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文档简介
2023年中考物理模似试卷考生须知:1.全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题(本大题7小题,每题3分,共21分)1.如图是一款新型水杯,在杯的夹层中封入适量的固态物质,实现了“快速降温”和“快速升温”的功能.使用时,将水杯上下晃动几分钟,可以将100℃的开水降温至55℃左右的温水,也可以将冷水升温至55℃左右的温水,这款水杯被广泛称为“55°杯”.“55°杯”的工作原理是()A.首次使用时,必须加注热水;降温时利用物质熔化吸热;升温时利用凝固放热B.首次使用时,必须加注冷水;降温时利用物质凝固放热;升温时利用熔化吸热C.首次使用时,加注冷热水均可;降温时利用物质熔化吸热;升温时利用凝固放热D.首次使用时,加注冷热水均可;降温时利用物质凝固放热;升温时利用熔化吸热2.关于运动和力,下列说法正确的是A.运动的物体一定受到摩擦力的作用B.做曲线运动的物体一定受到力的作用C.物体一定沿着受到的力的方向运动D.用杯子把水泼出去是利用了杯子的惯性3.如图在探究“不同物质的吸热能力”时,同学们使用的器材有:相同规格的电加热器、玻璃杯、温度计、初温和质量都相同的水和食用油,关于实验,下列说法正确的是()A.食用油吸热升温快,说明食用油吸热能力强B.物体吸热多少是由它的物质种类决定的C.加热相同的时间,末温低的物体吸热能力强D.将食用油和水加热到相同的温度时,它们吸收的热量相同4.分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组,在5s内将重为100N的物体G匀速提升2m,每个滑轮的重均为20N.不计绳重及摩擦,此过程中A.做的功小于做的功B.做功的功率大于做功的功率C.移动的距离小于移动的距离D.甲装置的机械效率高于乙装置的机械效率5.如图所示是某老师的自制教具,他在矿泉水瓶的侧壁上钻一个孔,把电火花发生器紧紧塞进孔中,实验时从瓶口喷入酒精并盖上锥形纸筒,按动电火花发生器的按钮,点燃瓶内酒精后,纸筒即刻飞出,瓶口出现大量白气,关于此实验,分析正确的是()A.矿泉水瓶中的酒精如果没有完全燃烧,其热值会变小B.纸筒飞出后的瞬间瓶口出现的白气是汽化形成的C.燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的压缩冲程D.纸筒飞出时发生的能量转换是内能转化为机械能6.以下几个实验现象中,能说明声音产生原因的是()A.放在玻璃钟罩内的铃正在发声,把玻璃钟罩内的空气抽去,铃声明显减弱B.把正在发声的收音机密封在塑料袋里放入水中,仍能听到收音机发出的声音C.拉小提琴时,琴弦的松紧程度不同,发出的声音不相同D.拨动吉他的琴弦发出声音时,放在弦上的小纸片会被琴弦弹开7.在如图所示的电路中,电源电压保持不变.现有三个定值电阻(R1<R2<R3),选择其中两个电阻分别接入ab之间和cd之间,闭合电键S,电压表V1示数与电压表V2示数比值最大,则A.R1接入ab之间,R2接入cd之间 B.R1接入ab之间,R3接入cd之间C.R3接入ab之间,R1接入cd之间 D.R2接入ab之间,R3接入cd之间二、填空题(本大题7小题,共21分)8.如图所示,容器中间用隔板分成两部分,隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭,橡皮膜两侧压强不同时其形状为一凹面.它可以用来做“探究液体压强跟深度、液体密度有关”实验.要探究液体压强跟深度的关系,在容器的左、右两部分装入密度_____(填“不同”或“相同”)的液体,会看到橡皮膜凸向深度_____(选填“大”或“小”)一侧.要探究液体压强跟密度的关系,某同学在两侧装入酒精和水,如图,若橡皮膜表面平整,则在容器的右侧装入的是_____(“酒精”或“水”).9.2015年3月9日,全球最大太阳能飞机“阳光动力2号”,在阿联酋首都阿布扎比发射,开始5个月的环球飞行.