2023年物理二轮复习十一磁场及带电粒子在磁场中的运动

专题十一磁场及带电粒子在磁场中的运动

命题热点常考题型

(1)安培定则、磁场的叠加；

(2)安培力的分析与计算；

选择题

(3)带电粒子在磁场中的运动；

计算题

(4)带电粒子在复合场中的运动；

(5)带电粒子在复合场中运动的应用实例.

高频考点•能力突破

考点一磁场的性质及磁场对电流的作用

1.磁场的叠加和安培定则应用的“三点注意”

(1)注意根据安培定则确定通电导线周围磁场的方向.

即磁感应强度的方向

(2)注意磁场中每一点磁感应强度的方向为该点磁感线的切线方向.

(3)注意磁感应强度是矢量，多个通电导体产生的磁场叠加时，合磁场的磁感应强度等

于场源单独存在时在该点磁感应强度的矢量和.

要用到平行四边形法则，解三角形

2.安培力的分析与计算

(1)方向：左手定则

(2)大小：F=BILsin0

。=0时F=0,0=90。时F=BIL

(3)二级结论：同向电流相互吸引，反向电流相互排斥

例I[2022•全国乙卷]

(多选)安装适当的软件后，利用智能手机中的磁传感器可以测量磁感应强度B.如图，在

手机上建立直角坐标系，手机显示屏所在平面为xO)，面.某同学在某地对地磁场进行了四

次测量，每次测量时)，轴指向不同方向而z轴正向保持竖直向上。根据表中测量结果可推知

()

测量序号Bv/gTBy/|4Tft/pT

1021-45

20-20—46

A.测量地点位于南半球

B.当地的地磁场大小约为50pT

C.第2次测量时），轴正向指向南方

D.第3次测量时y轴正向指向东方

［解题心得］....................................................................

预测1［2022.浙江1月］利用如图所示装置探究匀强磁场中影响通电导线受力的因素,

导线垂直匀强磁场方向放置.先保持导线通电部分的长度£不变，改变电流/的大小，然后

保持电流/不变，改变导线通电部分的长度3得到导线受到的力尸分别与/和〃的关系图

像，则正确的是（）

OLOL

CD

预测2如图所示，两根相距为d的长直导线分别通有电流4、/2,纸面内有一点尸，

与两根导线的距离也为乙己知a=/2=/时，P点的磁感应强度大小为B,若保持人不变,

将h增大为3/,则此时P点磁感应强度大小为（）

A.5BB.2B

C.乘BD.屈B

预测3如图甲、乙所示的电路中，两光滑平行导轨之间的距离均为L,在两导轨之间

的平面内都有垂直导轨平面向下、磁感应强度为B的匀强磁场，两金属杆完全相同、阻值

均为「，均与导轨接触良好.图甲中导轨的左端接有阻值为R的定值电阻，金属杆在水平拉

力的作用下以速度。水平向右做匀速运动；图乙中导轨的左端接有内阻不计的电源，金属杆

通过跨过定滑轮的绝缘轻绳与一重物相连，杆正以速度。水平向右做匀速运动，电路中的电

流为/.若导轨电阻不计，忽略所有摩擦，则下列说法正确的是（）

图甲图乙

A.两杆所受安培力的方向相同

B.图甲、乙中两杆所受安培力大小之比为雷

C.在时间。内图甲中金属杆产生的电能为学生

R+r

D.在时间Ar内图乙中电源输出的能量为BlLv\t

考点二带电粒子在匀强磁场中的运动

1.注意“四点、六线、三角”

在找几何关系时要尤其注意带电粒子在匀强磁场中的“四点、六线、三角”.

(1)四点：入射点8、出射点C、轨迹圆心A、入射速度直线与出射速度直线的交点0.

(2)六线：圆弧两端点所在的两条轨迹半径、入射速度直线0B、出射速度直线0C、入

射点与出射点的连线BC、圆心与两条速度直线交点的连线AO.

(3)三角：速度偏转角/C。。、圆心角NBAC、弦切角NOBC,其中偏转角等于圆心角，

也等于弦切角的两倍.

2.三个“二级”结论

(1)刚好穿出磁场边界的条件是带电粒子在磁场中运动的轨迹与边界相切.

(2)当速率。一定时，弧长(或弦长)越长，圆心角越大，则带电粒子在有界磁场中运动的

时间越长.

