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文档简介
第1章质点运动学
一、选择题
题1.1:
答案:[B]
提示:明确与"的区别
题1.2:
答案:[A]
题1.3:
答案:[D]
提示:A与规定的正方向相反的加速运动,
B切向加速度,C明确标、矢量的关系,
加速度是?
dt
题1.4:
答案:[C]
一
提示:△/=乙_乙,4=4/2=-点,AV=V2-V,,M=—,匕=_0
题1.5:
答案:[D]
提示:t=0时,x=5;t=3时,x=2得位移为
-3m;
仅从式x=t2-4t+5=(t-2)2+l,抛物线的对
称轴为2,质点有往返
题L6:
答案:M
2
提示:a二2t二半,v=\itdt=r-4yx-xQ=ivdtj即可得
M2J2J
D项
题1.7:
答案:[D]
提示:V车2=2十|,理清V绝=v相对+V牵的关系
二、填空题
题1.8:
答案:匀速(直线),匀速率
题1.9:
答案:9/-15『,0.6
提示:丫=电=9/-15/2,t=0.6时,v=0
.dt
题1.10:
答案:(1)…十
(2)2i-4/j-4j
(3)4i+llj2i-6j3S
提示:⑴联立[:,,消去t得:卜=]9」x2,
y=19-2/-2
dx.dy.
v=-1+—j
dtdt
(2)t=ls时,v=2i-4/j,a=—=-4j
dt
(3)t=2s时,代入r=xi+yj=2/i+(19—2/)j中
得4i+llj
t=ls到t=2s,同样代入r=r(7)可求得
Af=2i-6j,
r和v垂直,即r.v=0,得t=3s
题1.11:
答案:12%/d
提示:a=^=^^=2v=4x=12(/w/s2)
dtdt
题L12:
答案:“S逑
71
t]3
提力7:V=Vo+*=产9V,=]=1加/5,。=1%力=72=7,
o32
|^|=V27?=—
71
题1.13:
答案:一5日+(%/-;gJ)j
提示:先对r=(引一靖/2)j求导得,Vv=(v0-g/)j与v=5i
l-1.
合成得%=-5i+(v0-g/)j「・「合=]\合dP—S/i+Gv—^g厂)j
o2
题1.14:
答案:8,64〃
提示:匕=火也=8氏,q=8/?=8,==64/2
dt
、计算题
题1.15:
Vt
1」
解:(1)4与=3//.^dv=^itdt
at00
⑵又—
(3)当a与半径成45。角时,
2
V34:.-t4=3t:.t=^/4S
4
题1.16:
解:(1)a=jkv
dt
当丫=;%时,
kl
(2)由(*)式:v=vQe~
ktk,
华=vQe~,idx=ivQe~dt
出oo
第2章质点动力学
一、选择题
题21:
答案:[C]
提示:A.错误,如:圆周运动
B.错误,p=〃,v,力与速度方向不一定
相同
D.后半句错误,如:匀速圆周运动
题2.2:
答案:[B]
提示:y方向上做匀速运动:邑=▽=2t
x方向上做匀加速运动(初速度为0),
m
II2/2
adt
匕=\=2/,sx=\vxdt=-
0o,
题2.3:
答案:[B]
提示:受力如图
设猫给杆子的力为F,由于相对于地面猫的
高度不变
F'=mgF=F,杆受力E=Mg+F=(M+m)g
F、(M+m)g
a=—=------------
MM
题2.4:
答案:[D]
提示:
mgT=maA4
<2T=maBaA=-g
"-2
y,通过分析滑轮,由于A向下走过s,
B走过g)
题25
答案:[C]
提示:由题意,水平方向上动量守恒,
故自为cos60")=科+相》共
v共22
题2.6:
答案:[C]
提示:
分析条件得,只有在h高度时,向心力
与重力分量相等
所以有噌=mgcos^=>v2=g(h-R)
R
由机械能守恒得(以地面为零势能面)
22
;mv0=;mv+mgh=>v0=《2gh+g(h-R)
题2.7:
答案:网
提示:运用动量守恒与能量转化
题28
答案:[D]
提示:
由机械能守恒得2=;机%2=丫=7^^
匕,=%sin。
PG=mgvy=wgsin2gh
题2.9:
答案:[C]
题2.10:
答案:[B]
提示:受力如图
由功能关系可知,设位移为X(以原长时
为原点)
X
Fx-/jmgx=^kxdx=>2(F-
ok
弹性势能E-kx—F-M
2k
二、填空题
题2.11:
答案:2mb
提不:u=x,=24a=v'=2hF=ma=2mb
题2.12:
答案:2kg4m/s2
提示:
y八
8N-
u4Nx
2
由题意,ax-2m/sFx-4N
F
F=8Ntn=一=2kg
va
Fi
a=—=4m/s2
m
题2.13:
答案:工,口
510
提示:由题意a=£=B+2,)
m105
V,7.
