2023年河南省安阳市高考物理二模试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2023年河南省安阳市高考物理二模试卷注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。1.截至2022年02月28日，我国所有运行、在建核电机组均在沿海地区，正在运行的核电机组共53台，装机容量约5465万千瓦。某核电站核反应堆中存在如下核反应： 92235U+A.该反应为核聚变反应，需要较高温度才能进行

B.该核反应过程电荷数守恒、质量数不守恒

C. ​92235U核的比结合能小于 56ABa核的比结合能

D. 2.北京时间2022年9月13日21时18分，我国在文昌航天发射场使用长征七号运载火箭，成功将“中星1E”卫星发射升空。卫星最终顺利进入地球同步轨道，发射任务获得圆满成功。该卫星发射过程可以简化为如图过程：I是运行周期为T1的近地圆轨道(轨道半径可视为等于地球半径)，Ⅲ为距地面高度为h的同步圆轨道，Ⅱ为与轨道Ⅰ、Ⅲ相切的椭圆转移轨道，切点分别为A、B。已知地球半径为R，地球自转周期为T0，第一宇宙速度大小为v0，则下列说法中正确的是A.卫星在轨道Ⅱ运行的周期大于T0

B.卫星在轨道Ⅱ上运行的速度大小有可能大于、小于或等于v0

C.卫星在轨道Ⅱ上运行的周期T2=2R+h3.A、B两物体同时受到同样的水平拉力后，分别在水平面上从静止开始做匀加速直线运动，1s后，同时撤去拉力，它们均做匀减速直线运动，直到停止，其v−t图像如图所示，重力加速度g取10m/s2。在A.A、B两物体质量之比为4：3

B.A、B两物体受到摩擦力之比为3：2

C.A、B两物体位移之比为3：4

D.A、B两物体与水平面间动摩擦因数之比为1：24.风洞实验室，是以人工的方式产生并且控制气流，用来模拟飞行器或实体周围气体的流动情况，它是进行空气动力实验最常用、最有效的工具之一。如图为测试在风洞实验室中小球(可视为质点)在光滑装置内运动特点的剖面图，风洞能对小球提供水平方向恒定的风力，当把小球放在装置内A点时恰好能保持静止，A点与圆心的连线与竖直方向夹角α=45°。现给小球一垂直于半径方向的初速度，使其在竖直平面内绕圆心O刚好能做完整的圆周运动，已知小球质量为m，装置半径为R，重力加速度为g，取A点重力势能为0。则下列说法正确的是(

)A.小球对轨道的最大压力为(62+1)mg

B.小球运动过程中，最小的动能为5.如图所示，A、B为真空中两个等量异种点电荷，O为连线的中点，c、d两点位于两电荷连线的中垂线上，且aO=bOA.图中a、b两点的电场强度相同，ab连线间O点场强最大

B.图中c、d两点的电场强度相同，cd连线间O点场强最大

C.图中a、b两点的电势不同，ab连线间O点电势为0

D.图中c、d两点的电势不同，cd6.如图所示的电路中，变压器为理想变压器，初级线圈接电压为U的交流电源，电路中R0为光敏电阻(阻值随光照强度的增加而减小)，R为定值电阻。初态时光敏电阻R0<R，理想电压表V1、V2、V3示数分别为U1、U2、U3，理想电流表A.变压器输入功率减小 B.I增大，U3增大

C.R0消耗的功率变小 D.U17.如图所示，质量为2m的P物体套在光滑的竖直杆上，质量为m的Q物体放置在倾角为θ的足够长的固定粗糙斜面上，用一不可伸长轻绳连接。初始时轻绳右端经过定滑轮呈水平，P物体从a点由静止释放，下落到b点时速度大小为v，a、b之间的距离为l，此时连接P物体的轻绳与水平方向夹角为θ，重力加速度为g。在此过程中，下列说法正确的是(

)A.P物体做匀加速直线运动

B.P物体从a点由静止释放时加速度大小等于g

C.P物体到b点时，Q物体的速度大小为vsinθ8.如图1所示，光滑水平面上静止放置一质量为m、总电阻为r、边长为l的正方形导体框(图2为导体框的俯视图)，导体框前方l处两虚线间存在竖直向下的匀强磁场，磁场宽度大于l，磁感应强度大小为B。某时刻导体框在水平恒力F作用下开始运动。已知导体框的后边CD边进、出磁场时的速度大小均为导体框前边AB边进入磁场时速度的13，进、出磁场过程均为变速运动，则导体框在整个运动过程中，下列说法正确的是(