(3)在圆形匀强磁场中，当运动轨迹圆半径大于区域圆半径时，则入射点和出射点为磁

场直径的两个端点时，轨迹对应的偏转角最大(所有的弦长中直径最长).

例2[2022・湖北卷](多选)在如图所示的平面内，分界线SP将宽度为L的矩形区域分成

两部分，一部分充满方向垂直于纸面向外的匀强磁场，另一部分充满方向垂直于纸面向里的

匀强磁场，磁感应强度大小均为8,SP与磁场左右边界垂直.离子源从S处射入速度大小

不同的正离子，离子入射方向与磁场方向垂直且与SP成30。角.己知离子比荷为k,不计重

力.若离子从尸点射出，设出射方向与入射方向的夹角为仇则离子的入射速度和对应。角

的可能组合为()

A.*BL,0°B.^kBL,0°

C.kBL,60°D.2kBL,60°

［解题心得］

预测4[2022・辽宁卷]（多选）粒子物理研究中使用的一种球状探测装置横截面的简化模

型如图所示.内圆区域有垂直纸面向里的匀强磁场，外圆是探测器.两个粒子先后从P点

沿径向射入磁场，粒子1沿直线通过磁场区域后打在探测器上的M点.粒子2经磁场偏转

后打在探测器上的N点.装置内部为真空状态，忽略粒子重力及粒子间相互作用力.下列

说法正确的是（）

A.粒子1可能为中子

B.粒子2可能为电子

C.若增大磁感应强度，粒子1可能打在探测器上的。点

D.若增大粒子入射速度，粒子2可能打在探测器上的。点

预测5[2022•全国冲刺卷]如图所示，x轴正半轴与虚线所围区域内存在着磁感应强度

大小为B的匀强磁场，方向垂直纸面向里.甲、乙两粒子分别从距x轴〃与2〃的高度以速

率。o平行于x轴正向进入磁场，并都从P点离开磁场，OP=/.则甲、乙两粒子比荷的比值

为（不计重力，sin37°=0.6,cos370=0.8）（）

A.32:41B.56:41

C.64:41D.41：28

预测6如图，在以x轴和虚线围成的区域内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B,方

向垂直于纸面.x轴上a点左侧有一足够长的金属板，半圆形边界的圆心为0、半径为旧心，

上边界到X轴的距离为2L.在。点有一粒子源，在纸面内向第一、第二象限均匀发射带正电

的粒子，每秒钟射出〃个粒子，粒子质量为小，电荷量为e,速度为如=器3不计粒子之

间的相互作用.求:

（1）某个粒子沿与x轴正方向成60。射出，它在磁场中运动的时间*

（2）电流表的示数/；

（3）磁场上边界有粒子射出的区域宽度d.

［试蝌........................................................................

考点三带电粒子在复合场中的运动

“三步”解决复合场问题

1-电场、磁场共存

第一步受力分析-电场、重力场共存

（关注场的组成）-磁场、重力场共存

L电场、磁场、重力场共存

r-合力为零一匀速直线运动①

_合力恒定一匀变速直线运动或曲

第二步运动分析线运动②

［建构运动模型］_合力大小恒定且方向始终垂宜于

一速度一匀速圆周运动③

L-合力复杂多变——般曲线运动④

「运动①一平衡条件

第三步选择规律运动②一动能定理或牛顿运动定

［力或能的观点）一一律、运动学公式

一运动③一向心力公式等

L运动④一动能定理或能垦守恒定律

例3［2022•全国甲卷］空间存在着匀强磁场和匀强电场，磁场的方向垂直于纸面（xOy平

面）向里，电场的方向沿），轴正方向.一带正电的粒子在电场和磁场的作用下，从坐标原点

。由静止开始运动.下列四幅图中，可能正确描述该粒子运动轨迹的是（）

CD

［解题心得］.............................................................................

