2023年-2023学年河南省平顶山九中九年级(上)第三次段考物理试卷(附详解)

2023-2023学年河南省平顶山九中九年级〔上〕第三次段考物理试卷一、单项选择题〔612.0分〕以下各种用电器中，工作时能量转化的主要形式与其它三件不同的是( )电风扇 B.电饭锅 C.电熨斗 D.电水壶某型号自然气泄漏检测仪器的电路如图甲所示，图中𝑅为气敏电阻其阻值𝑅与自然气浓度𝛽的变化关系如图乙所示，𝑅0为定值电阻，电源电压恒定不变，用此仪器检测自然气是否泄漏，则以下推断正确的选项是( )自然气浓度增大时，电压表示数变小自然气浓度减小时，电流表示数变大自然气浓度减小时，电压表与电流表示数的比值不变自然气浓度增大时，电压表与电流表示数的比值变大某同学设计了以下四种电路其中电源电压不变且未知0是阻值的定值电阻在试验中不拆改电路的状况下，能够测量出未知电阻𝑅𝑥阻值的电路是( )只有①C.只有①②③

B.只有②③D.①②③④都可以如以下图将阻值为6𝛺的电阻与一个“6𝑉3𝑊”的小灯泡甲串联后接到9𝑉的电路中小灯泡甲恰能正常发光；假设在此电路中将“6𝑉3𝑊”的小灯泡甲换成“6𝑉4.5𝑊”的小灯泡乙那么小灯泡乙的实际功率(设电源电压不变)( )127页A.等于4.5𝑊 B.小于4.5𝑊 C.大于4.5𝑊 D.等于𝑊如图甲所示电路，分别把定值电阻𝑅1、𝑅2(𝑅1>𝑅2)接入𝐴、𝐵之间后进展试验，并依据电流表和电压表示数画出𝐴、𝐵之间电阻的𝑃−𝑈𝑅1和𝑅2并联后接入𝐴𝐵之间进展试验同理可以在图乙中画出它的𝑃−𝑈图象③.则图象①所对应的电阻和图象③所在的区域分别是( )A.𝑅1和Ⅰ B.𝑅1和Ⅲ C.𝑅2和Ⅰ D.𝑅2和Ⅲ如以下图是电学中常见的电路图，在𝐴、𝐵两点间分别接入以下选项中加“.”的元件，并进展对应试验，对滑动变阻器在此试验中的作用描述正确的选项是( )探究电流与电压的关系---两端电压探究电流与的关系--调整电阻两端电压成倍数变化的阻值--保持定值电阻两端电压不变的电功率--转变小灯泡两端电压，求平均电功率二、多项选择题〔24.0分〕小华利用图中的试验装置来探究“影响通电导体产生热量的因素”以下说法正确的选项是( )甲图试验装置是把握电流、通电时间确定时，探究电热与电阻的关系乙图试验装置是把握电压、通电时间确定时，探究电热与电流的关系甲图中闭合开关后，𝑎管中液面上升比𝑏快乙图中闭合开关后，𝑐管中液面上升比𝑑快227页12𝑉，闭合开关𝑆，当滑片𝑃在𝑎0.1𝐴，𝑅2消耗的电功率为1𝑊；图乙、丙分别是变阻器滑片𝑃从𝑎端滑到𝑏端的过程中两组物理量的关系图象，则( )滑片𝑃在𝑎端时，𝑅1的阻值为20𝛺，消耗的电功率为0.2𝑊滑片𝑃在𝑏端时，电路消耗的总功率为1.2𝑊图乙反映的是电压表与电流表示数的关系图丙反映的是𝑅2与𝑅1的电功率比值𝑘与𝑅2的关系三、填空题〔614.0分〕(1)图甲中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物不被拉开，说明分子间存在 。图乙中红墨水在热水中比冷水中集中快，说明分子运动的猛烈程度与 有关。图丙中用毛皮摩擦过的橡胶棒可以吸引起碎纸屑说明带电体有 的性质。(4)如图丁所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放入少许硝化棉，把活塞快速压下去，观看到硝化棉燃烧。硝化棉燃烧是通过 的方式使管内空气的内能增加。10. 定值电阻𝑅1、𝑅2分别标有“40𝛺0.5𝐴”和“10𝛺1𝐴”的字样，假设将它们串联在电路中，则这个电路两端允许加的最大电压是 𝑉；电路消耗的最大电功率是 𝑊。