安徽省六安市龙潭镇中心学校高二物理联考试题含解析_第1页
安徽省六安市龙潭镇中心学校高二物理联考试题含解析_第2页
安徽省六安市龙潭镇中心学校高二物理联考试题含解析_第3页
安徽省六安市龙潭镇中心学校高二物理联考试题含解析_第4页
安徽省六安市龙潭镇中心学校高二物理联考试题含解析_第5页
已阅读5页,还剩6页未读 继续免费阅读

下载本文档

版权说明:本文档由用户提供并上传,收益归属内容提供方,若内容存在侵权,请进行举报或认领

文档简介

安徽省六安市龙潭镇中心学校高二物理联考试题含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1.甲、乙、丙三个立方体木块重量均为10牛,叠放在一起静止放在水平地面上,各接触面之间的摩擦系数相同,均为μ=0.2,F1=1牛,方向水平向左,作用在甲上,F2=1牛,方向水平向右,作用在丙上,如图所示,地面对甲的摩擦力大小为f1,甲对乙的摩擦力大小为f2,乙对丙摩擦力大小为f3,则

A、f1=2牛、f2=4牛、f3=0

B、f1=1牛、f2=1牛、f3=1牛

C、f1=0、

f2=1牛、f3=1牛

D、f1=0、

f2=1牛、f3=0参考答案:C2.(单选)在物理学史上,第一位发现电流周围存在磁场的科学家是A.奥斯特 B.伽利略

C.焦耳

D.牛顿参考答案:A3.在下列那种情况下,会使得站在升降机里的人出现失重现象A.升降机匀速上升

B.升降机加速上升C.升降机减速下降

D.升降机加速下降参考答案:D4.(单选)在用电高峰期,电灯往往会变暗,其原理可简化为如图所示的物理问题.理想变压器的副线圈上,通过输电线连接两只相同的灯泡L1和L2,输电线的等效电阻为R,原线圈输入有效值恒定的交流电压,当开关s闭合时,以下说法正确的是()A.变压器原线圈中电流保持不变B.变压器副线圈两端的电压保持不变C.变压器原线圈输入功率保持不变D.变压器副线圈输出电流保持不变参考答案:解:A、开关S闭合后,副线圈总电阻减小,副线圈电压由原线圈和匝数比决定,而原线圈电压和匝数比都没有变,所以副线圈输出电压不变,根据欧姆定律得副线圈的电流增大,原线圈的电流也增大,故A、D错误,B正确;C、原线圈的电压不变,而电流增大,故原线圈的输入功率增大,故C错误;故选:B.5.下面关于物体动量和冲量的说法不正确的是A.物体所受合外力冲量越大,它的动量也越大B.物体所受合外力冲量不为零,它的动量一定要改变C.物体动量增量的方向,就是它所受冲量的方向D.物体所受合外力越大,它的动量变化就越快参考答案:A二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6.如图所示,理想变压器的原、副线圈匝数之比n1n2=4:1,原线圈回路中的电阻A与副线圈回路中的负载电阻B的阻值相等.a、b端加一交流电压U后,输入电压U和B两端电压UB之比是____________.参考答案:17:47.如图所示,一验电器与锌板相连,在A处用一紫外线灯照射锌板,关灯后,指针保持一定偏角.(1)现用一带负电的金属小球与锌板接触,则验电器指针偏角将

(填“增大”“减小”或“不变”).(2)使验电器指针回到零,再用相同强度的钠灯发出的黄光照射锌板,验电器指针无偏转.那么,若改用强度更大的红外线灯照射锌板,可观察到验电器指针

(填“有”或“无”)偏转.参考答案:(1)减小;(2)无【考点】光电效应.【分析】(1)用一紫外线灯照射锌板,产生光电效应现象,根据锌板的电性,分析用带负电的金属小球与锌板接触后,验电器指针偏角的变化.(2)红光的频率比黄光低,黄光照射锌板,验电器指针无偏转,黄光不能使锌板产生光电效应,红光也不能使锌板产生光电效应.【解答】解:(1)在A处用一紫外线灯照射锌板,锌板产生光电效应,光电子射出后,锌板带正电,用一带负电的金属小球与锌板接触,则验电器指针偏角将减小.(2)用黄光照射锌板,验电器指针无偏转,说明黄光不能使锌板产生光电效应,红光的频率比黄光低,红光也不能使锌板产生光电效应,验电器指针无偏转.故答案为:(1)减小;(2)无8.(8分)频率为50Hz的正弦电流,对人体的安全电压有效值不能超过36V,这个交流电压的周期是______________s,峰值是___________________。参考答案:0.02;50.4~50.99.如下图所示是研究电磁感应现象的实验仪器,虚线框内给出了原、副线圈导线的绕法,实验前已查明电流表中电流从左接线柱流入时指针向左偏.(1)用笔画线代替导线在答卷对应的图上连接好实验电路.(2)若实验中原线圈插入副线圈后,开关S闭合的瞬间,观察到电流表指针向左偏,试在电路连接图中标出电源的正、负极.(3)若将原线圈拔出,则拔出时电流表指针向________偏.参考答案:(1)(2)如下图所示(3)右10.一个平行板电容器,当其电荷量增加△Q=1.0×10﹣6C时,两板间的电压升高△U=10V,则此电容器的电容C=