=>v=\adt--mis
o5
11
t=2
当时,lo
题2.14:
答案:180kg
提示:由动量守恒,%人S人=m船(S相对-S人)=wffi=180kg
题2.15:
答案:少+%
44
提示:各方向动量守恒
题2.16:
答案:wv(i+j),0,-mgR
提示:由冲量定义得
I=P末-P初=/Mui—(一加切)=mv(i+j)
由动能定律得阳=少=g=0,所以叫=0
W^=-mgR
题2.17:
答案:-12
提示:^Fdx=\2J
题2.18:
答案:mgh,—kx2j-Q^Lh—09X—Otr=oo才目
2r
对值
题2.19:
答案:等,2mg,g,
院Vo
题2.20:
答案:•力+Z非保*力=0
三、计算题
题2.21:
解:(1)F童吟xgy=(L-x)r〃g
J—/L
(2)a」(&-/)=0(l+4)x-〃g
mL
(3)…史,^vdv=睚(l+〃)x-〃gp,v=]j」g(2一〃)
dxo
3
题2.22:
解:(1)以摆车为系统,水平方向不受力,
动量守恒。设摆车速度v(对地)、小
车的速度为V(对地)。
mv-MV=Ov=—
xvm
^vdt=J^)4/Ar,=,
x(竺卜AX2=
00m00
则,根据位移公式:
△嗫”=△%,+△%«
(/-----)=Ax1+AX2=(A/+/77)AX2/m
AX2=/(M+w)
(2)mv-MV=Q
m^l=—mv2+—MV2
22
摆球速度V=yj2MgI/(M+m)
V=myl2g//[M(M+m)]
题2.23
解:K=Mg/X。,油灰碰撞前丫=麴
动量守恒有:mv={m+M}V
机械能守恒有(m,M,弹簧,地球
为系统):
222
—k*o+Ax)=—(w+M)r+—kx()+(TW+M)gAx
m2x2,2m2ghx
则故=匕%+000
M(m+M)
第3章刚体的定轴转动
一、选择题
题3.1:
答案:[B]
提示:A错,M="F,合外力矩不等于合外力
的力矩
C错,/=e,r是相对参考点的距离,
月匕£=Z=—I(D~,
题3.2:
答案:[A]
提示:若绳的张力为T,TR=Ifi
若物体的加速度为a,a=(3R
TR2=1/3R-laymg-T=ma
aj卜沙
g+mR?