机翼安有1.7万块太阳能电池板,翼展72米,重量仅相当于一辆汽车.太阳能电池板是将太阳能转化为能,在空中飞行时是根据原理获得升力的.飞行员通过和地面指挥中心相联系.10.平昌冬奥会上,运动员穿着滑雪板踩在松软的雪地上发现雪地凹陷下去,说明力可以改变物体的_____;手杖轻轻一推,运动员向前滑了出去,说明物体间力的作用是_____.11.如图,将盛满水的圆柱形透明玻璃杯贴近书本,并逐渐增大玻璃杯子到书本的距离,尝试透过玻璃杯观看书上的鹦鹉图片(圆圈中的鹦鹉图与书本中的鹦鹉图实际大小相等),他所看到像不可能是___(选填“A”、“B”、“C”或“D”,下同).在书本逐渐远离玻璃杯子的过程中,依次看到像是图乙中的___.12.现在很多大型商场都安装了如图所示的“聪明的电梯”,无人乘梯和有人乘梯时电梯运行的速度会发生变化。这种电梯的简易控制电路如图15所示,是一个压敏电阻,其阻值随压力的增大而减小。当人走上电梯后,电磁继电器控制电路中的电流______(选填“增大”或“减小”),和衔铁相连的动触点与静触点______(选填“1”或“2”)接触,电动机的转速变快,使电梯的运行速度加快。13.如图所示,在探究“凸透镜成像的规律”实验中,蜡烛、透镜、光屏的位置如图所示,光屏上成一个清晰的像,应用这一原理可制成_______;再将蜡烛远离透镜,同时将光屏_______(填“远离”或“靠近”)透镜,才能在光屏上再次成一个清晰的像.14.为了探究物体对水平面的压力改变时水平面受到压强的变化量与哪些因素有关,某小组同学将底面积不同的物体置于同一海绵上进行实验。他们改变物体对海绵的压力,并用海绵下陷深度的变化量来反映压强的变化量。他们进行了三组实验,记录有关数据分别如表一、表二、表三所示。通过比较,他们发现每一组海绵下陷深度的变化量相同,而各组却不同,第一组下陷深度的变化量最大,第二组其次,第三组最小。表一实验序号压力变化(牛)受力面积(厘米2二实验序号压力变化(牛)受力面积(厘米2)4555101061515表三实验序号压力变化(牛)受力面积(厘米2)7568101291518①分析比较实验序号_____的数据及观察到的现象,可得出的初步结论是:当压力变化量相同时,受力面积越小,水平面受到压强的变化量越大。②分析比较实验序号2与7的数据及观察到的现象,可得出的初步结论是:当受力面积相同时,_____。③进一步综合分析比较表一、表二、表三中的数据及观察到的现象,并归纳得出结论:(a)分析比较_____中的数据及观察到的现象,可归纳得出结论:_____。(b)分析比较_____中的数据及观察到的现象,可归纳得出结论:_____。三、作图题(共7分)15.在如图中,重为2牛的物体保持静止,用力的图示法画出物体受到的重力G.16.如图,作出射向平面镜的入射光线,再作出射向凹透镜后的折射光线.17.在图中,画出沿光滑斜面上向上运动的物体A的重力示意图。(________)四、实验题(本大题共5小题,共20分)18.小张同学在做“测量小灯泡电阻”的实验中,所用器材如下:两节新干电池,标有2.5V相同规格的小灯泡若干,两个滑动变阻器R1“10Ω1A”、R2“20Ω2A”,开关、导线若干.请你根据图甲,用笔画线代替导线,将图乙中的电路连接完整(要求:滑动变阻器滑片P右移灯泡变亮,且导线不交叉).闭合开关前,滑片P应位于_____(选填“A”或“B”)端.正确连接电路后,闭合开关S,移动滑片P,小张发现小灯泡始终不亮,电流表指针几乎未偏转,电压表有示数,则故障原因可能是_____.A.小灯泡短路B.滑动变阻器短路C.小灯泡断路D.滑动变阻器断路排除故障后,移动滑片P,依次测得6组数据,如表一所示.其中第2次实验时电流表表盘如图丙,此时电路中的电流为_____A;第4次实验时灯泡电阻值为_____Ω.由表一中的数据可知,小张选用的滑动变阻器应是_____(选填“R1”或“R2”).