327页图甲所示的电路中电源电压恒定0为定值电阻闭合开𝑆调整滑动变阻𝑅，电压表与电流表示数变化的图像如图乙所示依据图像可知电源电压为 𝑉，定值电阻𝑅0= 𝛺。有一台电动机，额定电压3𝑉，额定电流1𝐴，电动机线圈电阻0.5𝛺.这台电动机正常工作1𝑚𝑖𝑛，消耗的电能为 J.产生的热量为 𝐽，输出的机械能为 𝐽。13. 如以下图是某电水壶的内部电路图，𝑅1=22𝛺，𝑅2=198𝛺，其中𝑅1为电热丝；𝑅2为限流电阻，𝑆1是温控开关电水壶处于加热状态时开关𝑆2 (选填“闭合”或“断开通过电热丝的电电水壶处于保温状态时1正常工𝑛产生的热量为 。灯丝断了的白炽灯，经摇摆使灯丝重搭接在一起，连接处重叠了一段。重接好灯泡通电后亮度 (填“变大”“变小”或“不变”)，缘由是 。四、作图题〔24.0分〕依据如图实物图，请在方框内画出相应的电路图。427页𝐿1的电流为0.5𝐴，通过灯泡𝐿2的电流为0.4𝐴。试将图乙中的实物用笔画线表示导线把没连接的局部连接起来。五、试验探究题〔319.0分〕527页𝑇−𝑡图象如图乙。试验中所盛的水和色拉油的 (选填“质量”、“体积”)应当一样：加热4分钟，甲液体吸取的热量 (选填“>”、“<”、“=”)乙吸取的热量。甲 依据图象可知甲乙的比热容关系是𝑐 𝑐 (选填“>”“<”“=”)甲 进一步计算可得，色拉油的比热容为 𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)。室找来了如下一些试验器材：电压恒为3𝑉的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为10𝛺，20𝛺，50𝛺的定值电阻各一个，滑动变阻器上标有“20𝛺1𝐴”字样，导线假设干。627页请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物连接完整。在连接试验电路时，小华应将开关处于 状态。闭合开关前，应将滑动变阻器滑片滑到最 端(选填“左”或“右”)。小华连接好电路，闭合开关后，移动滑变阻器滑片时，觉察电流表指针正常偏转，电压表示数为零，则发生这种故障的缘由可能是 。故障排解后，小华先把10𝛺的电阻接入电路，移动滑变阻器滑片，使电压表示数为2𝑉，读出电流表示数后断开开关她直接拆下10𝛺的电阻改换成阻值为20𝛺的电阻连续做试验，闭合开关，电压表示数如图丙所示，其示数是 𝑉，要完成这次试验，接下来她应将变阻器滑片端(选填“左”或“右”)移动，使电压表的示数为 𝑉。当小华改用50𝛺的电阻连续试验时，觉察无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数到达试验要求的值你认为“电压表的示数无法到达试验要求的值”的缘由可能是( )A.滑动变阻器的阻值太大𝐵.电压表量程选小了C.滑动变阻器的阻值太小𝐷.滑动变阻器烧坏了小华解决了上述问题后，完成了试验。利用收集到的多组数据。作出了如图丁所示的电流𝐼随电阻𝑅变化的关系图象分析图象得出了电流与电阻的关系是 。0.6𝐴，额定电压分别为2.5𝑉的灯𝐿1和3.8𝑉的灯𝐿2，先后接在电源电压恒为6𝑉727页如以下图的电路进展探究。依据图甲所示电路图，请用笔画线代替导线，将图乙所示实物图连接完整。假设小雷连接电路后闭合开关灯𝐿1几乎不发光移动滑片𝑃也不能转变灯的亮度，缘由是他把滑动变阻器的 (选填“𝐴𝐵”或“𝐶𝐷”)接线柱接入了电路。次数电压𝑈/𝑉电流𝐼/𝐴实际功率𝑃/𝑊电阻𝑅/𝛺1次数电压𝑈/𝑉电流𝐼/𝐴实际功率𝑃/𝑊电阻𝑅/𝛺11.60.200.328.0022.00.220.449.0932.50.240.6010.42小雷留意到灯𝐿1的亮度变化是：其次次比第一次亮，第三次比其次次更亮。