/=〃淤(誓_g)
2h
题33
答案:[D]
提示:系统角动量守恒mv()l=Ico,/=;ml}
由于完全弹性碰撞,海口,故D
正确
®3.4:
答案:[C]
提示:射入点沿轮切向动量守恒,故
/%sin。=(加+m)v,co=—9C正确
R
题35
答案:[D]
提示:加力尸,r和F在同一方向上,力矩为0,
故角动量守恒
由定义知其动量和动能将改变
二、填空题
题3.6:
答案:仕“+〃1代,江,二〃畋①
(2)M+2nlM+2m
提示:人走到边沿时,系统的转动惯量为盘
的转动惯量和人的转动惯量之和
根据角动量守恒定律
2
IQ(o0=Ico,I0=^(M+m)R,/=(;〃+机
转台受冲量矩等于转盘角动量的增
2
里,BP^MR((D-CD0)
题3.7:
3gcos0
答^:^ImgcosO,-21-'—Imgsin3,
—ImgsmO
兀8)二;ImgcosO
提示:力矩M=YXF=;/mgsin
根据转动定律M=IB=邛,故
3gcos0
B=-2l~^
根据定轴转动的动能定理,力矩做的
功等于动能的增量,力矩的
功为《;mglcos8d8
题38
答案:2兀RF,
2五RFI
1、
提示:根据定轴转动的动能定理fMdO=-Ico1-Q
2
得Ico2=2/rRF
角动量的增量为距
题3.9:
答案:Z监卜=o
题3.10:
答案:mvL=—Ml}a)+—mvL
32
提示:系统角动量守怛,mvL=Ico+^mvL,。为角
速度
三、计算题
题3.11:
解:J=gw?2=0.675馆•小
mg-T=mayTR=J。,a=R/3
/.a=mgR2/(w7?2+J)=5.06m/s2
因此(1)下落距离力=;。产=63.3加(2)
张力T=m(g-a)=37.9N
题3.12:
解:下落过程细杆机械能守恒(系统:杆与
地球)。选m静止处水平面为零势点
姆/(1+j1sin30")=金1仞2喏+:1%:3/
・•.细杆碰前瞬间角速度为:4=,3g/2/
22
碰撞过程角动量守恒:a)0Ml-(M+m)lco(
统杆与小球)
/.0=-J3g/2/
M+my
第4章狭义相对论
一、选择题
®4.1:
答案:[D]见概念
题4.2:
答案:[B]
提示:运动质量外力做功
22
W=Me—mQc=
19
相o/(l——)=0.25mc"
0.8
®4.3:
答案:网
提示:在K系中X轴方向上,正方形边长为“,
K,系观察K系X轴方向正方形边长优营
*=0.6a,则从K系测得面积为0.6axa=0.6/
题4.4:
答案:[A]
提示:选飞船为一参考系,因为真空中光速
C对任何惯性参考系都是常数,由于
飞船匀速运动,是惯性系。则飞船
固有长度为心
题45
答案:[A]
12222
!Ek=me-m0c=3w0c-nioc=2mocy网J=2
E赣moc
®4.6:
答案:[C]
提示:由时间的相对性,加=TJ=3.48X10%,长
度为0.998X3X108X3.48X10-5/M=1.04X104W
题4.7:
答案:[D]
题4.8:
答案:[D]
s
提示:〃相=/♦+'",W,=u2=2xlOw/sy^^〃相=2.77*10”加/5
1+华
题9
•
答4.
案]
•
提
示
•WbMeV
•2;
Ek=(m-m0)cm血。=-----i-Ek=4MeV;
故v=0.27c
二、填空题
题4.10:
答案:
提示:设痕迹之间距离为小由公式3—
2
(4为静长度)。则车上观察者测得长
度为…j—(?2
题4.11:
答案:(1)圣,(2)*
提示:(1)相对论质量和相对论动量:
P=mv
非相对论下,-=2,得”手
R।,八22
,,2]
Ek=m()c(,-1)=加0。
题4.12:
答案:4
-m.c.
1---于一o
:Ek=mc~=m^c,后静二叫。?,=3=m=4m0
m°c
题4.13:
答案:4
提示:L=J1-(-)2LJL=lm,4=0.5加,角旱=
VcO2
题4.14:
2
答案:(n-l)moc
提示:△/=1」,
122
Ek=me-moc=(n-1)"“。
题4.15:
答案:3.73m
8-1
提示:LQ=5m,v=2xl0m»5,
题4.16:
答案:6.7x10%
3=>w=^-c,Ax'=uX=V5c
提示:△f=y\t=>/=3BP
3
题4.17:
答案:4
1-2L
•1,=4一(:¥,m'=,yJ=;
三、计算题
题4.18:
解:(1)航程x「玉=尸[(%'f)+〃亿'F')]=^-(1+-)=1.2x10“加
0.6v
(2)时间
5
,,、〃,,,、]3xl010.81A,
一」")+/『)=-^-(^T)=5xlO.
