筒C.两个球都离开圆锥筒后,它们一定高度相同D.两个球都离开圆锥筒时两绳中的拉力大小相同答案AC解析设绳子与竖直方向的夹角为θ,小球刚好离开圆锥筒时,圆锥筒的支持力为0,则有mgtanθ=mω2lsinθ,解得ω=eq\r(\f(g,lcosθ)),则绳子越长其角速度的临界值越小,越容易离开圆锥筒,所以A正确,B错误;两个球都离开圆锥筒后,小球都只受重力与绳子的拉力,两小球都随圆锥筒一起转动,有相同的角速度,则小球的高度为h=lcosθ,代入数据解得h=eq\f(g,ω2),所以C正确;小球离开圆锥筒时绳子的拉力为FT=eq\f(mg,cosθ),由于绳子长度不同,则两绳与竖直方向的夹角也不同,所以绳中拉力大小也不相同,所以D错误.10.(多选)如图所示,两个可视为质点的、相同的木块A和B放在转盘上,两者用长为L的水平细绳连接,木块与转盘间的最大静摩擦力均为各自重力的K倍,A放在距离转轴L处,整个装置能绕通过转盘中心的转轴O1O2转动,开始时,绳恰好伸直但无弹力,现让该装置从静止开始转动,使角速度缓慢增大,以下说法正确的是(重力加速度为g)()A.当ω>eq\r(\f(2Kg,3L))时,A、B会相对于转盘滑动B.当ω>eq\r(\f(Kg,2L)),绳子一定有弹力C.ω在eq\r(\f(Kg,2L))<ω<eq\r(\f(2Kg,3L))范围内增大时,B所受摩擦力变大D.ω在0<ω<eq\r(\f(2Kg,3L))范围内增大时,A所受摩擦力一直变大答案ABD解析当A、B所受摩擦力均达到最大值时,A、B相对转盘即将滑动,则有Kmg+Kmg=mω2L+mω2·2L,解得ω=eq\r(\f(2Kg,3L)),A项正确;当B所受静摩擦力达到最大值后,绳子开始有弹力,即有Kmg=m·2L·ω2,解得ω=eq\r(\f(Kg,2L)),可知当ω>eq\r(\f(Kg,2L))时,绳子有弹力,B项正确;当ω>eq\r(\f(Kg,2L))时,B已达到最大静摩擦力,则ω在eq\r(\f(Kg,2L))<ω<eq\r(\f(2Kg,3L))范围内增大时,B受到的摩擦力不变,C项错误;ω在0<ω<eq\r(\f(2Kg,3L))范围内,A相对转盘是静止的,A所受摩擦力为静摩擦力,所以由f-FT=mLω2可知,当ω增大时,静摩擦力也增大,D项正确.11.(2023·内蒙古包头市模拟)如图所示,两等长轻绳一端打结,记为O点,并系在小球上.两轻绳的另一端分别系在同一水平杆上的

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