结合表中数据得出的结论是小灯泡越亮它的实际功率越 (选填“大”或“小”)(4)用𝐿2替换𝐿1重复上面的试验时，需要转变 表的量程，结果觉察灯𝐿2的亮度变化规律与灯𝐿1相像。有同学认为“用上表中灯𝐿1的3次电阻的平均值代表它的电阻更准确”，这种说法错误的缘由是其无视了 的影响。在试验后把小灯泡换成一个定值电阻，还可探的关系。(选填“𝐴”或“𝐵”)电流与电阻电流与电压𝑅的电阻和一个单刀双掷开关，借助局部现有的试验器材，设计了如图丙所示的电路，也可以测量小灯泡的功率。请完成以下试验步骤：①闭合开关𝑆1，将𝑆2拨到触点2，移动滑片，使电压表的示数为𝑈1；827页②再将开关𝑆2拨到触点1，保持滑片的位置不动，读出电压表的示数𝑈2；③灯泡实际功率表达式为 。(用测得的物理量表示)六、计算题〔217.0分〕小泽家有一型的电热足浴器。其铭牌上的局部信息如下。额定电压220𝑉1210𝑊容积 7𝐿求电热足浴器正常工作时的电阻；用这个足浴器将5𝑘𝑔的水从20℃加热到40℃，求水吸取的热量；假设此足浴器在额定电压下使用，需500𝑠才能将(2)问中的水从20℃加热到40℃，求这个电热足浴器的加热效率；(计算结果准确到0.1%)小泽家安装的电能表如以下图。某次小泽断开家中的其它用电器，让电热足浴器单独工作，在1𝑚𝑖𝑛内电能表的转盘转过50𝑟，求此时该足浴器两端的实际电压。1210𝑊如图甲所示电路，电源电压恒定，𝑅0为定值电阻，𝑅为滑动变阻器。闭合开关𝑆，𝑃随电流𝐼变化关系图线如图乙所示。求：927页滑动变阻器接入电路电阻为零时，电路中的电流；滑动变阻器接入电路电阻最大时，滑动变阻器两端的电压；滑动变阻器的滑片从最右端滑向最左端的过程中，滑动变阻器的最大功率。27页答案和解析【答案】𝐴【解析】解：𝐴、电风扇是将电能转化为机械能和内能；B、电饭锅是将电能转化为内能；C、电熨斗是将电能转化为内能；D、电水壶是将电能转化为内能。比较分析可知：只有电风扇使用时主要将电能转化为机械能。应选：𝐴。进展分析。此题考察学生对每种用电器中能量转换现象的理解力气。【答案】𝐶【解析】𝑅0两端的电压，电流表测电路中的电流；由乙图可知，当自然气浓度增大时，气敏电阻𝑅的阻值变小，电路中的总电阻变小，由𝐼=𝑈可知，电路中的电流变大，𝑅由𝑈=𝐼𝑅可知，𝑅0两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A不正确，因电压表与电流表示数的比值等于定值电阻𝑅0的阻值，所以，不管自然气浓度增大还是减小时，电压表与电流表示数的比值不变，故C正确，𝐷不正确；同理可知，自然气浓度减小时，气敏电阻𝑅的阻值变大，电路中的电流变小即电流表的B不正确。应选：𝐶。𝑅0𝑅0两端电压的变化，再依据欧姆定律得出电压表与电流表示数比值的变化。27页化关系是此题的突破口。【答案】𝐶【解析】【分析】阻阻值；分析图示电路图，应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题。【解答】由图知，①只闭合𝑆1时，电路是只有𝑅0的根本电路，电流表测量通过𝑅0的电流𝐼0；再闭合𝑆2，两𝐼，依据电源电压不变列式𝐼0𝑅0=(𝐼−𝐼0)𝑅𝑥可求出𝑅𝑥的阻值，故能测出𝑅𝑥阻值。②只闭合𝑆2𝐼1；两开关都闭合时只有𝑅0接入电路𝐼0，依据电源电压不变列式𝐼1(𝑅0+𝑅𝑥)=𝐼0𝑅0可求出𝑅𝑥的阻值，故能测出𝑅𝑥阻值。③闭合开关𝑆𝑆2𝑈；闭合𝑆，断开𝑆2，闭合𝑆1，电压表测量电阻𝑅两端电压