小张将这6组数据算得的电阻值取平均值作为小灯泡的电阻,这种数据处理方式是_____(选填“合理”或“不合理”)的,理由是_____.表一实验次数123456电压U/V0.51.01.52.02.52.8电流I/A0.160.220.250.280.29电阻R/Ω3.16.88.99.7表二实验次数123电阻R/Ω51020电流I/A0.300.200.12(5)小张继续用图乙所示装置来探究“电流与电阻的关系”.他分别把阻值准确的5Ω、10Ω、20Ω的定值电阻接入原小灯泡的位置,通过实验,记录电流表示数如表二所示.他发现通过导体的电流跟电阻不成反比,其原因可能是:_____.19.在“测量小灯泡的电功率”的实验中,小灯泡的额定电压为2.5V,正常发光时的电阻约为8Ω.(l)在图17甲中,有一根导线未连接,请用笔画线代替导线将电路连接完整_______.(2)闭合开关后,小灯泡不亮,电流表没有示数,电压表有较大的示数.经检查,导线连接完好,则电路故障可能是小灯泡发生了_______(选填“短路”或“断路”).(3)移动滑片P到某一位置时,电压表示数如图17乙所示,为______V;此时要测量小灯泡的额定功率,应持滑片P向_________(选填“左”或“右”)端移动,移动滑片P,记下多组对应的电压表和电流表的示数,并绘制成图17丙所示的I-U图像;(4)由图像可计算出小灯泡的额定功率是______W.(5)完成上述测量后,不用电压表,用如图18所示的电路也可测量已知额定电流的小灯泡的额定功率,已知小灯泡的额定电流为I额,定值电阻的阻值为R1.实验步骤如下,请补充完整:①_________________;②闭合开关S、S1,断开开关S2.记下此时电流表的示数为I;③小灯泡的额定功率的表达式为P额=________.20.小明测量小石块的密度,进行了如下实验:(1)将天平放在水平桌面上,游码放在标尺左端零刻度线处,发现指针静止时如图甲所示,应将天平的平衡螺母向_____端调,使横梁平衡:(2)如图乙所示,小石块的质量为_____g;(3)将小石块放入盛行50mL水的量筒中,静止时液面情况如图丙所示,则小石块的密度是___kg/m3;21.在做“探究凸透镜成像的规律”的实验中小莉将凸透镜正对太阳光,在透镜的另一侧移动光屏,在距透镜10cm处,屏上呈现出最小最亮的光斑,则此凸透镜焦距约是_____cm.小莉同学做实验时,发现烛焰在光屏上的像如图甲所示,若要使烛焰在光屏中心成像,只调节透镜,应将透镜向_____(上/下)调节.若将烛焰移至距凸透镜15cm处,移动光屏,使烛焰在光屏上得到倒立、_____、清晰的实像,_____(照相机/幻灯机/放大镜)就是应用这一原理制成的.当烛焰通过凸透镜在光屏上成一实像时,如果凸透镜被某同学用纸片挡住一半,则光屏上所成的像将_____(完整/不完整),像的明暗将_____(变亮/变暗/不变).小明提出用9个红色的发光二极管按“F”字样镶嵌排列在白色方格板上替代蜡烛作为光源,又用同样的白色方格板做成光屏,实验使用实验装置如图乙所示,同学们对小明使用的实验装置进行如下评价,其中错误的是_____.A.与烛焰相比,实验使用的光源不会晃动,光屏上所成的像比较稳定B.光源镶嵌在白色方格板上,用同样的白色方格板做光屏,便于比较像与物的大小C.零刻度线刻在光具座标尺的中央,可直接测出物距和像距D.若凸透镜的焦距未知,则利用此实验装置不能测量凸透镜的焦距.22.利用如图甲所示的实验装置探究“沙子和水的温度变化与吸热的关系”.操作如下:在两烧杯中分别装入初温度相同且______相等的沙子和水.用相同的酒精灯火焰加热,并用玻璃棒不断搅拌,每隔相同的时间记录一次温度,其中某时刻的温度如图乙所示,其示数为______℃,根据实验数据绘制成温度与时间的关系图象,如图丙所示;实验中,是通过比较______来间接反映沙子和水吸收的热量;分析图象可知,对于质量相等的沙子和水,升温较快的是______;若使两者升高相同的温度,则______吸收的热量较多,由此可见,______的比热容较大.