预测7［2022•广东卷］（多选）如图所示，磁控管内局部区域分布有水平向右的匀强电场

和垂直纸面向里的匀强磁场.电子从M点由静止释放，沿图中所示轨迹依次经过MP两

点.已知M、P在同一等势面上，下列说法正确的有（）

A.电子从N到P,电场力做正功

B.N点的电势高于P点的电势

C.电子从M到N,洛伦兹力不做功

D.电子在用点所受的合力大于在P点所受的合力

预测8［2022•辽宁模拟卷］在芯片制造过程中，离子注入是其中一道重要的工序.如图

所示是离子注入工作原理示意图，离子经加速后沿水平方向进入速度选择器，然后通过磁分

析器，选择出特定比荷的离子，经偏转系统后注入处在水平面内的晶圆（硅片）.速度选择器

和磁分析器中的匀强磁场的磁感应强度大小均为8,方向均垂直纸面向外；速度选择器和偏

转系统中的匀强电场场强大小均为£,方向分别为竖直向上和垂直纸面向外.磁分析器截面

是内外半径分别为/?1和&的四分之一圆环，其两端中心位置M和N处各有一个小孔；偏

转系统中电场的分布区域是一边长为L的正方体，其底面与晶圆所在水平面平行，间距也

为L当偏转系统不加电场时，离子恰好竖直注入到晶圆上的O点.整个系统置于真空中，

不计离子重力.求：

（1）离子通过速度选择器的速度大小。和磁分析器选择出来离子的比荷*

（2）偏转系统加电场时，离子从偏转系统底面飞出，注入到晶圆所在水平面的位置到。

点的距离X.

［试解］........................................................................

素养培优•情境命题

带电粒子在复合场中运动的应用实例

情境1（多选）如图是回旋加速器的原理图，由两个半径均为R的。形盒组成，。形盒

上加周期性变化的电压，电压的值为U,。形盒所在平面有垂直盒面向下的磁场，磁感应强

度为8.一个质量为加、电荷量为g的粒子在加速器中被加速，则（）

接交流电源

A.粒子每次经过。形盒之间的缝隙后动能增加qU

B.粒子每次经过。形盒之间的缝隙后速度增大回

Ym

C.粒子以速度。在。形盒内运动半圆后动能增加2qvBR

D.粒子离开。形盒时动能为上誓

2m

［解题心得J.........................................................................................................................................

情境2［2022•广东冲刺卷］（多选）据报道，我国空间站安装了现代最先进的霍尔推进器

用以空间站的轨道维持.如图乙，在很窄的圆环空间内有沿半径向外的磁场1,其磁感强度

大小可近似认为处处相等；垂直圆环平面同时加有匀强磁场2和匀强电场（图中没画出），磁

场1与磁场2的磁感应强度大小相等，已知电子电量为e,质量为〃?，若电子恰好可以在圆

环内沿顺时针方向做半径为R、速率为。的匀速圆周运动.则以下说法正确的是（）

A.电场方向垂直环平面向外

B.电子运动周期为卫

V

C.垂直环平面的磁感应强度大小为？

D.电场强度大小为黄

［斛题心得］............

情境3［2022•全国冲刺卷］海水中含有大量的正负离子，并在某些区域具有固定的流动

方向，据此人们设计并研制“海流发电机”，可生产无污染的再生能源，对海洋航标灯持续

供电，其工作原理如图所示，用绝缘防腐材料制成一个横截面为矩形的管道，在管道上、下

两个表面装有防腐导电板M,N,板长为人宽为6（未标出），两板间距为d,将管道沿着海

水流动方向固定于海水中，将航标灯L与两导电板M和N连接，加上垂直于管道前后面的

匀强磁场（方向如图），磁感应强度大小为B,海水流动方向如图所示，海水流动速率为V,

己知海水的电阻率为夕，航标灯电阻为R,则下列说法正确的是（）

A.“海流发电机”对航标灯L供电的电流方向是N-L-M

B.“海流发电机”产生感应电动势的大小是E=及。

C.通过航标灯L电流的大小是々普

abR+pd

B2d2v2

D.“海流发电机”发电的总功率为

［斛题心得］........................................................................

情境4［2022•浙江6月］离子速度分析器截面图如图所示.半径为R的空心转筒P,可

绕过。点、垂直xOy平面（纸面）的中心轴逆时针匀速转动（角速度大小可调），其上有一小孔

S整个转筒内部存在方向垂直纸面向里的匀强磁场.转筒下方有一与其共轴的半圆柱面探测

板Q，板Q与y轴交于A点.离子源“能沿着x轴射出质量为机、电荷量为一40>0）、速

度大小不同的离子，其中速度大小为。。的离子进入转筒，经磁场偏转后恰好沿y轴负方向

离开磁场.落在接地的筒壁或探测板上的离子被吸收且失去所带电荷，不计离子的重力和离

子间的相互作用.