(3)航速小等嗡没=2.4xio%/s
第5章机械振动
一、选择题
题5.1
答案:B
题5.2
答案:C
题5.3
答案:C
二、填空题
题5.4
答案:2』|
题5.5:
答案:0.02m
题5.6:
答案:^cos(y/-1n)
三、计算题
5.7一物体沿x轴做简谐振动,振幅八二
0.12m,周期了二2s.当t=0时,物体的位
移x=0.06m,且向x轴正向运动.求:
(1)此简谐振动的表达式;
(2)5%时物体的位置、速度和加速度;
(3)物体从x=-0.06m,向x轴负方向运
动第一次回到平衡位置所需的时间.
[解答](1)设物体的简谐振动方程为x二
Acos((ji)t+0),其中A=0.12m,角频率o)=
2n/T=n.
当t=0时,x-0.06m,所以cos(p=0.5,
因此cp=±n/3.
物体的速度为v=dx/dt=+cp).
当t=0时,।/=-gAsing由于v>0,所以sing
<0,因此:cp=-n/3.
简谐振动的表达式为:x=0.12cos(nt-
叫.
(2)当t二TA时物体的位置为;x=
0.12cos(n/2-n/3)=0.12cosn/5=0.104(m).
速度为;v=-TbAsin(n/2-n/3)=-0.12nsinn/6
=-0.188(m-s-1).
加速度为:a=dv/dt=-u)2Acos(a)t+(p)=
-n2Z\cos(nt-n/3)=-0.12R2COSR/6=
-1.03(m-s-2).
(3)方法一:求时间差.当x=-0.06m时,
可得cos(Rti-n/3)=-0.5,
因止匕叫-n/3=±2n/3.
由于物体向x轴负方向运动,即v<0,所以
sin(nti-R/3)>0,因止匕nti-n/3=2n/3,得h二
Is.
当物体从x=-0.06m处第一次回到平衡位
置时,x=0,v>0,因此cos(nt2-兀⑶=0,
可得或:在等.由于&>
nt2-n/3=-n/23n
0,所以冗22-n3二3冗/2,
可得0二1比二L83(S).
所需要的时间为:△£=t2-"=0.83(s).
方法二:反向运动.物体从x=-0.06m,
向X轴负方向运动第一次回到平衡位置所需
的时间就是它从x=0.06m,即从起点向x轴
正方向运动第一次回到平衡位置所需的时
间.在平衡位置时,X=0,V<0,因此COS(7Tt
-R/S)=0,可得nt-=n/2,解得t
=5/6=0.83(s).
[注意]根据振动方程x=Acos(3t+0),当t
二0时,可得(p=±arccos(XoZ4),(-n<<=n),
初位相的取值由速度决定.
由于1/二dx/dt=-u)As\n(u)t+(p),当t=0时,
v=-u)As'\nq),当v>0时,sin(p<0,因止匕
(P--arccos(xoZA);
当0时,sing>0,因止匕=arccos(XcZA)n:^.
可见:当速度大于零时,初位相取负值;
当速度小于零时,初位相取正值.如果速度
等于零,当初位置Xo二A时,0二0;当初位
置Xo=-A时,(P=Tl.
5.8质量为10xl03kg的小球与轻弹簧组
2九"
成的系统,按…・"•+丁的规律作振动,式
中t以秒(s)计,x以米(m)计.求:
(1)振动的圆频率、周期、振幅、初位
相;
(2)振动的速度、加速曰苦一、、度
的最大值;
(3)最大回复力、振动\°1能
量、平均动能和平均势能;'一」
(4)画出这振动的旋转矢量图,并在图
上指明t为1,2,10s等各时刻的矢量位置.
[解答](1)比较简谐振动的标准方程:x二
Acos(a)t+隼),
可知圆频本为:3二8兀,周期了二2”3二皿二
0.25(s),振幅八二0.1(m),初位相0=2冗/3.
(2)速度的最大值为:vm=(vA=0.8n=
2.51(m-s;);题5.8解答图
2
加速度的最大值为:am=d八=6.4n=
63.2(m«s-2).
(3)弹簧的倔强系数为:k=mu)\最大
回复力为:/=kA=m32A=0.632(N);
振动能量为:E=k敌2二md岸/2二
3.16X10-2(J),
平均动能和平均势能为:瓦*=二
=1.58X10-2(J).