五、计算题(本大题共2小题,共13分)23.小明妈妈为奶奶买了一个电热足浴盆(如图所示),内部由加热系统和按摩系统两部分组成。加热系统的加热电阻额定电压220V,额定功率605W.问:小明帮奶奶泡脚时,向足浴盆中加入6kg初温为20℃的水,加热系统的加热电阻正常工作15min将水加热到40℃,此加热过程中水吸收的热量是多少?消耗的电能是多少?[c水=4.2×103J/(kg•℃)]当小明家的实际电压是200V时,加热电阻工作的实际功率是多少?足浴盆按摩系统中的电动机工作电压是12V(按摩系统将交流电压转换为12V),工作电流为4A,其电阻为0.5Ω,电动机工作中因发热损失的功率是多少?24.如图所示,小型牵引车通过滑轮组可以将重物匀速吊起,若每次重物均以0.4m/s的速度匀速上升,且滑轮的摩擦和绳重均可忽略不计。当吊起质量为270kg的重物A时,牵引车对绳的拉力为F,滑轮组的机械效率为90%,取g=10N/kg。求:拉力F的大小。动滑轮所受的重力。拉力F的功率P。六、综合能力题(本大题共3小题,共18分)25.我国自主研制的“蛟龙”号载人深潜器具备了在全球99.8%的海洋深处开展科学研究、资源勘探的能力,它具有国外深潜器所不具备的自动定向、定高、定深三大功能.“蛟龙”号的下潜是通过加载压载铁和注水实现,而它的悬停或上浮则要通过适时抛掉一定数量的压载铁来实现.潜艇下潜的深度一般是几百米,而“蛟龙”号最大工作设计深度为7000m.当它下潜到6500m深处悬停勘探时,若此深度海水的密度为1.05×103kg/m3,则它的外壳受到海水压强约为多少?若“蛟龙”号的质量约为22t,则它的体积约为多大?为什么“蛟龙”号不像一般潜艇那样采用排水的方法实现上浮?请写出你认为可能的原因.26.请你阅读下面的短文,回答问题.“宇宙级快递小哥”出发了2017年4月20日19时41分35秒,搭载“天舟一号”货运飞船的“长征七号”运载火箭(图1),在我国海南文昌航天发射场点火发射.飞船按计划抵达预定轨道,“长征七号”运载火箭发射取得圆满成功.“天舟一号”是我国首个货运飞船,4月22日12时23分,“天舟一号”货运飞船和“天舟二号”空间实验室在太空完成首次交会对接.“长征七号”运载火箭上还安装了“箭载摄像机”,火箭上升时可拍到摄像机镜头下方箭体周围的实况…“长征七号”火箭加速上升时受到的力是(选填“平衡力”或“非平衡力”),所搭载的“天舟一号”货运飞船在此上升过程中的机械能(选填“增大”、“减小”或“不变”).如图2所示是“箭载摄像机”在火箭上升时拍得的一幅图片,这是光线通过镜头时发生了光的(选填“反射”或“折射”)后在感光元件上所成的像;摄像机在高温环境下工作,镜头用耐高温的二氧化硅(SiO2)晶体制成,这是因为二氧化硅晶体具有较高的.小明观看火箭发射时的电视直播,看到捆绑在箭体上的助推火箭的燃料耗尽立即与箭体分离,之后又上升了一段距离才下坠而远离箭体.请你用所学的物理知识解释为什么助推火箭离开箭体后上升了一段距离才下坠..27.某品牌智能滚筒洗衣机具有洗净度高、不伤衣物、可设定洗涤温度、方便安全等优点。其筒化等效电路如图所示,此时处于空挡位置。闭合开关S,旋钮绕P转动,实现挡位转换,旋至1挡时R1、R2同时工作,洗衣机处于加热状态;旋至2挡时R2和电动机同时工作,洗衣机处于保温洗涤状态。R1和R2均为电热丝,其阻值不受温度影响,R1=22Ω,主要参数如下表。[c水=4.2×103J/(kg•℃)]***牌智能滚筒洗衣机额定电压220V加热功率2400W设定温度范围10℃~90℃电动机功率240W防电墙电阻1×106Ω“防电墙”是在洗衣机内部形成永久性电阻。发生漏电时,电流依次经防电墙和人体流入大地,若人体的最大电阻为1×105Ω,防电墙技术______(能、不能)保证人的安全。洗衣机内注入10kg的水,在额定电压下连续加热1050秒,水温由20℃上升到50℃,此过程中的加热效率是多少__________?R2阻值是多少_________?洗衣机处于保温洗涤状态时,干路电流是多少______?