(1)①求磁感应强度B的大小；

②若速度大小为。。的离子能打在板。的A处，求转筒P角速度的大小.

(2)较长时间后，转筒P每转一周有N个离子打在板Q的C处，0C与x轴负方向的夹

角为仇求转筒转动一周的时间内，C处受到平均冲力厂的大小.

(3)若转筒P的角速度小于等，且A处探测到离子，求板Q上能探测到离子的其他夕

K

的值(夕为探测点位置和。点连线与X轴负方向的夹角).

［试蝌........................................................................

专题磁场及带电粒子在磁场中的运动

高频考点•能力突破

考点一

例1解析：依题意，Z轴正向保持竖直向上，测量结果表明Z轴方向的磁感应强度为

负，即测量地点的磁感应强度的竖直分量是向下的，说明测量地点位于北半球，A错误；每

次测量得到的地磁场的两个分量互相垂直，任选一组数据根据平行四边形定则可以求出当地

的地磁场磁感应强度大小约为50nT,B正确；在北半球，地磁场的水平分量是由南向北的，

第2次测量时得到的水平分量即为是负值，说明y轴正向与地磁场的水平分量方向相反，

即指向南方，C正确;第3次测量时Bv为零，说明y轴沿东西方向，又因反为正，即x轴

正向指北方，则y轴正向应指向西方，D错误.

答案：BC

预测1解析：根据磁场方向与电流方向垂直时的安培力表达式尸可知，在只改

变电流/时，其安培力F8/,因此R/图线为过坐标原点向上倾斜的直线，故选项A错误,

B正确；同理，在只改变导线通电部分长度乙时，其安培力F-乙因此八乙图线也为过坐

标原点向上倾斜的直线，故选项C、D均错误.

答案：B

预测2解析：由安培定则，A在P点产生的磁感应强度垂直纸面向里，设为瓦，“在

P点的磁感应强度竖直向上，由于/|=/2=/,P到两导线距离相等，都为d,所以/2在P点

的磁感应强度大小也为京),由矢量合成知8=e场,将/2增大为3/,则12在P点的磁感应

强度大小也为3Bo,则尸点磁感应强度大小为+(3Bo)2=V10Bo=V5B.

答案：C

预测3解析：图甲中电路，由闭合电路欧姆定律可得力=咨，金属杆受到的安培力

R+r

R2r_

Fi=BhL=--,方向水平向左，图乙中金属杆受到的安培力尸2=B〃，方向水平向右，两

R+r

杆所受安培力方向相反，大小之比为詈=黑，故选项A、B错误；在加时间内，图甲中

F2I(.R+r)

金属杆产生的电能等于金属杆克服安培力做的功E电=尸卬△/=四产，图乙中电源输出的

R+r

能量等于安培力对金属杆做的功，即？札=尸2。加=8〃。加，选项C错误，D正确.

答案：D

考点二

例2解析：若粒子通过下部分磁场直接到达P点，如图

L

根据几何关系则有R=L,qvB=i吟

K

可得0=吧=小乙

m

根据对称性可知出射速度与SP成30。角向上，故出射方向与入射方向的夹角为9=60。.

当粒子上下均经历一次时，如图

L

因为上下磁感应强度均为B,则根据对称性有R=»

根据洛伦兹力提供向心力有qvB=n^

可得。=骞=押乙

此时出射方向与入射方向相同，即出射方向与入射方向的夹角为0=0°.

通过以上分析可知当粒子从下部分磁场射出时，需满足

年=(”2墨n—[=白2n—血1(〃=[,2,3-)

此时出射方向与入射方向的夹角为6=6。。；当粒子从上部分磁场射出时，需满足。=黑

=?kBL(〃,1,2,3…)

2n

此时出射方向与入射方向的夹角为0=0。.故可知B、C正确，A、D错误.

答案：BC

预测4解析：由题图可看出粒子1没有偏转，说明粒子1不受磁场力作用，即粒子1

不带电，则粒子1可能为中子；粒子2向上偏转，根据左手定则可知粒子2应该带正电，A

正确、B错误；由以上分析可知粒子1不带电，则无论如何增大磁感应强度，粒子1都不会

偏转，C错误；粒子2在磁场中运动.洛伦兹力提供向心力有卯8=m?，解得粒子运动轨

迹半径r=R.可知若增大粒子入射速度，则粒子2的半径增大，粒子2可能打在探测器上的

qB

。点，D正确.