，依据电路电流相等列式

=𝑈0可求出

的阻值，故0 0能测出𝑅𝑥阻值。

𝑅0+𝑅𝑥

𝑅0 𝑥④闭合开关𝑆，𝑆1接1，两只电阻串联，电压表测量𝑅0两端电压为𝑈0；𝑆1接2，电压表正负接线柱接反，不能测量𝑅𝑥两端电压为𝑈𝑥，故不能测出𝑅𝑥阻值。故只有①②③可行。应选C。【答案】𝐵【解析】解：阻值为6𝛺的电阻与一个“6𝑉3𝑊”的小灯泡串联后接到9𝑉的电路中，因灯泡正常发光，所以“6𝑉3𝑊”小灯泡两端的电压为6𝑉；由𝑃=𝑈2的变形公式𝑅=𝑈2可知，“6𝑉3𝑊”灯泡的电阻大于“6𝑉4.5𝑊”灯泡的电阻，𝑅 𝑃𝐼=27页𝑈可知，电路中的电流变大，𝑅由𝑈𝐼𝑅可知，定值电阻𝑅两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以“6𝑉4.5𝑊”灯泡两端的电压比原来灯泡𝑉𝑉𝑊即小于4.5𝑊。应选：𝐵。𝑃=𝑈2比较两灯泡的电阻大小，依据欧姆定律𝑅推断更换灯泡后电路中电流的变化和电阻𝑅两端的电压变化，依据串联电路的电压特点率和额定功率之间的关系。泡后电路中总电阻的变化。【答案】𝐶①②中的功率大于②中的功率，即𝑃1>𝑃2，又由于功率𝑃=𝑈2，以及𝑅 >

，当两电阻分别接入电路后两端电压一样时，电阻较𝑅 1 2小的𝑅2功率大于电阻𝑅1的功率，所以图象①对应的电阻是𝑅2；假设把

和𝑅

𝐴 𝐵 1=1 2并联后接入

、之间进展试验，首先依据并联电路中总电阻的求解：𝑅总1+1，可得并联之后𝐴、𝐵间的电阻要小于

，同时也小于𝑅，𝑅1

𝑅2 1 2同理，依据功率𝑃=𝑈2可知，在𝐴、𝐵间电压一样时，两电阻并联后电阻最小，那么此𝑅时的功率应当最大，则图象应当在①的上方，所以图象③所在的区域应在Ⅰ区域；应选：𝐶。𝑃=𝑈2分析解答，两电阻并联之后的总电阻小𝑅于任何一个支路电阻；此题考察欧姆定律的应用，关键是将课本学问内容记忆清楚，认真分析即可。【答案】𝐴27页【解析】解：𝐴、探究电流与电压的关系时滑动变阻器的作用一般有保护电路和转变被A正确；B、依据把握变量法的思路，争论导体中的电流与电阻的关系时，要保持导体两端的电压不变，而电路中换用阻值不同的电阻时，电阻两端的电压就要转变，为了保持电阻两端的电压不变，就需要转变滑动变阻器接入电路的阻值，故B错误；C、测量导体的电阻时，通过转变滑动变阻器接入电路的阻值，从而转变了待测电阻两端的电压和通过它的电流，可以多测几组数据，通过求平均值来减小误差，故C错误；D、在“伏安法”测小灯泡电功率的试验中，滑动变阻器的作用是：通过转变小灯泡两端的实际电压与通过小灯泡的电流，可比较灯泡的实际功率与小灯泡亮度之间的关系，D错误。应选：𝐴。(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器应处于最大阻值处，探究电流与电压的关系时滑动变阻器的作用一般有保护电路和转变电路电流或转变被测电阻两端电压；(2)依据把握变量法的思路，结合滑动变阻器的使用目的可以确定滑动变阻器此时的作用；由于电阻是导体本身的一种性质，其大小与导体两端的电压和通过它的电流无关，所以为了防止测量的偶然性，往往实行屡次测量求平均值的方法来减小误差；依据滑动变阻器使用目的，可以确定其在电路中的作用。滑动变阻器可以转变电路中的电流，也可以调整电路两端的电压，要认真审题，留意语言的准确性。【答案】𝐴𝐷【解析】【分析】(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。探究电流产生热量跟电阻关系时，把握通电时间和电流不变；探究电流产生热量跟电流关系时，把握通电时间和面上升的快慢来反映，表达的是转换思想；(2)依据串并联电路的电流关系和焦耳定律𝑄=𝐼2𝑅𝑡解答。，突出运用学问解决实际问题的力气，综合性强。27页【解答】解：𝐴、甲试验中，两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间一样，密闭容器中两电阻丝的阻值不相等，所以探究的是电热与电阻的关系，故A正确；B、乙试验中，右侧2个5欧的电阻丝并联，再与左侧5欧的电阻丝串联，故左右密闭容器中电阻丝的电阻和通电时间一样，但通过电阻的电流不同，即把握电阻、通电时间确定B错误；C、甲试验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间一样，闭合开关后，右侧电阻阻值大，由焦耳定律𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸取的热量多，气体压强大，则右侧𝑏C错误；D、乙试验中，右侧2个5欧的电阻丝并联，再与左侧5欧的电阻丝串联，故左右密闭容𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知，左侧电阻产𝑐管中液面上升得快，D正确。AD。【答案】𝐴𝐷【解析】𝑅2两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑片𝑃在𝑎端时，电流表示数为0.1𝐴，𝑅2消耗的电功率为1𝑊，由串联电路电流的规律及𝑃=𝐼2𝑅可得，滑动变阻器的最大阻值：𝑅