参考答案一、单项选择题(本大题7小题,每题3分,共21分)1、A【解析】
首次使用时,必须加注开水倒入杯中,此时海波晶体被熔化,此过程海波会吸收热量,当水的温度下降55℃以下时,此时海波会凝固,会放出热量,在此过程中水能较长时间保持水温不变.故选A.2、B【解析】
A.运动的物体不一定受摩擦力的作用,如在空中运动的足球,故A错误;B.做曲线运动的物体运动方向时刻改变,运动状态时刻在改变,即物体处于非平衡状态,物体一定受到力的作用,故B正确;C.向上抛出去的篮球,向上运动,此时受到重力和空气阻力的作用,这两个力方向都向下,故C错误;D.用杯子把水泼出去时,杯子和水一起运动,当杯子停下时,水由于惯性仍保持原来的运动状态,所以水就出去了,故D错误3、C【解析】
A.实验中,食用油吸热升温较快,由说明食用油的比热容小,吸热能力较弱,故选项A错误.B.在本实验中,加热时间越长说明物体吸热越多,故选项B错误.C.实验中,加热相同的时间,说明吸收了相同的热量,由可知,末温低的物质比热容大,吸热能力强,故选项C正确.D.由Q=cmΔt可知,质量相同的水和食用油,由于比热容不同,并且初温相等,则当末温相同时,吸收的热量不相同,故选项D错误.4、C【解析】根据题意知道,甲乙滑轮组提升物体的重力G相等,物体上升的高度h和匀速提升时间t均相等,动滑轮的重力G动相等.不计绳重及摩擦,克服物体和动滑轮重力做的功为拉力做的总功,由W总=(G+G动)h得,F甲做的功等于F乙做的功,故A错误;由P=W总/t得,F甲做功的功率等于F乙做功的功率,故B错误;由图知道,n甲=2,n乙=3,由s=nh得,F甲移动的距离小于F乙移动的距离,故C正确;有用功为克服物体重力做的功,由W有=Gh知道,两滑轮组做的有用功相等,且两滑轮组拉力做的总功相等,由η=W有/W总×100%知道,甲装置的机械效率等于乙装置的机械效率,故D错误,故选C.5、D【解析】
A.热值是燃料的一种特性,其大小只与燃料的种类有关,与燃料是否充分燃烧无关,故A错误;B.瓶口出现的白气是由水蒸气液化形成的,故B错误;C.燃气推动纸筒飞出的过程是燃气推动纸筒做功的过程,相当于内燃机的做功冲程,故C错误;D.纸筒飞出后瓶内气体的内能减小,内能转化为机械能,故D正确.故选D.6、D【解析】
A、放在玻璃钟罩内的电铃正在发声,把玻璃钟罩内空气抽去一些后,钟声明显减弱,说明声音可以在空气中传播,但不能在真空中传播,不符合题意;B、把正在发音的收音机密封在塑料袋内,然后放入水中,人们能听到收音机发出的声音,说明声音可知在空气和水中传播,不符合题意;C、拉小提琴时,琴弦的松紧程度不同,会导致声音的音调不同,不符合题意;D、拨动吉他的琴弦发出声音时,放在琴弦上的小纸片会被琴弦弹开,说明琴弦发声是由琴弦振动产生的,符合题意;故选D.7、C【解析】
由图可知电阻分别接入ab之间和cd之间以后,两电阻串联,电压表V1测ab间的电压,电压表V2测电源电压,根据串联分压的规律电压比等于电阻比,可知当接入ab之间和cd之间的电阻阻值相差最大时,两电压表的示数比值最大,所以应将R3接入ab之间,R1接入cd之间,故ABD错误,C正确.二、填空题(本大题7小题,共21分)8、(1)相同小(2)酒精【解析】试题分析:(1)要探究液体压强和深度的关系,要控制液体密度一定,所以两侧装同种液体;密度相同时,深度小的压强小,所以橡皮膜会向深度小的一侧凸起;(2)两侧分别装入酒精和水时,若橡皮膜平整,说明两侧压强相等,由于,所以,右侧装的是酒精.考点:液体压强9、电流体流速大的位置压强小(流体压强与流速的关系)电磁波【解析】试题分析:太阳能电池板利用太阳能得到了电能,故是将太阳能转化为成电能;由流体的压强随流动的速度增大而减小,使得飞机获得了上升的升力;由于电磁波能在真空中传播,所以飞行员是通过电磁波与地面联系的;【考点定位】太阳能;电磁波10、形状相互【解析】力的作用效果有两个:一是改变物体的运动状态(指速度的大小和方向),二是改变物体的形状运动员穿着滑雪板踩在松软的雪地上发现雪地凹陷下去,说明力可以改变物体的形状,手杖轻轻一推,运动员向前滑了出去,说明物体间力的作用是相互的.11、DABC【解析】
