河南省驻马店市平舆县光华中学高三物理上学期期末试题含解析_第1页
河南省驻马店市平舆县光华中学高三物理上学期期末试题含解析_第2页
河南省驻马店市平舆县光华中学高三物理上学期期末试题含解析_第3页
河南省驻马店市平舆县光华中学高三物理上学期期末试题含解析_第4页
河南省驻马店市平舆县光华中学高三物理上学期期末试题含解析_第5页
已阅读5页,还剩10页未读 继续免费阅读

下载本文档

版权说明:本文档由用户提供并上传,收益归属内容提供方,若内容存在侵权,请进行举报或认领

文档简介

河南省驻马店市平舆县光华中学高三物理上学期期末试题含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1.某电场的分布如右图所示,带箭头的实线为电场线,虚线为等势面。A、B、C三点的电场强度大小分别为、、,电势分别为、、,关于这三点的电场强度和电势的关系,以下判断正确的是(

)A.<,=

B.=,=C.<,<

D.>,>参考答案:D2.2007年诺贝尔物理学奖授予了两位发现“巨磁电阻”效应的物理学家。某探究小组查到某磁敏电阻在室温下的电阻随磁感应强度变化曲线如图甲所示,其中R、R0分别表示有、无磁场时磁敏电阻的阻值。为研究其磁敏特性设计了图乙所示电路.关于这个探究实验,下列说法中正确的是A.闭合开关S,图乙中只增加磁感应强度的大小时,伏特表的示数增大B.闭合开关S,图乙中只增加磁感应强度的大小时,安培表的示数增大C.闭合开关S,图乙中只改变磁场方向原来方向相反时,伏特表的示数减小D.闭合开关S,图乙中只改变磁场方向原来方向相反时,安培表的示数减小参考答案:A由图甲可知磁敏电阻的阻值随磁感应强度的增加而增加,与磁场的方向无关。闭合开关S,图乙中只增加磁感应强度的大小时,磁敏电阻的阻值增加,与其串联的安培表示数减小,外电路总电阻增加,干路电流减小,内电压减小,路端电压增大,与磁敏电阻并联的滑动变阻器部分分得的电压增大,伏特表示数增大。只有选项A正确。3.做匀加速直线运动的物体,运动了时间t,在时间t内,以下说法正确的是

A.物体的加速度越大,通过的路程一定越长

B.物体的初速度越大,通过的路程一定越长

C.物体的末速度越大,通过的路程一定越长

D.物体的平均速度越大,通过的路程一定越大参考答案:

D4.一遥控玩具小车在平直路上运动的位移时间图象如图所示,则A.15s末汽车的位移为300mB.20s末汽车的速度为一lm/sC.前10s内汽车的加速度为lm/s2D.前25s内汽车做单方向直线运动参考答案:B5.(多选)美国费米国家加速器实验室于2008年8月宣布,在对撞实验中发现一种新型粒子——欧米伽b重子,这是迄今为止物理学界发现的质量最大的重子.这一发现也证实夸克模型是成功的.1961年,理论物理学家提出夸克模型,指出重子是由3个夸克组成的亚原子粒子.现代物理学认为,夸克共分6种3类:上夸克、下夸克;粲夸克、奇异夸克;顶夸克、底夸克(如下表).质子由两个上夸克加一个下夸克组成,而中子的构成是两个下夸克加一个上夸克,因此人类目前所接触的物质都是由第一类夸克组成的.此次对撞实验发现的新型粒子是由2个奇异夸克和1个底夸克组成.这是物理学界首次发现由后两类夸克混合组成的重子.注:1G=109根据以上信息可以判定:(

)(A)欧米伽b重子的带电量为-e

(B)欧米伽b重子的质量是质子质量的250倍(C)欧米伽b重子的质量是中子质量的250倍(D)质量单位GeV/c2可由质能方程E=mc2得知1GeV/c2=1.78×10-27kg参考答案:ACDA、欧米伽b重子是由2个奇异夸克和1个底夸克组成;而一个奇异夸克带电量为和1个底夸克带电量为,因此欧米伽b重子的带电量为,故A正确;B、欧米伽b重子是由2个奇异夸克和1个底夸克组成;则一个奇异夸克质量为和1个底夸克带电量为,因此欧米伽b重子质量为,而质子由两个上夸克加一个下夸克组成,则质子的质量为,所以欧米伽b重子的质量是质子质量的312.5倍,故B错误;C、欧米伽b重子是由2个奇异夸克和1个底夸克组成;则一个奇异夸克质量为和1个底夸克带电量为,因此欧米伽b重子质量为,而中子由两个下夸克加一个上夸克,则质子的质量为,所以欧米伽b重子的质量是质子质量的250倍,故C正确;D、由质能方程得:,可知,质量单位GeV/c2.,那么,故D正确;故选ACD。二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6.如图所示,将一定质量的气体密封在烧瓶内,烧瓶通过细玻璃管与注射器和装有水银的U形管连接,最初竖直放置的U形管两臂中的水银柱等高,烧瓶中气体体积为400ml,现用注射器缓慢向烧瓶中注水,稳定后两臂中水银面的高度差为25cm,已知大气压强为75cmHg柱,不计玻璃管中气体的体积,环境温度不变,求:

①共向玻璃管中注入了多大体积的水?

②此过程中气体____(填“吸热”或“放热”),气体的内能

(填“增大”、“减小”或“不变”)参考答案:7.图甲为某一小灯泡的U-I图线,现将两个这样的小灯泡并联后再与一个4Ω的定值电阻R串联,接在内阻为1Ω、电动势为5V的电源两端,如图乙所示。则通过每盏小灯泡的电流强度为________A,此时每盏小灯泡的电功率为________W。参考答案:0.3;0.6。8.水槽内有一振源,振动时产生的水波通过一个空隙发生衍射现象,为了使衍射现象更明显,可采用的方法是使空隙的宽度;或者是使振源的振动频率(填“变大”或“变小”)。参考答案:

变小、变小9.坐标原点O处有一波源,能产生沿轴正向传播的简谐波,时刻的波形图如图所示。已知这列波在P点出现两次波峰的最短时间是,则这列波的波速为

,从时开始计时处的质点R第一次到达波谷所用的时间为

。参考答案:1O(3分)

0.810.一列频率为2.5Hz的简谐横波沿x轴传播,在t1=0时刻波形如图中实线所示,在t2=0.7s时刻波形如图中虚线所示。则虚线时刻横坐标为x=3m的质点的速度是______________(选填“最大,零”);在t3=0.1s时位于0<x<5m区间的质点中有一部分正向y轴正方向运动,这些质点在x轴上的坐标区间是______________。

参考答案:零,1m<x<3m11.放射性元素衰变为,此衰变过程的核反应方程是____;用此衰变过程中发出的射线轰击,可得到质量数为22的氖(Ne)元素和另一种粒子,此核反应过程的方程是____。参考答案:→+He

He+→Ne+H。根据衰变规律,此衰变过程的核反应方程是→+He。用α射线轰击,可得到质量数为22的氖(Ne)元素和另一种粒子,此核反应过程的方程是:He+→Ne+H。14.(3分)在一次探究活动中,某同学用如图(a)所示的装置测量铁块A与放在光滑水平桌面上的金属板B之间的动摩擦因数,已知铁块A的质量mA=1.5㎏,用水平恒力F向左拉金属板B,使其向左运动,弹簧秤示数的放大情况如图所示,g取10m/s2,则A、B间的动摩擦因数=

0.28-0.30

参考答案:1)0.29~0.30(3分)

(2)0.8013.一个质量为M=3kg的木板与一个轻弹簧相连,在木板的上方有一质量m为2kg的物块,若在物块上施加一竖直向下的外力F,此时木板和物块一起处于静止状态,如图所示。突然撤去外力,木板和物块一起向上运动0.2m时,物块恰好与木板分离,此时木板的速度为4m/s,则物块和木板分离时弹簧的弹力为________N,木板和物块一起向上运动,直至分离的过程中,弹簧弹力做的功为________J。参考答案:0

N;

50

J。三、简答题:本题共2小题,每小题11分,共计22分14.动画片《光头强》中有一个熊大熊二爱玩的山坡滑草运动,若片中山坡滑草运动中所处山坡可看成倾角θ=30°的斜面,熊大连同滑草装置总质量m=300kg,它从静止开始匀加速下滑,在时间t=5s内沿斜面滑下的位移x=50m.(不计空气阻力,取g=10m/s2)问:(1)熊大连同滑草装置在下滑过程中受到的摩擦力F为多大?(2)滑草装置与草皮之间的动摩擦因数μ为多大(结果保留2位有效数字)?参考答案:(1)熊大连同滑草装置在下滑过程中受到的摩擦力F为300N;(2)滑草装置与草皮之间的动摩擦因数μ为多大为0.12.考点: 牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系.专题: 牛顿运动定律综合专题.分析: (1)根据匀变速直线运动的位移时间公式求出下滑的加速度,对熊大连同滑草装置进行受力分析,根据牛顿第二定律求出下滑过程中的摩擦力.(2)熊大连同滑草装置在垂直于斜面方向合力等于零,求出支持力的大小,根据F=μFN求出滑草装置与草皮之间的动摩擦因数μ.解答: 解:(1)由运动学公式S=,解得:a==4m/s沿斜面方向,由牛顿第二定律得:mgsinθ﹣f=ma