=𝑃2=

1𝑊 =100𝛺；2 A、当滑片𝑃在𝑎端时，由𝑃=𝑈𝐼可得，𝑅两端电压：𝑈 =𝑃22 𝐼

=1𝑊0.1𝐴

滑大𝐼2=10𝑉，

(0.1𝐴)2因串联电路两端电压等于各局部电压之和，所以𝑅1两端电压：𝑈1=𝑈−𝑈2=12𝑉−10𝑉=2𝑉，1 定值电阻𝑅的阻值：𝑅 =𝑈11 𝐼

=2𝑉0.1𝐴

=20𝛺；

𝑃1

𝑈2= 𝑅1=

=(2𝑉)220𝛺

=0.2𝑊A正确；B、滑片𝑃在𝑏端时，𝑅2

被短接，电路中的电流：𝐼′=

𝑈𝑅1

=20𝛺

=0.6𝐴，电路消耗的总功率：𝑃=𝑈𝐼′=12𝑉×0.6𝐴=7.2𝑊B错误；C、由串联电路的特点可知，𝑅2两端的电压：𝑈2=𝑈−𝐼𝑅1，由电源电压和𝑅1的阻值一27页定可知，电压表示数与电流表示数成一次函数关系，其图像是直线，不是曲线，故C错误；D、依据串联电路电流的规律及𝑃=𝐼2𝑅可知，𝑅 与𝑅 的电功率比值：𝑘=𝐼2𝑅2=𝑅2，2 1 𝐼2𝑅1

𝑅1将𝑅1=20𝛺代入上式得：𝑘=

𝑅2即𝑘与𝑅成正比为过原点的直线当𝑅 =100𝛺时，2 20𝛺2 𝑘=5，即图丙反映的是𝑅2与𝑅1的电功率比值𝑘与𝑅2D正确。应选：𝐴𝐷。由电路图可知，两电阻串联，电压表测𝑅2两端电压，电流表测电路中的电流，当滑片在𝑎端时，电流表示数为0.1𝐴，𝑅2消耗的电功率为1𝑊，依据串联电路电流的规律及𝑃=𝐼2𝑅得出滑动变阻器的最大阻值；当滑片𝑃在𝑎端时，变阻器连入电路中的电阻最大，依据分压原理，即电压表示数最大，电路中的电流最小；𝑃𝑏2可确定乙反映的是变阻器的电流随电压的变化关系；当滑片𝑃在𝑎端时，由图乙知电压表示数，依据串联电路电压的规律求出𝑅1的电压，根据欧姆定律求出定值电阻𝑅的阻值，再由𝑃=𝑈2求出

消耗的电功率；1 𝑅 1(2)滑片𝑃在𝑏端时可知电路中的电流，依据𝑃=𝑈𝐼求出电路消耗的总功率；(3)依据串联电路电流的规律及𝑃=𝐼2𝑅得出𝑅2𝑅1的电功率比值，将𝑅1=20𝛺代入，结合数学学问分析。状态。【答案】引力温度吸引轻小物体做功解：(1)说明分子之间存在相互作用的引力；红墨水在热水中集中的比冷水中快，说明温度越高，分子运动速度越快用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，橡胶棒能吸引轻小的纸屑，说明带电体有吸引轻小物体的性质；在一个配有活塞的厚玻璃筒里放入少许硝化棉，把活塞快速压下去，观看到硝化棉燃烧。硝化棉燃烧是通过做功的方式使管内空气的内能增加。故答案为：(1)引力；(2)温度；(3)吸引轻小物体；(4)做功。27页分子之间存在相互作用的引力和斥力。(3)带电体有吸引轻小物体的性质；(4)转变内能的方式：做功和热传递。此题考察了分子动理论、做功转变内能、带电体的性质以及集中现象，是一道综合题。10.【答案】25 12.5【解析】解：定值电阻𝑅1、𝑅2允许通过的最大电流分别为0.5𝐴和1𝐴，0.5𝐴，由𝐼=𝑈𝑈=