(4)如图所示,当t为1,2,10s等时刻
时,旋转矢量的位置是相同的.
mv如图所示,质量为
o->5.910g
的子弹以速度1水平
图5.9lC^mG
射入木块,并陷入木块中,使
弹簧压缩而作简谐振动.设弹簧的倔强系数
/c=8xlO3N-m1,木块的质量为4.99kg,不计
桌面摩擦,试求:(1)振动的振幅;
(2)振动方
程.
[解答](1)子弹射入木块时,由于时间很
短,木块还来不及运动,弹簧没有被压缩,
它们的动量守恒,即:mv=(m+M)v0.
解得子弹射入后的速度为:mv/(m+M)=
v0=
2(m・J),这也是它们振动的初速度.
子弹和木块压缩弹簧的过程机械能守恒,
2
可得:(m+M)v^/2=kA/29
所以振幅为:号=5xl(y2(m).
(2)振动的圆频率为:0=行2=40值&『).
取木块静止的位置为原点、向右的方向为位
移x的正方向,振动方程可设为:x=Acos((jot
+(P).
当t=0时,x=0,可得:=±n/2;
由于速度为正,所以取负的初位相,因此振
动方程为:x=5xl0-2cos(40t-R/2).
5.10一匀质细圆环质量为m,半径为R,
绕通过环上一点而与环平面垂直
的水平光滑轴在铅垂面内作小幅
度摆动,求摆动的周期.
©:mg
[解答]通过质心垂直环面有
2
个轴,环绕此轴的转动惯量为:lc=mR.
根据平行轴定理,环绕过。点的平行轴的转
动惯量为
2
I=lc+mR?=2mR.
当环偏离平衡位置时,重力的力矩为:M=
mgRsini%
方向与角度9增加的方向相反.
根据转动定理得:/6二
即/#+小sin”0,
题5.10解答图
由于环做小幅度摆动,所以sin979,可得
微分方程:詈*,
摆动的圆频率为:”=博,
周期为:,吟=2"舄=2帮.
5.11质量为0.25kg的物体,在弹性力作用
下作简谐振动,倔强系数k=25N-mT,如果
开始振动时具有势能O6J,和动能0.2J,求:
(1)振幅;(2)位移多大时,动能恰等于
势能?(3)经过平衡位置时的速度.
[解答]物体的总能量为:E=Ek+Ep=0.8(J).
(1)根据能量公式E二依2/2,得振幅为:
A=yl2E/k-0.253(m).
(2)当动能等于势能时,即Ek二弓,由于
E=Ek+Ep,可得:E=2EP,
即次轲,解得:金岳/2二
±0.179(m).
(3)再根据能量公式E二向//2得物体
经过平衡位置的速度为:
-1
vm=±y12E/m=±2.53(m-s).
5.12两个频率和振幅都相同的简谐振动
的x-t曲线如图所示,求:
(1)两个简谐振动的位相差;
(2)两个简谐振动的合成
振动的振动方程.
[解答](1)两个简谐振动
的振幅为:八二5(cm),
周期为:T=4(s),圆频率为:3=2R/7■二
它们的振动方程分别为:
Xi=Acosa)t-5cosnt/2,
x2=As\na)t-5sinnt/2=5cos(n/2-Tit/2)
即
x2=5cos(nt/2-R/2).
位相差为:△(/>=⑦-=-冗2
(2)由于x=Xi+X2=5cosnt/2+5sinnt/2
二5(cosnt/2-cosn/4-+5sinnt/2-sinn:/4)/sinnA
合振动方程为:、=5缶。s《q)(cm).
5.13已知两个同方向简谐振动如下:
31
X]=0.05cos(10/+—x?=0.06cos(l0/+—^)
5,~5•
(1)求它们的合成振动的振幅和初位相;
另有一同方向简谐振动
(2)x3=
0.07cos(10t+(p),问3为何值时,X1+X3的振
幅为最大?为何值时,的振幅为最
(Px2+X3
小?
(3)用旋转矢量图示法表示(1)和(2)
两种情况下的结果.x以米计,t以秒计.
[解答](1)根据公式,合振动的振幅为:
2
A=y)Af+Al+2A^cos(^-)=8.92x10(m).
A,sin(p、+A.sin(p.
初位相为:°arctan^/+&cqs中1―68.22°.
