江苏省徐州市铜北中学2022-2023学年高二物理期末试卷含解析

江苏省徐州市铜北中学2022-2023学年高二物理期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.（单选）如图所示电路中，L为电阻很小的线圈，G1和G2为内阻不计、零点在表盘中央的电流计。当电键s闭合时，两表的指针都偏向右方。当S断开时，将出现A．G1

和G2

的指针都立刻回到零点B．G1

和G2

的指针都缓慢地回到零点C．G1的指针先立刻偏向左方，然后缓慢地回到零点，G2的指针缓慢地回到零点D．G1的指针缓慢地回到零点；G2的指针先立刻偏向左方，然后缓慢地回到零点参考答案：D2.（单选）关于机械波，下面说法中正确的是:(

)A.上下抖动绳子的一端，在绳上形成的波是纵波B.由于声源的振动，在空气中形成的声波是纵波C.只有横波才能产生干涉现象

D.只有纵波才能产生干涉现象参考答案：B3.以10m/s的速度沿平直公路行驶的汽车，刹车时的加速度a=5m/s2，则经多少时间汽车速度为零A.15s B.5s C.2s D.1s参考答案：C试题分析：根据v=v0+at得，．故C正确，ABD错误．故选C。考点：匀变速直线的规律4.在温控电路中，通过热敏电阻阻值随温度的变化可实现对电路相关物理量的控制．如图所示电路，R1为定值电阻，R2为半导体热敏电阻NTC(温度越高电阻越小)，C为电容器．当环境温度降低时（

）A．电容器C的带电荷量增大B．电压表的读数增大C．电容器C两板问的电场强度减小D．R1消耗的功率增大参考答案：AB5.如图所示，直线A和B分别为电源a、b的路端电压和电流的关系图像，设两个电源的内阻分别为ra和rb，若将一定值电阻R0分别接到a、b两电源上，通过R0的电流分别为Ia、Ib，则（

）A、ra=rb,

Ia=Ib

B、ra＞rb,

Ia＞IbC、ra＞rb,Ia=Ib

D、ra＞rb,

Ia＜Ib参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.带有等量异号电荷、相距10cm的平行板A和B之间有一个匀强电场，电场强度E＝2.0×104N/C，方向向下。电场中C点距B板3cm，D点距A板2cm。则C、D两点的电势差UCD＝__________V,如果令A板接地（即电势φ=0），则C的电势φC是__________V。参考答案：1000V

-1400V7.如图所示，电容器的电容为，垂直于回路的磁场磁感应强度以的变化率均匀增加，回路面积为，则P极带电种类为

，带电量为

C。

参考答案：负，5×10-108.在用插针法测定玻璃砖折射率的实验中，甲、乙、丙三位同学在纸上画出的界面ab、cd与玻璃砖位置的关系分别如图①、②和③所示，其中甲、丙同学用的是矩形玻璃砖，乙同学用的是梯形玻璃砖．他们的其他操作均正确，且均以ab、cd为界面画光路图．则甲同学测得的折射率与真实值相比

（填“偏大”、“偏小”或“不变”），乙同学测得的折射率与真实值相比

（填“偏大”、“偏小”或“不变”），丙同学测得的折射率与真实、值相比

．参考答案：偏小、不变、变小【考点】测定玻璃的折射率．【分析】用插针法测定玻璃砖折射率的实验原理是折射定律n=，作出光路图，确定折射光线的偏折情况，分析入射角与折射角的误差，来确定折射率的误差．【解答】解：①如图1．测定折射率时，玻璃中折射角增大，则折射率减小；用图②测折射率时，只要操作正确，与玻璃砖形状无关；用图③测折射率时，折射角偏大，所以测得的折射率变小．故答案为：偏小、不变、变小9.把量程为3mA的电流表改装成欧姆表的结构示意图，其中电源电动势E=1.5V．经改装后，若将原电流表3mA刻度处的刻度值定为零位置,则2mA刻度处应标____________Ω，1mA刻度处应标____________Ω.参考答案：250;

100010.某同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带，已知在每条纸带上每5个计时点取一个计数点，两个计数点之间的时间间隔为0.1s，依打点时间顺序编号为0、1、2、3、4、5，由于不小心，纸带被撕断了，如下图所示.请根据给出的A、B、C、D四段纸带回答:(1)在B、C、D三段纸带中选出从纸带A上撕下的那段应是______.(2)打A纸带时，物体的加速度大小是

m／s2.参考答案：C

6.6m／s2

11.如图所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生的正弦交流电的图像，当调整线圈转速后，所产生的正弦交流电的图像如图线b所示，则线圈先后两次转速之比为_______,交流电b的最大值为_______V.参考答案：3:2

，

20

12.某电场的电场线如图所示，电场中有A、B两点，如果用UA、UB表示A、B两点的电势，用EA、EB表示A、B两点的电场强度，则UA＿＿＿UB，EA＿＿＿EB。（选填“＞”、“＝”或“＜”）参考答案：、＞、＜13.一根均匀的木棒长1m，在棒的左端挂一个质量为6kg的物体，然后在距棒左端0.2m处将棒支起，棒恰平衡，则棒的质量是4kg．参考答案：考点：力矩的平衡条件．分析：把木棒视为整体，找到重心在中点处，支点在距棒左端0.2m处，计算出棒的重力臂，根据杠杆定理可知棒重力力矩，等于物体重力力矩，可以求出棒的质量．解答：解：设物体的质量为M，棒的质量为m，把木棒视为整体，重心在中点处，棒的重力臂：L=0.5﹣0.2=0.3m物体的重力臂：l=0.2m那么由杠杆定理得，Mgl=mgL代入数据得：m=4kg故答案为：4kg．点评：本题主要考查杠杆定理中的力臂问题，熟练运用整体法可以节省计算时间．三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.碰撞的恢复系数的定义为e=，其中v10和v20分别是碰撞前两物体的速度，v1和v2分别是碰撞后两物体的速度．弹性碰撞的恢复系数e=1，非弹性碰撞的e＜1，某同学借用验证动量守恒定律的实验装置（如图所示）物质弹性碰撞的恢复系数是否为1，实验中使用半径相等的钢质小球1和2（它们之间的碰撞可近似视为弹性碰撞），且小球1的质量大于小球2的质量．实验步骤如下安装好实验装置，做好测量前的准备，并记下重垂线所指的位置O．第一步，不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在地面上．重复多次，用尽可能小的圆把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置．第二步，把小球2放在斜槽前端边缘处的C点，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞．重复多次，并使用与第一步同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置．第三步，用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置离O点的距离，即线段OM、OP、ON的长度．在上述实验中，（1）P点是