(𝑅1+𝑅2)=0.5𝐴×(40𝛺+1𝛺)=𝑅25𝑉；大电路消耗的最大电功率：𝑃大故答案为：25；12.5。

=𝑈𝐼大

大=25𝑉×0.5𝐴=12.5𝑊。(1)依据串联电路电流规律、结合两电阻允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，再依据串联电路电阻规律和欧姆定律求出电路两端允许加的最大电压；(2)依据𝑃=𝑈𝐼求出电路消耗的最大电功率。此题考察了串联电路的特点、欧姆定律的应用以及电功率的计算，为保证安全，电阻串联时流过电路的电流应为电阻允许电流中的较小者。11.【答案】5 1【解析】解：由电路图可知，𝑅0与𝑅串联，电压表测𝑅两端的电压，电流表测电路中的电流。大当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时电路为𝑅0的简洁电路电路中的电流最大，由图像可知，电路中的电流𝐼 =5𝐴，大由𝐼=𝑈可得，电源的电压：𝑅大𝑈=𝐼 𝑅0=5𝐴×𝑅0，-------①大当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，27页小由图像可知，电路中的电流𝐼 =1𝐴，电压表的示数𝑈𝑅=4𝑉，因串联电路中总电压等于各分电压之和，小所以，电源的电压：小𝑈=𝑈𝑅+𝐼 𝑅0=4𝑉+1𝐴×𝑅0，-------②小因电源的电压不变，所以，5𝐴𝑅0=4𝑉1𝐴𝑅0，解得：𝑅0=1𝛺，大电源的电压𝑈=𝐼 𝑅0=5𝐴×1𝛺=5𝑉。故答案为：5；1。大由电路图可知，𝑅0与𝑅串联，电压表测𝑅两端的电压，电流表测电路中的电流。𝑅0的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，依据图像读出电表的示数，依据可求出𝑅0的阻值，进一步求出电源的电压。综合性较强。12.【答案】180；30；150【解析】【分析】此题考察了电动机产生热量、电功、输出机械能的计算，关键是知道只有在纯电阻电路中电能才完全转化成内能。电动机的额定电压、额定电流、通电时间，依据𝑊=𝑈𝐼𝑡求出消耗的电能；线圈的电阻和通过的电流以及通电时间，依据𝑄=𝐼2𝑅𝑡求出在1𝑚𝑖𝑛内电流产生的热量；消耗的电能减去产生的热量即为电动机获得的机械能。【解答】解：这台电动机正常工作1𝑚𝑖𝑛=60𝑠，电动机消耗的电能：27页𝑊=𝑈𝐼𝑡=3𝑉×1𝐴×60𝑠=180𝐽，产生的电热：𝑄=𝐼2𝑅𝑡=(1𝐴)2×0.5𝛺×60𝑠=30𝐽，输出的机械能：。𝑊 =𝑊−𝑄=180𝐽−30𝐽=150𝐽。机械故答案为：180；30；150。【答案】闭合6600𝐽【解析】解：(1)电水壶器处于加热状态时，𝑅1的电功率最大，由𝑃=𝑈𝐼=𝐼2𝑅可知，电路中的电流最大，由𝐼=𝑈可知，电路中的电阻最小；𝑅结合电路图可知，开关𝑆1、𝑆2、𝑆3均闭合时，电路为𝑅1的简洁电路，此时电路中的电流最大，𝑅1的功率最大，电热水壶处于加热状态。当开关𝑆1、𝑆3闭合，𝑆2断开时，𝑅1与𝑅2串联，电路中的总电阻最大，电路中的电流最小，𝑅1的电功率最小，电热水壶处于保温状态，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，此时电路中的电流：𝐼′=