解得:f=300N

(2)在垂直斜面方向上:N﹣mgcosθ=0

又f=μN

联立解得:μ=答:(1)熊大连同滑草装置在下滑过程中受到的摩擦力F为300N;(2)滑草装置与草皮之间的动摩擦因数μ为多大为0.12.点评: 解决本题的关键知道加速度是联系力学和运动学的桥梁,通过加速度可以根据力求运动,也可以根据运动求力.15.静止在水平地面上的两小物块A、B,质量分别为mA=l.0kg,mB=4.0kg;两者之间有一被压缩的微型弹簧,A与其右侧的竖直墙壁距离l=1.0m,如图所示。某时刻,将压缩的微型弹簧释放,使A、B瞬间分离,两物块获得的动能之和为Ek=10.0J。释放后,A沿着与墙壁垂直的方向向右运动。A、B与地面之间的动摩擦因数均为u=0.20。重力加速度取g=10m/s2。A、B运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短。(1)求弹簧释放后瞬间A、B速度的大小;(2)物块A、B中的哪一个先停止?该物块刚停止时A与B之间的距离是多少?(3)A和B都停止后,A与B之间的距离是多少?参考答案:(1)vA=4.0m/s,vB=1.0m/s;(2)A先停止;0.50m;(3)0.91m;分析】首先需要理解弹簧释放后瞬间的过程内A、B组成的系统动量守恒,再结合能量关系求解出A、B各自的速度大小;很容易判定A、B都会做匀减速直线运动,并且易知是B先停下,至于A是否已经到达墙处,则需要根据计算确定,结合几何关系可算出第二问结果;再判断A向左运动停下来之前是否与B发生碰撞,也需要通过计算确定,结合空间关系,列式求解即可。【详解】(1)设弹簧释放瞬间A和B的速度大小分别为vA、vB,以向右为正,由动量守恒定律和题给条件有0=mAvA-mBvB①②联立①②式并代入题给数据得vA=4.0m/s,vB=1.0m/s(2)A、B两物块与地面间的动摩擦因数相等,因而两者滑动时加速度大小相等,设为a。假设A和B发生碰撞前,已经有一个物块停止,此物块应为弹簧释放后速度较小的B。设从弹簧释放到B停止所需时间为t,B向左运动的路程为sB。,则有④⑤⑥在时间t内,A可能与墙发生弹性碰撞,碰撞后A将向左运动,碰撞并不改变A的速度大小,所以无论此碰撞是否发生,A在时间t内的路程SA都可表示为sA=vAt–⑦联立③④⑤⑥⑦式并代入题给数据得sA=1.75m,sB=0.25m⑧这表明在时间t内A已与墙壁发生碰撞,但没有与B发生碰撞,此时A位于出发点右边0.25m处。B位于出发点左边0.25m处,两物块之间的距离s为s=025m+0.25m=0.50m⑨(3)t时刻后A将继续向左运动,假设它能与静止的B碰撞,碰撞时速度的大小为vA′,由动能定理有⑩联立③⑧⑩式并代入题给数据得

故A与B将发生碰撞。设碰撞后A、B的速度分别为vA′′以和vB′′,由动量守恒定律与机械能守恒定律有

联立式并代入题给数据得

这表明碰撞后A将向右运动,B继续向左运动。设碰撞后A向右运动距离为sA′时停止,B向左运动距离为sB′时停止,由运动学公式

由④式及题给数据得sA′小于碰撞处到墙壁的距离。由上式可得两物块停止后的距离四、计算题:本题共3小题,共计47分16.如图所示,在质量为M=0.99kg的小车上,固定着一个质量为m=0.01kg、电阻R=1W的矩形单匝线圈MNPQ,其中MN边水平,NP边竖直,MN边长为L=0.1m,NP边长为l=0.05m。小车载着线圈在光滑水平面上一起以v0=10m/s的速度做匀速运动,随后进入一水平有界匀强磁场(磁场宽度大于小车长度)。磁场方向与线圈平面垂直并指向纸内、磁感应强度大小B=1.0T。已知线圈与小车之间绝缘,小车长度与线圈MN边长度相同。求:

(1)小车刚进入磁场时线圈中感应电流I的大小和方向;

(2)小车进入磁场的过程中流过线圈横截面的电量q;

(3)如果磁感应强度大小未知,已知完全穿出磁场时小车速度v1=2m/s,求小车进入磁场过程中线圈电阻的发热量Q。参考答案:见解析(1)线圈切割磁感线的速度v0=10m/s,感应电动势E=Blv0=1×0.05×10=0.5V由闭合电路欧姆定律得线圈中电流A

由楞次定律知线圈中感应电流方向为M→Q→P→N→M

(2)(3)设小车完全进入磁场后速度为v,在小车进入磁场从t时刻到t+⊿t时刻(⊿t→0)过程中

即求和得

同理得

又线圈进入和穿出磁场过程中磁通量的变化量相同,因而有q入=q出故得

v0-v=v-v1

即v==6m/s所以,小车进入磁场过程中线圈克服安培力做功(J)17.如图所示,质量为M=0.5kg、长L=1m的平板车B静止在光滑水平面上,小车左端紧靠一半径为R=0.8m的光滑四分之一圆弧,圆弧最底端与小车上表面相切,圆弧底端静止一质量为mC=1kg的滑块.现将一质量为mA=1kg的小球从圆弧顶端静止释放,小球到达圆弧底端后与C发生弹性碰撞.C与B之间的动摩擦因数μ=0.2,取g=10m/s2.若在C刚好滑上木板B上表面的同时,给B施加一个水平向右的拉力F.试求:(1)滑块C滑上B的初速度v0.(2)若F=2N,滑块C在小车上运动时相对小车滑行的最大距离.(3)如果要使C能从B上滑落,拉力F大小应满足的条件.参考答案:考点:牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系;滑动摩擦力..专题:牛顿运动定律综合专题.分析:(1)根据动能定理求出A到达圆弧底端的速度,结合动量守恒定律和能量守恒定律求出碰撞后C滑上B的速度.(2)物体C滑上木板B以后,作匀减速运动,B做匀加速直线运动,抓住两者速度相等,结合运动学公式和牛顿第二定律求出相对滑动的最大距离.(3)当F较小时滑块C从B的右端滑落,滑块C能滑落的临界条件是C到达B的右端时,C、B具有共同的速度;当F较大时,滑块C从B的左端滑落,在C到达B的右端之前,就与B具有相同的速度,此时的临界条件是之后C必须相对B静止,才不会从B的左端滑落.根据牛顿第二定律和运动学公式综合求解.解答:解:(1)设A到达圆弧底端的速度为v,由动能定理可得:,代入数据解得.A与C发生弹性碰撞,规定初速度的方向为正方向,由动量守恒定律可得:mAv=mAv′+mcv0,由机械能守恒定律可得:,由以上两式解得v′=0,v0=4m/s.(2)物体C滑上木板B以后,作匀减速运动,此时设B的加速度为aB,C的加速度为aC,由牛顿第二定律得,μmCg=mCaC,解得,木板B作加速运动,由牛顿第二定律得,F+μmCg=MaB,代入数据解得.两者速度相同时,有:v0﹣aCt=aBt,代入数据解得t=0.4s.C滑行距离,B滑行的距离C与B之间的最大距离△s=sC﹣sB=0.80m.(3)C从B上滑落的情况有两种:①当F较小时滑块C从B的右端滑落,滑块C能滑落的临界条件是C到达B的右端时,C、B具有共同的速度v1,设该过程中B的加速度为aB1,C的加速度不变,根据匀变速直线运动的规律:,,由以上两式可得:,v1=3.0m/s,再代入F+μmCg=MaB1得,F=1N.即若F<1N,则C滑到B的右端时,速度仍大于B的速度,于是将从

温馨提示

  • 1. 本站所有资源如无特殊说明,都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。图纸软件为CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.压缩文件请下载最新的WinRAR软件解压。
  • 2. 本站的文档不包含任何第三方提供的附件图纸等,如果需要附件,请联系上传者。文件的所有权益归上传用户所有。
  • 3. 本站RAR压缩包中若带图纸,网页内容里面会有图纸预览,若没有图纸预览就没有图纸。
  • 4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
  • 5. 人人文库网仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对用户上传分享的文档内容本身不做任何修改或编辑,并不能对任何下载内容负责。
  • 6. 下载文件中如有侵权或不适当内容,请与我们联系,我们立即纠正。
  • 7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。

评论

0/150

提交评论