因为左右方向的玻璃杯面是一个弧形样子,左右中间厚边缘薄,与凸透镜一样,所以是左右方向发生变化;当物距小于焦距时,成正立放大的虚像,即左右变大;当物距大于焦距小于二倍焦距时,成倒立、放大的实像,即左右颠倒;当物距等于二倍焦距时,成倒立、等大的实像,即左右颠倒;当物体大于二倍焦距时,成倒立、缩小的实像,即左右颠倒。由于玻璃杯面上下相同(不是弧形样子),不会起到放大作用,所以像与图片应该是左右发生变化,而上下与图片相同,故不可能出现D选项中的图片。由以上分析可知,在书本逐渐远离玻璃杯子的过程中,依次看到像是图乙中的ABC.12、增大2【解析】
根据题文和题图可知,本题说明“聪明电梯”的工作原理,考查了应用物理知识解决实际问题的能力,关键是认清电路的构造,联系所学知识进行解答。【详解】当人走上电梯后,压敏电阻的阻值减小,控制电路中电流增大,电磁铁磁性变强,则衔铁被吸下,和衔铁相连的动触点与静触点2接触,则电阻R1被短路,电动机两端电压增大为电源电压,通过电动机的电流变大,电动机转速变快,使电梯运行速度加快。13、投影仪靠近【解析】
由图知,物距小于像距,此条件下凸透镜成倒立放大的实像,所以此时在光屏上得到的是倒立、放大的实像,其应用是投影仪、幻灯机或电影机;再将蜡烛远离透镜,即物距增大,则像距应减小,所以需要将光屏靠近凸透镜,才能在光屏上再次成一个清晰的像.【点睛】凸透镜成像规律的实验是常考试的内容,要掌握成像时物距和像距变化的特点,当物距增大时,像距减小,像也会变小,这里的像变小,是与之前比变小,要比较像与物体的大小,要看像距和物距的比较,像距大于物距,像就放大.14、1、4、7或2、5、8或3、6、9压力变化量越小,水平面受到压强的变化量越小表一、表二或表三当压力变化量与受力面积的比值相等时,水平面受到的压强变化量相等表一、表二和表三当压力变化量与受力面积的比值越小时,水平面受到的压强变化量越小。【解析】
①研究当压力变化量相同时,压强变化量与受力面积的关系,根据控制变量法,控制压力变化相同,只改变受力面积大小,故分析比较实验序号1、4、7或2、5、8或3、6、9的数据及观察到的现象,可得出的初步结论是:当压力变化量相同时,受力面积越小,水平面受到压强的变化量越大;②分析比较实验序号2与7的数据知,压力变化量实验序号7中较小,而受力面积相同,由已知条件,第一组下陷深度的变化量最大,第二组其次,第三组最小,可得出的初步结论是:当受力面积相同时,压力变化量越小,水平面受到压强的变化量越小;③(a)分析比较中的表一或表二或表三数据,压力变化量与受力面积之比:==,即压力变化量与受力面积之比相等,由已知条件:每一组海绵下陷深度的变化量相同,故可归纳得出结论:当压力变化量与受力面积的比值相等时,水平面受到的压强变化量相等;(b)分析比较表一、表二和表中的数据及观察到的现象,压力变化量与受力面积之比分别为:、、,即压力变化量与受力面积之比越来越小,由已知条件,第一组下陷深度的变化量最大,第二组其次,第三组最小,即水平面受到的压强变化量越小。可归纳得出结论:当压力变化量与受力面积的比值越小时,水平面受到的压强变化量越小。三、作图题(共7分)15、【解析】试题分析:画出大小表示1N的标度,然后过物体重心作竖直向下、大小为2N的重力.如图所示:16、【解析】
由图知道,反射光线与镜面的夹角为30°,所以反射角是90°-30°=60°,即入射角也为60°,过入射点A做出平面镜的法线,再根据入射角等于60°在法线左侧作出入射光线,并标出入射角的度数60°;再根据平行于主光轴的光线经凹透镜折射后,其折射光线的反向延长线过焦点,做出凹透镜后的折射光线,光路如下:17、【解析】
重力的方向是竖直向下的,过物体A的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段,用G表示,如图所示:四、实验题(本大题共5小题,共20分)18、AC0.28R2不合理灯丝的电阻会随温度变化没有控制电阻两端的电压不变【解析】