F.若两板间电压为35V,此时电容器的带电荷量Q=

C.参考答案:1.0×10﹣7,3.5×10﹣6试题分析:电容的定义式为C=,对于给定的电容器,电容是一定的,根据数学知识得到C=,由此式求解电容.由C=变形求解电量.解:已知△Q=1.0×10﹣6C,△U=10V,则电容器的电容C==1.0×10﹣7F由C=变形得,Q=CU=1.0×10﹣7×35C=3.5×10﹣6C故答案为:1.0×10﹣7,3.5×10﹣6【点评】本题考查电容器的电容公式的掌握情况和应用能力,对于给定的电容器,其电容是一定的,由电容器本身的特性决定,与电容器的电量、电压无关.11.如图所示的电路中,电源的电动势为6V,内阻1Ω,两定值电阻的阻值分别为9Ω和10Ω,开关S闭合后,电路中的电流为

A,A、B间的电压为

V.参考答案:0.3

3

12.如图所示为某型号国产电池外壳上的说明文字:(1)电源是把其它形式的能转化为

的装置,电动势是描述电源这种本领的物理量。由右图可知该电池的电动势为

V;(2)该电池最多可放出

mA·h的电荷量。或电池的平均工作电流为0.05A,则它最多可使用

h。参考答案:13.如图,带电量为+q的点电荷与均匀带电薄板相距为2d,点电荷到带电薄板的垂线通过板的几何中心.若图中a点处的电场强度为零,根据对称性,带电薄板在图中b点处产生的电场强度大小为

,方向

.(静电力恒量为k)参考答案:解;q在a点形成的电场强度的大小为,方向向左;因a点场强为零,故薄板在a点的场强方向向右,大小也为,由对称性可知,薄板在b点的场强也为,方向向左;故答案为:,水平向左;三、实验题:本题共2小题,每小题11分,共计22分14.下图中游标卡尺的读数为__________mm,螺旋测微器的读数为__________mm参考答案:18s

38s15.验证机械能守恒定律的实验装置如图甲所示。①安装打点计时器时,应使打点计时器的平面在________________平面内。②图乙为实验所得的一条纸带,在纸带上选取了点迹清晰、连续的3个点A、B、C,测出A、B、C与起始点O之间的距离分别为h1,h2,h3。已知打点周期为T,当地重力加速度为g。甲、乙两同学分别用表达式、来计算B的速度。那么,其中______同学的计算方法更符合实验的要求。③本实验中产生系统误差的主要原因是__________________________________。参考答案:四、计算题:本题共3小题,共计47分16.光滑M形导轨,竖直放置在垂直于纸面向里的匀强磁场中,已知导轨宽L=0.5m,磁感应强度B=0.2T.有阻值为0.5W的导体棒AB紧挨导轨,沿着导轨由静止开始下落,如图所示,设串联在导轨中的电阻R阻值为2W,其他部分的电阻及接触电阻均不计.问:(1)导体棒AB在下落过程中,产生的感应电流的方向和AB棒受到的磁场力的方向.(2)当导体棒AB的速度为5m/s(设并未达到最大速度)时,其感应电动势和感应电流的大小各是多少?参考答案:(1)电流方向是A—→B,磁场力方向竖直向上.

(2)e=BLv=0.2×0.5×5=0.5(V)ks5u17.如图所示,水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m,a、b间的电场强度为E=3.0×103N/C,b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=0.3T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=2.4×10-13kg、电荷量为q=4.0×10-8C的带正电的粒子(不计重力),从贴近a板的左端以v0=1.0×104m/s的初速度从A点水平射入匀强电场,刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场,最后粒子回到b板的Q处(图中未画出).求:(1)粒子到达P处时的速度大小和方向;(2)P、Q之间的距离L;(3)粒子从A点运动到Q点所用的时间t.参考答案:(1)粒子a板左端运动到P处,由动能定理得A

代入有关数据,解得×104m/s,代入数据得θ=450

(4分)(2)粒子在磁场中做匀速圆周运动,圆心为O,半径为r,如图.由几何关系得

联立求得

代入数据解得L=0.4m.

(3分)(3)粒子在P点沿电场方向的速度v1=

=1.0×104m/s在电场中运动的时间

t1=v1m/qE=2×10-5s在磁场中运动的时间

t2=Лm/2qB=3.14×10-5s粒子从A点运动到Q点所用的时间

t=t1+t2=5.14×10-5s

(3分)

18.如图所示,光滑水平面上质量为m1的小球,以初速度v0冲向质量为m2的静止光滑圆弧面斜劈,圆弧小于90°且足够高.求:(1)小球能上升的最大高度;(2)斜劈的最大速度.参考答案:解:(1)以m1、m2组成的系统为研究对象,当m1在m2上滑动时二者存在相互作用,但在水平方向上不受外力,因此系统在水平方向上动量守恒.设m1滑到最高点位置时,二者的速度为v,取水平向右为正方向,由动量守恒定律有:m1v0=(m1+m2)v

得:v=对m1、m2组成的系统,由机械能守恒定律有:m1v02﹣(m1+m2)v2=m1gh

解得:h=(2)设m1、m2分离时二者的速度分别为v1、v2,v2即为m2的最大速度,由动量守恒和机械能守恒有:m1v0=m1v1+

温馨提示

  • 1. 本站所有资源如无特殊说明,都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。图纸软件为CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.压缩文件请下载最新的WinRAR软件解压。
  • 2. 本站的文档不包含任何第三方提供的附件图纸等,如果需要附件,请联系上传者。文件的所有权益归上传用户所有。
  • 3. 本站RAR压缩包中若带图纸,网页内容里面会有图纸预览,若没有图纸预览就没有图纸。
  • 4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
  • 5. 人人文库网仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对用户上传分享的文档内容本身不做任何修改或编辑,并不能对任何下载内容负责。
  • 6. 下载文件中如有侵权或不适当内容,请与我们联系,我们立即纠正。
  • 7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。

评论

0/150

提交评论