)

A.导体框刚进磁场时，线框的热功率为2B2l3Fmr

B.磁场的宽度为1799.某同学利用如图装置验证碰撞中的动量守恒定律，装置中桌面水平，一端固定了一弹簧枪，斜面紧贴桌面，且斜面的最高点恰好与桌面相平，该同学选了两个体积相同的钢质小球，实验步骤如下：

①用天平测出两小球的质量(分别为m1和m2)。

②先不放小球m2，把小球m1装入固定好的弹簧枪后释放，记下小球在斜面上的落点位置。

③将小球m2放在斜面最高点处，把小球m1装入固定好的弹簧枪后释放，使它们发生碰撞，分别记下小球m1和m2在斜面上的落点位置。

④用毫米刻度尺量出各个落点位置到斜面最高点的距离。图中A、B、C点是该同学记下小球在斜面上的落点位置，到斜面最高点的距离分别为x1、x2、x3。

(1)选择的水平桌面是否需要一定光滑______(选填“是”或“否”)，所选小球的质量关系是：m1要10.某实验小组打算测一未知电源的电动势和内阻，已知电动势约4V～5V，内阻约2Ω，实验室提供了如下器材：

A.电压表(量程为3V，内阻RV=3kΩ)；

B.电压表(量程为15V，内阻RV=15kΩ)；

C.电流表(量程为3A，内阻约为R1=0.1Ω)；

D.电流表(量程为400mA，内阻约为R2=8.5Ω)；

E.定值电阻(R3=2000Ω)；

F.定值电阻(R4=5Ω)；

G.滑动变阻器(最大阻值为20Ω，允许通过的最大电流为2A)；

H.滑动变阻器(最大阻值为1511.如图所示，在光滑水平平台上放置可视为质点的质量分别为mA=4kg、mB=1kg的小物块A、B。紧靠平台的光滑地面上放有质量为mC=3kg的木板C，木板C刚好与平台等高，C的左端放着一个与小物块B完全一样的小物块D(可视为质点)，两者处于静止状态，所有物块与木板之间的动摩擦因数均为μ=0.30，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。开始时A、B都静止，A、B间有一锁定的压缩轻质弹簧，弹簧与A、B不拴接，其弹性势能Ep=10J。现解除锁定，此后B与D发生碰撞后结合在一起，碰撞过程时间极短。空气阻力不计，重力加速度g取10m/s212.如图所示，直角坐标系xOy中P点(1m,0)右方边长为L=0.3m正方形边界abcd中有垂直纸面向里、磁感应强度大小为B0=0.5T的匀强磁场，P为ad中点，P点左方第一象限有竖直向上的匀强电场，第二象限有沿x轴负方向的匀强磁场。一质量m=8×10−26kg、电荷量q=8×10−19C的粒子(重力不计)从磁场边界ab上某点D(未画出)以速度大小v0=5×10513.下列对热现象的认识，说法正确的是(

)A.布朗运动是液体分子的无规则运动

B.物体温度升高时，有的分子运动速率反而减小

C.水黾能在水面自由行走是因为液体有表面张力，原因是液体表面分子间的平均距离比液体内部大

D.当把盛放气体的容器放在加速运动的高铁上时，气体的内能增大

E.分子势能和分子间作用力有可能同时随分子间距离的增大而增大14.如图所示，一根一端封闭粗细均匀的导热玻璃细管AB开口向上竖直放置(横截面积为S)，管内用高h的水银柱封闭了一段空气柱。水银柱液面距管口l0，此时该地的大气压强为p0，环境温度为T1。然后再把该容器竖直浸入温度为T2的热水中，水银柱缓慢上升，最终恰好与容器口相平，容器中封闭的气体可视为理想气体，重力加速度为g。

求：

(1)初始时，被封闭气体的长度lx；

(2)若水银密度为

15.一列简谐横波在均匀介质中沿x轴传播，t=0时刻的波形图如图1所示，其中位于x=5m位置的A点振动图像如图2所示，B为波上的一点，则下列说法正确的是(

)A.此波有可能向x轴负方向传播

B.该横波的传播速度为50m/s

C.B点对应平衡位置在x=623m

D.由t=0开始后16.如图是一横截面为三角形的玻璃三棱柱，∠A=45°，∠C=30°现有一束光线沿着截面从AC边上的O点以45°的入射角射入，折射后到达斜边BC发生反射，最后又垂直AC边射出，求：