(1)测量小灯泡电阻的实验中,滑动变阻器应“一上一下”串联接入电路中,P向右移动时灯泡变亮,说明电路中电流变大,变阻器连入阻值变小,故应将其右下接线柱接入电路中,如图所示:(2)为了保护电路,闭合开关前,应将滑片P置于阻值最大处,即A端;电流表指针几乎没有偏转,灯不亮,说明电路可能断路;电压表有示数,说明电压表与电源连通,则与电压表并联的支路以外的电路是完好的,则与电压表并联的灯泡断路了,故选C;(3)图丙中电流表量程为0~0.6A,分度值为0.02A,电流表示数为0.2A;由表中数据可知,第4次实验时灯泡两端电压2.0V,电流0.25A,此时灯泡电阻值为:RL===8Ω;电源由两节干电池串联组成,则电源电压为3V,第1次实验时灯泡两端的电压为0.5V,则滑动变阻器两端的电压为:U'=3V-0.5V=2.5V,此时变阻器连入电路中的电阻:R滑=≈15.6Ω>10Ω,这说明小张选用的滑动变阻器应是R2;(4)灯泡的电阻随温度的变化而变化,不是一个定值,故取平均值没有意义,是不合理的;(5)实验时,分别把5Ω、10Ω、15Ω电阻接入原灯泡位置,通过实验,记录电流表示数如表二所示;分析表二数据可知,通过导体的电流跟电阻不成反比,且每次实验中电流与电阻的乘积是不同的(即电压不同),所以其原因是没有控制电阻两端的电压不变.19、断路2.2右3.75闭合开关S、S2,断开开关S3.调节滑动变阻器的滑片,使电流表的示数为I额P额=R3(I-I额)I额【解析】
(3)灯泡正常发光时的电流I==3.3325A,所以电流表选用小量程,电流从正接线柱流入,从负接线柱流出,如下图所示:(2)电流表无示数,说明电路断路;电压表有示数,说明电压表的正负接线柱与电源两极相连,因此电路故障为灯泡断路;(3)电压表使用3∼3V量程,每一个大格代表3V,每一个小格代表3.3V,电压为2.2V.要使灯泡正常工作,灯泡两端电压从2.2V增大到2.5V,就要减小变阻器的电压,根据分压原理,滑动变阻器连入电路中的电阻要减小,滑片向右端移动,使电压表的示数为2.5V.(4)从图象得知,灯泡在2.5V下的电流为3.3A,P=UI=2.5V×3.3A=3.75W.(5)①闭合开关S、S2,调节滑动变阻器R的滑片P,使电流表示数I3=I额;②闭合开关S、S3,断开开关S2,记录下此时电流表的示数为I;③算出小灯泡的额定功率.定值电阻R3的电流为:I3=I−I额,定值电阻R3的电压为:U=I3R3=(I−I额)R3,因为灯泡两端的电压等于定值电阻的电压,所以灯泡的额定电压功率为:P额=U3I额=R3(I−I额)I额.【点睛】(3)求出灯泡正常发光时的电流,确定电流表的量程,串联接入电路.(2)电流表无示数,说明电路断路;电压表有示数,说明电压表的正负接线柱与电源两极相连;(3)读出电压表示数为2.2V,要使灯泡正常工作,灯泡两端电压增大到2.5V,根据分压原理确定滑片移动的方向;(4)从图象中查得额定电压下的额定电流,根据P=UI计算额定功率.(5)灯泡与滑动变阻器串联,用电流表测流过电路的电流,由串联电路特点及欧姆定律求出流过灯泡电流为灯泡额定电流时,灯泡两端电压,然后由P=UI求出灯泡额定功率.20、左11.41.14×101【解析】
(1)由图甲可知,测量前指针偏向分度盘的右侧,说明右盘偏重,应将天平的平衡螺母向左移动,直到指针指在分度盘的中央;(2)如图乙所示,标尺的分度值是0.2g,小石块的质量:m=20g+10g+1.4g=11.4g;(1)由图丙可知,水和小石块的总体积V总=60cm1,则小石块的体积V=V总﹣V水=60mL﹣50mL=10mL=10cm1,小石块的密度:ρ===1.14g/cm1=1.14×101kg/m1.21、【解析】考点:凸透镜成像规律及其探究实验.