答案：AD

预测5解析：甲粒子从高MN=/?的位置水平飞入磁场，运动的轨迹如图所示，甲粒

子圆周运动的半径为O\N=OxP=r},在△OiMP中根据勾股定理可知MP="£一01M2=

卜-(r-h)2=V2rh-h2,则OM=MP-OP=，2rh-h2心,在△MNO中，根据几何

乙粒子从高。2A=“=2/7的高度水平飞入磁场，转过捆周从P点飞出，则乙粒子运

动的半径为公=O2A=2〃，洛伦兹力提供向心力WB=〃?3,解得「=器，可知粒子运动的半

径r与粒子的比荷9=4成反比，所以甲、乙两粒子比荷的比值为?="=言=£,故选项C

mkr—h41

乙rt32

正确.

答案：C

预测6解析：⑴由eBo=m^,得r=L

分析出粒子在磁场中运动的圆心在磁场边界与y轴交点"，从e点垂直于边界射出磁场，

偏转角为30。，则在磁场中的运动时间为/=患7=空.

3606eo

(2)左边的临界状况是在/点与磁场边界相切，射入方向与x轴负方向成60°,

则单位时间内打在金属板上的粒子数为N=M〃=；〃，

IOO3

电流表的示数为/=/e.

(3)粒子从磁场左边射出的临界点为了点df=V3L,

粒子从磁场右边射出的临界点为g点，原点0、轨迹圆心、g点三点一线，dg=

J(3L)2-(2L)2=同,

粒子从上边界射出磁场的宽度1=疯+4=6乙+遥乙=(6+遮)L

答案：(1喘(2)1ne(3)(遮+曲)L

考点三

例3解析：带正电粒子从原点。由静止释放，在电场力作用下，获得向上的速度后,

会受到向左的洛伦兹力，故粒子向左侧偏转，排除A、C选项；当粒子再回到x轴时，电场

力整体做功为零，洛伦兹力始终不做功，故此时速度为零，以后会重复原来的运动，不可能

运动到x轴下方，故B正确，D错误.

答案：B

预测7解析：电子从M点由静止释放，从M到N,电场力做正功，M、尸在同一等势

面上，可知电子从N到P,电场力做负功，A错误；根据沿电场线方向电势降低，可知N

点电势高于P点电势，B正确；根据洛伦兹力方向与速度方向垂直，对带电粒子不做功，可

知电子从M到M洛伦兹力不做功，C正确；洛伦兹力不做功，且M、P在同一等势面上，

可知电子在M点和P点速度都是零，即电子在M点和P点都是只受到电场力作用，所以电

子在M点所受的合力等于在P点所受的合力，D错误.

答案：BC

预测8解析：(1)离子通过速度选择器时，有Eq=Bqv,

解得速度。=5,

D

离子在磁分析器中，有*3=加3，

由几何关系，可得/?=手，

联立解得旦=应鲁次.

(2)经过电场后，偏移的距离X尸骞

偏转角度tan。=吗，

mvz

离开电场后，偏移的距离tan6=剪与，

mvz

注入晶圆的位置到。点的距离X=X|+X2,

联立解得》=有.

K]+K2

答案：⑴I而会(2.

素养培优•情境命题

情境1解析：粒子每次经过。形盒之间的统隙过程，电场力做功，根据动能定理可得

qU=AEk,即动能增加qU.由动能表达式Ek=)»2,可知第〃次经过。形盒之间的缝隙后速

度变化为AU=(F—SE)旧,故A正确，B错误；粒子在磁场中受洛伦兹力作用做匀

速圆周运动，洛伦兹力不做功，粒子动能保持不变，故C错误；粒子在磁场中做匀速圆周

运动，洛伦兹力提供向心力，有卯8=店，粒子离开。形盒时，粒子轨道半径为凡动能

为Ek=：mv2,联立，可得反=哗上，故D正确.

22m

答案：AD

情境2解析：根据左手定则可知电子在圆环内受到沿半径向外的磁场1的洛伦兹力方

向垂直环平面向里，电场力需要与该洛伦兹力平衡，电场力方向应垂直环平面向外，由于电

子带负电，故电场方向垂直环平面向里，A错误；电子在圆环内沿顺时针方向做半径为&

速率为