答案和解析1.【答案】C

【解析】解：A.该核反应为重核裂变，故A错误；

B.核反应前后电荷数与质量数均守恒，是质量发生亏损，不守恒，故B错误；

C.重核裂变过程，由于质量亏损，会释放大量核能，核反应向比结台能大的方向反应，故 ​92235U核的比结合能小于 56ABa核的比结合能，故C正确；

D. ​92235U的质量数是235，质子数92，中子数是143；根据质量数守恒可得中子数A=235+2.【答案】B

【解析】解：A.根据开普勒第三定律a3T2=k，卫星在轨道Ⅱ的半长轴小于同步卫星的轨道半径，则卫星在轨道Ⅱ运行的周期小于T0，故A错误；

B.在轨道I处的速度为v0，要使卫星从轨道I到轨道Ⅱ在A点要加速，所以轨道Ⅱ上A点运行的速度大于v0，卫星从A到B减速，到B点的速度小于v0，所以卫星在轨道Ⅱ上运行的速度大小有可能大于、小于或等于v0，故B正确；

C.根据开普勒第三定律T12T22=R3(2R+h2)3解得T23.【答案】B

【解析】解：AD、撤去拉力后，两物体均做匀减速直线运动，对物体受力分析，由牛顿第二定律得：μmg=ma

解得，加速度为a=μg

v−t图像的斜率表示加速度，由v−t图像得：

aA=μAg=61m/s2=6m/s2

aB=μBg=62m/s2=3m/s2

则A、B两物体与水平面间动摩擦因数之比为μAμB=21

0～1s，两物体均从静止开始做匀加速直线运动，对物体受力分析，由牛顿第二定律得：F−μmg=ma′

解得，加速度为a′=Fm−4.【答案】D

【解析】解：AB.经分析可知，A点为运动过程中等效最低点，B点为等效最高点，对小球在这两个位置进行受力分析，如图所示

其中C点为与圆心等高的左侧点，D点为与圆心等高的右侧点

由题可知，小球放在装置内A点时恰好能保持静止

根据平衡条件有：F=mgtanα=mg

在A点给小球一个速度时

指向圆心的合力提供向心力有FN−mgcosα=mv12R

在B点根据牛顿第二定律有mgcosα=mv22R

从A到B由动能定理−mg⋅2Rcosα−F⋅2Rsi5.【答案】BC【解析】解：A.真空中两个等量异种点电荷的电场线分布如图

由图可得两电荷连线上的电场强度方向相同，从a点到b点，电场强度的大小先减小后增大，由于a点、b点关于中心对称，所以Ea=Eb>EO，故A错误；

B.cd连线为两等量异种点电荷连线的中垂线，中垂线上的电场强度方向相同，从c点到d点，电场线先变稀疏后变密集，故电场强度的大小先增大后减小，所以Ec=Ed<EO，故B正确；

CD.cd连线为两等量异种点电荷连线的中垂线，中垂线为等势面，电势都为零，即φc6.【答案】CD【解析】解：由电路图可知，副线圈中R与R0串联，电压表V2测副线圈总电压，电压表V1测电阻R两端的电压，电压表V3测R0两端的电压，电流表A测副线圈中的总电流。

A.当环境光照强度增加时，光敏电阻的阻值减小，副线圈的总电阻减小，副线圈两端的电压不变，由P=U2R总可知，副线圈的功率增大，变压器为理想变压器，所以变压器输入功率增大，故A错误；

BD.电压表V2测副线圈总电压，保持不变。当环境光照强度增加时，光敏电阻的阻值减小，由I=U2R+R0，所以I增大，由U1=IR，所以U1增大；由U3=U2−U1，所以7.【答案】BC【解析】解：AB.从a点刚释放瞬间，P物体只受重力，加速度为g，当下落到b点时，由牛顿第二定律有mg−F拉sinθ=ma