𝑈

= 220𝑉22𝛺198𝛺

=1𝐴，𝑅1正常工作5𝑚𝑖𝑛产生的热量：𝑄=(𝐼′)2𝑅1𝑡=(1𝐴)2×22𝛺×5×60𝑠=6600𝐽。故答案为：闭合；6600𝐽。(1)电水壶器处于加热状态时，电路的电功率最大，依据𝑃=𝑈𝐼=𝐼2𝑅可知电路中的电流关系，依据欧姆定律可知电路中的电阻关系，然后结合电路图推断开关的状态。(2)当开关𝑆1、𝑆3闭合，𝑆2断开时，𝑅1与𝑅2串联，电路中的总电阻最大，电路中的电流最小，𝑅1中的电流，再依据𝑄=𝐼2𝑅𝑡计算产生的热量。处于不同状态时电路的连接方式是关键。【答案】变大依据𝑃=𝑈2，因电压确定，灯丝电阻减小，灯泡的实际功率变大𝑅【解析】解：灯泡的灯丝烧断了，把断了的灯丝搭在一起，且连接处重叠了一段时，灯丝的长度变小，因导体的电阻与长度有关，长度越短电阻越小，故灯丝电27页𝑃=𝑈2𝑅故答案为：变大；依据𝑃=𝑈2，因电压确定，灯丝电阻减小，灯泡的实际功率变大。𝑅𝑃=𝑈2推断灯泡实际功率𝑅的变化，灯泡亮度的变化。此题考察了影响电阻大小的因素和电功率公式的灵敏应用；通过分析灯丝长度的变化，再分析电阻变化进而分析得到灯泡的实际功率。【答案】解：由实物图知，开关、电流表、定值电阻和滑动变阻器依次连接在电源两极上，即滑动变阻器与定值电阻串联，电压表并联在定值电阻的两端，电路图如以下图：。【解析】依据实物图分析电路的连接状况，再画出对应的电路图。此题考察依据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式以及电表的位置是关键。【答案】【解析】【分析】路电流的规律可知干路电流大小，从而确定𝐴1选用的量程，依据电路图连接实物图。【解答】甲图中，两灯并联，电流表𝐴2测𝐿2的电流，电流表𝐴1测干路电流；27页𝐿𝑙的电流为0.5𝐴，通过灯泡𝐿2的电流为0.4𝐴，由并联电路电流的规律，干路电流为0.9𝐴，故A1选用大量程接在干路上，𝐴2选用小量程与𝐿2串联，开关把握整个电路，由电路图连接实物图，如以以下图所示：17.【答案】(1)质量；(2)=；(3)<；3.15×103【解析】解：为了便于比较水和色拉油吸热力气的强弱，试验除让两个试管内的水和色拉油初温一样外，试验前还必需把握水和色拉油的质量一样；使用一样的加热器对他们加热时，即在一样的时间内两种物质所吸取的热量的多少是一样的，所以此试验中记录加热时间的长短来表示水及色拉油吸取热量多少；加热一段时间(4分钟)，依据转换法，吸热一样；乙上升的温度为：40℃−10℃=30℃；甲上升的温度为：50℃−10℃=40℃；依据𝑐=

𝑄

<𝑐，乙，甲由于水的比热容大于色拉油的比热容，所以甲是色拉油，甲由于加热一样的时间，吸取的热量一样，即

𝑚△

=𝑐

𝑚△𝑡水 水 色拉油 色拉油色拉油的比热容：。故答案为：(1)质量；(2)=；(3)<；3.15×103。比较水和食用油的吸热力气，要把握水与油的质量相等、初温相等；所以加热时间的长短，说明液体吸取热量的多少；选同样的加热时间，在一样时间内吸热一样，依据温度变化的多少推断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，据此分析推断；27页𝑐=比热容与上升的温度成反比求精彩拉油的比热容。

𝑄

此题比较不同物质的比热容，考察把握变量法、转换法的应用及𝑐=学中的重要试验。

𝑄

的运用，为热【答案断开右𝑅处发生短路2.4 右2 𝐶 电压确定时导体中的电流与电阻成反比【解析】解：(1)𝑅与滑动变阻器串联，电压表与定值电阻并联，电流表串联在电路中，依据电路图连接实物电路图，如以下图。在连接电路时开关应处于断开状态，这是为了防止电路中有短路的地方而导致损坏用电器；通常在使用前应将电阻值调至最大阻值处的右端；假设𝑅发生短路，电路是通路，电流表有示数，电压表指针不偏转，故发生这种故障的缘由可能是𝑅处发生短路；由图可知，电压表所选量程为0～3𝑉，依据指针位置可知，其示数是2.4𝑉，拆下阻值为10𝛺的电阻改换成阻值为2𝑂𝛺的电阻。闭合开关，电压表的示数会变大，应2𝑉；(5)当改用50𝛺的电阻时，电路中的电流𝐼=𝑈=𝑅