(2)要使X1+X3的振幅最大,则:cos((p-
(Pi)=1,因止匕0_0]=0,所以:(p=(p1=0.6n.
要使X2+X3的振幅最小,则COS(0-02)
=-1,因止匕q)-q)2=Ti,所以0二冗+02=1.2n.
(3)如图所示.
题5.13解答图
5.14将频率为384Hz的标准音叉振动和
一待测频率的音叉振动合成,测得拍频为
问.|心3.0Hz,在待测音叉的一端加上一
一户HA小块物体,则拍频将减小,求待
测音叉的固有频率.
[解答]标准音叉的频率为VO=384(Hz),
拍频为△v=3.0(Hz),
待测音叉的固有频率可能是%==
381(Hz),
也可能是v2=v0+Av=387(Hz).
在待测音叉上加一小块物体时,相当于
弹簧振子增加了质量,由于d=k/m,可知
其频率将减小.如果待测音叉的固有频率
k加一小块物体后,其频率心将更低,与
标准音叉的拍频将增加;实际上拍频是减小
的,所以待测音叉的固有频率即387Hz.
5.15三个同方向、同频率的简谐振动为
TT7[
须=0.08cos(314rH——)x=0.08cos(314/+—)
6,22,
5万
X=0.08COS(314/+—)
36•
求:(1)合振动的圆频率、振幅、初相及
振动表达式;
(2)合振动由初始位置运动到、=三”所需
最短时间(人为合振动振幅).
[解答]合振动的圆频率为:3二314二
lOOnfrad-s1).
设4=0.08,根据公式得:
Ax=4cos01+42cos02+43cos03=0,
Ay=/AiSin(pi+A2s\nq)2+/sing=2A0=
0.16(m),
振幅为:^74^<=0.16(m),初位相为:(p=
arctan(/\y//1x)=n/2.
合振城的方程为:x=0.16cos(100nt^n/2).
(2)当》=岳/2日寸,可得:008(100^/4-^/2)=41/2,
解得:100Tit+7i2二冗4或7八4.
由于t>0,所以只能取第二个解,可得所需
最短时间为t=0.0125s.
第6章机械波
一、选择题
题6.1
答案:D
题6.2
答案:A
题6.3
答案:A
题6.4
答案:C
二、填空题
题6.5
答案:相同,相同,2兀氏
题6.6
答案:r%x=0.02cos(加+砌)(SI).
题6.7
答案:芈,2侬//g产.
三、计算题
6.8已知一波的波动方程为y
5xl0-2sin(10nt-0.6x)(m).
(1)求波长、频率、波速及传播方向;
(2)说明x=0时波动方程的意义,并作
图表小.
/[解答]()与标准波
Ay/cm1
5C\△动方程一等)比较
6十,20一得:2口"=0.6,
因此波长为:入二
10.47(m);圆频率为:O)=1QK,
频率为:v=(JO/2TI=5(Hz);波速为:u=X/T=
Av=52.36(m-s1).
且传播方向为x轴正方向.
(2)当x=0时波动方程就成为该处质点
的振动方程:
y=5xl0-2sinl0nt=5xl0-2cos(10nt-n/2),
振动曲线如图.
6.9有一沿x轴正向传播的平面波,其波
速为u-lm-s-1,波长入=0.04m,振幅八=
0.03m.若以坐标原点恰在平衡位置而向负
方向运动时作为开始时刻,试求:
(1)此平面波的波动方程;
(2)与波源相距x=0.01m处质点的振动
方程,该点初相是多少?
[解答]设原点的振动方程为:二
(1)y0
Acos(u)t+0),其中A-0.03m.
由于u二大/7,所以质点振动的周期为:了二
A/u=0.04(s),圆频率为:U)=2TI/T=50TI.
当t=0时,氏=0,因此cos(p=0;由于质
点速度小于零,所以3二n/2.
原点的振动方程为:y0=0.03cos(50nt+
平面波的波动方程为:
_x4
y=0.03cos[50^--)+-]=o.03cos[50n(f-x)+TL/2).
(2)与波源相距x=0.01m处质点的振动
方程为:
y=0.03cos50nt.
该点初相3二0.
6.10如图所示为一列沿x负向传播的平面
谐波在t二方时的波形图,振幅4波长大
以及周期丁均已知.