的平均位置，M点是

的平均位置，N点是

的平均位置．（2）请写出本实验的原理

写出用测量的量表示的恢复系数的表达式

（3）三个落地点距O点的距离OM、OP、ON与实验所用的小球质量是否有关？

．参考答案：（1）在实验的第一步中小球1落点；小球1与小球2碰撞后小球1落点；小球2落点（2）小球从槽口C飞出后作平抛运动的时间相同；e=．（3）OP与小球的质量无关，OM和ON与小球的质量有关．【考点】验证动量守恒定律．【分析】（1）根据题意：小球1的质量大于小球2的质量，第二步中两球碰撞后，球2的速度大，平抛运动的水平位移大，N点是其落点．碰后，球1的速度减小，将落在M点，可以得出三个点为小球的三个落地点的平均位置；（2）通过平抛运动的知识，先根据高度求时间，再根据水平位移求出三个速度；（3）根据平抛运动的规律和碰撞过程动量守恒，分析可知OP与小球的质量无关，OM和ON与小球的质量有关．【解答】解：（1）根据题意可知，小球1的质量大于小球2的质量，第二步中两球相碰后球1的速度减小，落在M点，球2的质量，获得的速度大，落在N点，则第一步中球1落在P点，P点是在实验的第一步中小球1落点的平均位置；M点是小球1与小球2碰撞后小球1落点的平均位置；N点是小球2落点的平均位置；（2）本实验的原理小球从槽口C飞出后作平抛运动的时间相同，设为t，则有OP=v10t，OM=v1t，ON=v2t小球2碰撞前静止，即：v20=0

因而碰撞系数为：（3）第一步中，球1做平抛运动，根据平抛运动的规律：x=v0t=v0，可知水平位移与小球的质量无关，则知OP与小球的质量无关．根据碰撞过程的动量守恒：m1v1=m1v1′+m2v2′，可知碰后两球的速度与其质量有关，则OM和ON与小球的质量有关．故答案为：（1）在实验的第一步中小球1落点；小球1与小球2碰撞后小球1落点；小球2落点（2）小球从槽口C飞出后作平抛运动的时间相同；e=．（3）OP与小球的质量无关，OM和ON与小球的质量有关．【点评】由验证动量守恒定律的实验改进而来，关键要分析清楚实验的原理，同时要结合动量守恒定律和平抛运动的相关知识列式分析．15.在用电压表和电流表研究小灯泡在不同电压下的功率的实验中，实验室备有下列器材供选择：

A．待测小灯泡“3.0V、1.5W” B．电流表(量程3A，内阻约为1Ω) C．电流表(量程0.6A，内阻约为5Ω) D．电压表(量程3.0V，内阻约为10kΩ) E．电压表(量程15.0V，内阻约为50kΩ) F．滑动变阻器(最大阻值为100Ω，额定电流50mA) G．滑动变阻器(最大阻值为10Ω，额定电流1.0A) H．电源(电动势为4.0V，内阻不计) I．电键及导线等 (1)为了使实验完成的更好，电流表应选用________；电压表应选用________；滑动变 阻器应选用________．(只需填器材前面的字母即可) (2)请画出实验电路图．(3)某同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图所示．则电压值为____V，电流值为____A，参考答案：四、计算题：本题共3小题，共计47分16.某儿童玩具带有一内阻一定的微型直流电动机，电动机两端的电压为U1=0.3V时，电动机不转动，流过线圈的电流I1=0.3A；当电动机两端的电压增至2V时，电动机正常工作，此时流过线圈的电流强度为I2=0.8A，求：（1）电动机线圈的电阻R；（2）电动机正常工作时的输出功率；参考答案：（1）电动机的线圈电阻R===1Ω

(3分)（2）电动机正常工作时,输入功率：P=U2I2=2V×0.8A=1.6W

(2分)线圈的发热功率：

P热=I22R=（0.8A）2×1Ω=0.64W

(2分)电动机的输出功率：

P出=P﹣P热=1.6W﹣0.64W=0.96W

(3分)17.如图所示，竖直向上的匀强磁场，零时刻磁感应强度B。为2T以后lT／s在变大，水平轨道电阻不计，且不计摩擦阻力，宽L=2m的导轨上放一电阻r=l的导体棒，并用水平线通过定滑轮吊着质量M=2kg(g=10m／s2)的重物，轨道左端连接的电阻R=19。图中的l=lm，求：(1)重物被吊起前感生电流大小。(2)零时刻起至少经过多长时间才能吊起重物．参考答案：(1)由法拉第电磁感应定律可求出回路感应电动势：E= =2V

由闭合电路欧姆定律可求出回路中电流I==0.1A

（2分）(2)由于安培力方向向左，应用左手定则可判断出电流方向为顺时针方向（由上往下看）.