2𝑉50𝛺

=0.04𝐴

= 𝑈滑=

=25𝛺滑0.04𝐴

0.04𝐴求的值，应选C；(6)分析图丁图象，曲线上每点对应的电流和电阻的乘积都等于2.0𝑉，说明电压始终保持在2.0𝑉，此时导体中的电流与电阻成反比。27页故答案为：(1)见上图；(2)断开；右；(3)𝑅处发生短路；(4)2.4；右；2；(5)𝐶；(6)电压确定时，导体中的电流与电阻成反比。分析图甲所示电路构造，明确各电路元件的连接方式，然后连接实物电路图。连接电路时，开关需处于断开状态；闭合开关前将滑动变阻器的滑片到达最大阻值处，是为了让电路中有较大的电阻，防止电路中电流过大而烧坏用电器。电流表指针发生明显偏转说明电路是通路，电压表无示数说明电压表被短路，据此进展解答；应增大变阻器的阻值；依据滑动变阻器的最大阻值与定值电阻阻值间的关系，由串联电路的分压原理分析电压表不能到达要求的缘由。分析图丙中图象，曲线上每一点对应的电流和电阻的乘积相等，说明电压确定时，导体中的电流与电阻成反比。此题考察了连接实物电路图、试验数据处理、试验操作分析、试验操作改进等问题，实提出改进措施。【答案】𝐴𝐵 大电压灯丝的电阻随温度上升而增大𝐵 𝑃=𝑈1×𝑈2𝑈1𝑅0【解析】解：(1)电压表的负接线柱与灯泡的左接线柱相连，滑动变阻器的任意上方接线柱与电流表0.6的接线柱相连，如以以下图所示：1闭合开关，灯𝐿几乎不发光，说明电路电流太小，依据𝐼=𝑈知电路电阻太大，并且1𝑅移动滑动变阻器滑片，灯泡亮度不转变，滑动变阻器都接下面𝐴、𝐵两个接线柱；从试验1→试验2→试验3，灯泡越来越亮，灯泡实际功率越大；用𝐿2替换𝐿1重复上面的试验时，𝐿2的额定电压是3.8𝑉，需要转变电压表的量程；27页灯丝电阻受温度影响较大，灯泡在不同电压下，温度不同，灯丝中电阻不同，计算平均值代表灯丝电阻无意义，该同学无视了温度对电阻的影响；把小灯泡换成定值电阻后，电阻阻值𝑅，，由电压表可测出电阻两端的电压𝑈，，应选B；①闭合开关𝑆1，将𝑆2拨到触点2𝑈1，此时电压表测量小灯泡两端的电压，②再将开关𝑆2拨到触点1，保持滑片的位置不动，读出电压表的示数𝑈2，此时电压表测量小灯泡𝐿和定值电阻的总电压，因此时各电阻的大小和电压不变，依据串联电路电压的规律，定值电阻的电压：𝑈0=𝑈2−𝑈1，由欧姆定律，定值电阻的电流：𝐼𝑅=𝑈0=𝑈2−𝑈1，𝑅0 𝑅0依据串联电路电流的规律，通过灯的电流为：𝐼𝐿=𝐼𝑅=𝑈2−𝑈1，𝑅0灯泡功率的表达式为：𝑃=𝑈1𝑈2−𝑈1。𝑅0𝐵𝐵；(7)𝑃=𝑈1𝑈2−𝑈1。𝑅00～0.6𝐴的量程且串联在电路中，留意正负接线柱的连接；滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中；灯泡𝐿1几乎不发光，说明电路是通路，但是电流太小，并且移动串联在电路中的滑动变阻器的滑片，灯泡亮度不变，说明电路中的电阻太大，滑动变阻器又不起作用，是滑动变阻器把下面两个接线柱接入电路了。比较灯泡亮度增大时，可以推断灯泡的实际功率，由于灯泡的亮度由灯泡的实际功率打算的；依据用电器的额定电压选择适宜量程的电表；定值电阻阻值受温度影响较小，从温度上考虑；电阻值，电路可测电阻两端的电压，流过电阻的电流，据此推断可完成哪个实验；要测灯的功率，先将电压表与灯并联；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电27页𝑃=𝑈𝐼可求出灯的功率。此题涉及到学问点较多，由电路图连接实物图、电流表量程的选择和连接方式、滑动变阻器接线柱的选择、电路故障的推断、灯丝电阻与温度的关系等，综合性较强；要留意“争论导体中的电流与电压的关系”时需把握电阻的阻值不变。20.【答案】解：(1)由𝑃=𝑈2得，电热足浴器正常工作时的电阻：𝑅𝑅=𝑈2𝑃

=(220𝑉)21210𝑊

=40𝛺；水吸取的热量：𝑄=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×5𝑘𝑔×(40℃−20℃)=4.2×105𝐽；(3)足浴器在额定电压下使用500𝑠消耗的电能：𝑊=𝑃𝑡=1