此时物体加速度小于重力加速度，加速度变化，故P物体不是做匀加速直线运动，故A错误，B正确；

C.根据沿绳方向速度相等，P物体到b点时，此时速度关系满足vQ=vsinθ，故C正确；

D.该过程由能量守恒，得2mgl=8.【答案】AB【解析】解：A.导体框进入磁场时的速度为

v=2al=2Fml

进入磁场时的电动势为：E=BLv

根据功率的计算公式可得：

P=I2r=(Blvr)2r=B2l2v2r

解得：P=2B2l3Fmr，故A正确；

B.由题意可知，导体框进、出磁场的运动过程初、末速度相等。导体框在磁场中运动过程，由动能定理可得：

F(d−l)=129.【答案】否

大于

m1【解析】解：(1)本实验要求小球m1每次到水平桌面末端的速度大小相同即可，水平桌面粗糙对此不影响，所以不一定需要光滑。

本实验要求小球m1碰后也要做平抛运动落在斜面上，不能反弹，所以要求m1>m2。

(2)由平抛运动规律

竖直方向上：xsinθ=12gt2

水平方向上：xcosθ=v0t

联立可得：v0=gxco10.【答案】A

D

G

见解析

2.7

4

【解析】解：(1)电源的电动势约4V～5V，为尽量准确测量电源的电动势和内阻，电压表应选A；

根据欧姆定律可知最大电流约为：

Imax=Er+R4=52+5A=57A

电流表应选D；

为保护电路且操作方便，滑动变阻器应选G；

(2)伏安法测电源的电动势和内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，如图

(3)由所给的U−I图像可知，则电源的电动势为

E11.【答案】解：(1)对于物块A、B以及轻质弹簧组成的系统，由于其所处平台水平光滑，所以在弹簧解锁前后，系统动量守恒且能量守恒。取向右为正方向，设物块A、B被弹开时各自的速度大小分别为vA、vB，以向左的方向为正方向，根据动量守恒定律有：mAvA−mBvB=0

根据能量守恒定律有：12mAvA2+12mBvB2=EP

解得：vA=1m/s，vB=4m/s

(2)物块D与物块B完全一样，B与D发生碰撞后结合在一起，设二者碰撞后的速度大小为vD，对于B与D组成的系统，以向右方向为正方向，根据动量守恒定律有：mBvB=2mBvD

解得：vD=2m/s

(3)设木板长度为【解析】(1)研究A与B弹开过程，根据动量守恒定律和机械能守恒定律求出碰后两者的速度；

(2)B与D碰撞后合一个整体，根据动量守恒定律求两者的共同速度；

(3)对BD和C系统，利用动量守恒定律和能量守恒定律求木板C12.【答案】解：(1)粒子从D点进入磁场后做匀速圆周运动，之后从P点沿x轴负方向进入电场，则其轨迹的圆心O′点在直线da上，可大致画出其运动轨迹，如下图所示

对粒子有洛伦兹力提供向心力qv0B0=mv02r

解得其轨道半径为r=0.1m

则a点到D点的距离l为l=r2−(L2−r)2,解得l=32m

D点的横坐标为xD=1m+32m=2+32m

(2)粒子从P点到Q点做类平抛运动，设水平位移大小为x，竖直位移大小为y，到达Q点的竖直速度为vy，有

x=v0t

y=12at2

a=Eqm

vy=at

解得E=2.5×104N/Cvy=5×105m/s

则粒子到Q点时速度为v=v02【解析】(1)画运动轨迹，根据洛伦兹力提供向心力求半径，根据结合关系求坐标；

(2)粒子从P点到Q点做类平抛运动，根据类平抛规律列式，求电场强度大小和速度大小；

(3)(4)粒子进入第二象后的运动，可分解为沿x轴负方向的匀速直线运动(速度大小为v0)，和在垂直于x轴的平面内的匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力列式，求半径和周期，粒子做周期性运动，每次经过13.【答案】BC【解析】解：A.布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动，是液体分子无规则运动的表现，故A错误；

B.分子在做无规则运动，温度升高时，所有分子热运动的平均速率增大，即大部分分子的速率增大了，但也有少数分子的速率减小，故B正确；

C.水黾能在水面自由行走是因为液体有表面张力，原因是液体表面分子间的平均距离比液体内部大，分子间作用力表现为引力，故C正确；

D.物体的内能与物体的体积、温度和物质的量有关，与物体的宏观运动无关，而体积、温度和物质的量都没有改变，因此内能不变，故D错误