分析:(1)当平行光线经过凸透镜后,光线会经过焦点,此时焦点到凸透镜的距离即为焦距;(2)在实验中,为使像能成在光屏的中心,应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度,使它们的中心大致在同一高度;(3)物体位于凸透镜1倍焦距和2倍焦距之间时,成倒立、放大的实像,幻灯机和投影仪就是运用这个原理制成的;(4)凸透镜成像属于光的折射现象,物体发出的光线经凸透镜折射后,会聚在凸透镜另一侧的光屏上,形成物体的实像;如果凸透镜的口径大,透过的光多,像就亮;口径小,透过的光少,像就暗.(5)对本实验的评价,要从小明的实验操作:用9个红色的发光二极管按“F”字样镶嵌排列在白色方格板上替代蜡烛作为光源,用同样的白色方格板做成光屏分析;还要从光具座上的刻度尺来分析.解答:解:(1)将凸透镜正对太阳光,在透镜的另一侧移动光屏,在距透镜1cm处,屏上呈现出最小最亮的光斑,这个光斑就是焦点,光心到焦点的距离就是焦距,即焦距为1cm;故答案为1.(2)烛焰在光屏上的像偏高,因为凸透镜成倒立的实像,所以是因为烛焰相对于凸透镜靠下,因此为使像能成在光屏的中央,可以向上移动烛焰或向下移动凸透镜,或向上移动光屏.故答案为下.(3)烛焰移至距凸透镜15cm处,烛焰正好位于1倍焦距和2倍焦距之间,因此成倒立、放大的实像,投影仪和幻灯机就是利用这个特点工作的;故答案为放大;幻灯机.(4)凸透镜成实像时,所有透过透镜的光会聚到光屏上成像,如果凸透镜被某同学用纸片挡住一半,整个物体发出的光虽有一小部分被挡住,但总会有一部分光通过凸透镜而会聚成像,因此,像与原来相同,还是完整的;由于透镜的一部分被遮住,因此折射出的光线与原来比减少了,故亮度会减弱.故答案为完整;变暗.(5)小明在实验中:用9个红色的发光二极管按“F”字样镶嵌排列在白色方格板上替代蜡烛作为光源,光源比较稳定;用同样的白色方格板做成光屏便于比较像与物的大小;零刻度线刻在光具座标尺的中央,可直接测出物距和像距;可以根据像与物大小相等时测出像距和物距,此时u=v=2f算出焦距.错误的只有选项D.故选D.点评:本题考查的知识点:①测凸透镜焦距的方法:让凸透镜正对太阳光,在另一侧调出最小最亮的光斑,光斑到凸透镜的距离等于凸透镜的焦距;②在做凸透镜成像实验时,必须将烛焰、凸透镜和光屏的中心调到同一高度;③光屏承接不到像的原因:烛焰、凸透镜和光屏的中心不在同一高度上;蜡烛在凸透镜的一倍焦距之内;蜡烛放在了在焦点上;蜡烛在焦点外侧贴近焦点的位置;④凸透镜成实像时,像与物关于主光轴上下左右互换.22、质量39加热时间沙子水水【解析】
(1)为了研究水与沙子比热的大小,实验时,要控制水与沙子的初始温度、质量相等;(2)温度计的分度值是1℃,此时的温度是39℃;(3)实验中,是通过比较加热时间来间接反映沙子和水吸收热量的多少;(4)分析表中数据可知,对于质量相等的沙子和水:吸收相等热量,升温较快的是沙子;若使两者升高相同的温度,水加热时间较长,说明吸收的热量较多;由此可知,水的比热容较大.五、计算题(本大题共2小题,共13分)23、(1)5.04×105J;5.445×105J;(2)500W;(3)8W。【解析】分析:(1)知道水的比热容、水的质量,初温和末温,利用吸热公式Q吸=cm(t-(2)先根据P=U2R(3)根据P损解答:(1)水吸收的热量:Q吸t'=15min=900s,足浴盆加热时消耗的电能:W=P(2)由P=U2R得,加热电阻的阻值:R=U额(3)电动机工作中因发热损失的功率:P损答:(1)此加热过程中水吸收的热量是5.04×105J;消耗的电能是5.445×105J;(2)加热电阻工作的实际功率是500W;(3)电动机工作中因发热损失的功率是8W。【点睛】本题考查了电功与热量的综合计算,涉及到吸热公式、电功公式和电功率公式的应用,熟练应用相关公式即可正确解题,关键要注意电动机正常工作时的功率不等于发热功率。24、(1)1000N;(2)300N;(3)1200W。【解析】
(1)重物的重力:GA=mg=270kg×10N/kg=2700N,由图可知
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