(1)写出该波的波动
方程;_
(2)画出x"在处质
点的振动曲线;
(3)图中波线上。和b两点的位相差(pa-
犯为多少?
[解答](1)设此波的波动方程为:
歹=/cos[2万(7+力)+夕],
当%时的波形方程为:
y-Acos(2^-'J++y)--4sin(24宗+夕)
在x=0处y=0,因止匕得sing=0,
解得夕=0或兀.
而在x=A/2处y=-4所以0=0.
因此波动方程为:WE呜+/
(2)在x=〃2处质点的振动方程为:
y-4cos(2万7+4)=-Acos27r亍
曲线如图所示.
(3)Xa"a处的质点
的振动方程为
”=4cos(2万3+.
XbK二入处的质点的振动方程为
y=4cos(2万一+2))
hT•
波线上。和b两点的位相差
题6.10图
(P
a-(pb=-3Tl/2.
6.11在波的传播路程上有八和B两点,
都做简谐振动,B点的位相比X点落后n/6,
已知八和B之间的距离为2.0cm,振动周期
为2.0s.求波速u和波长入.
tx
[解答]设波动方程为:尸九网2号一/明
那么八和B两点的振动方程分别为:
tX
为=/COS[2I(5--^)+勿
TX,
tx
乃=Ncos[2万(不--fO+勿
1/V•
两点之间的位相差为:一2哼-2哼Y,
由于X8-XA=0.02m,所以波长为:A二
0.24(m).
波速为:u=A/T=0.12(m-s2).
6.12一平面波在介质中以速度u=20m-s-1
沿x轴负方向传播.已知在传播路径上的某
点A的振动方程为y=3cos4nt.
卜U丹9m(1)如以A点为坐标
一*题3图i二原点,写出波动方程;
(2)如以距Z点5m
处的B点为坐标原点,写出波动方程;
(3)写出传播方向上B,C,。点的振动
方程.
[解答](1)以八点为坐标原点,波动方程
为
X7TX
y=3cos4%(1+一)=3COS(4R+——)
u5•
(2)以B点为坐标原点,波动方程为
_.X—X,、TTY
y=3cos4万。H--------)=3cos(4m+--兀)
u5•
(3)以八点为坐标原点,贝l」XB=-5m、Xc
二、各点的振动方程为
-13mxD=9m,
y=3cos47r(,+—)=3cos(4^/-万)
ffu,
y=3cos4^(/+—)=3COS(4R-—)
cu5,
y=3cos4〃(r+—)=3COS(4R+—)
Du5•
[注意]以B点为坐标原点,求出各点坐标,
也能求出各点的振动方程.
6.13设空气中声速为330m-s-1.一列火车
以30mgi的速度行驶,机车上汽笛的频率
为600Hz.一静止的观察者在机车的正前方
和机车驶过其身后所听到的频率分别是多
少?如果观察者以速度lOm-s1与这列火车
相向运动,在上述两个位置,他听到的声音
频率分别是多少?
[解答]取声速的方向为正,多谱勒频率公
式可统一表示为
其中为表示声源的频率,u表示声速,UB表
示观察者的速度,由表示声源的速度,益表
示观察者接收的频率.
(1)当观察者静止时,uB=0,火车驶来
1
时其速度方向与声速方向相同,t/s=SOm-s-,
观察者听到的频率为
_U_330
Vs600
〜~u-us-330-30=660(HZ).
火车驶去时其速度方向与声速方向相反,
Us=-30m-J,观察者听到的频率为
U_330...
Vs600
%~u-us~330+30=550(HZ).
(2)当观察者与火车靠近时,观察者的
1
速度方向与声速相反,uB=-lOm-s;火车速
度方向与声速方向相同,us=30m-s\观察
者听到的频率为
u—uB330+10
VgVs_600
~u-us330-30=680(HZ).
当观察者与火车远离时,观察者的速度方
1
向与声速相同,uB=lOm-s;火车速度方向
1
与声速方向相反,us=-30m-s,观察者听到
的频率为
u—un330-10/八八
Vb600
~u-us330+30=533(HZ).
[注意]这类题目涉及声速、声源的速度和
观察者的速度,规定方向之后将公式统一起
来,很容易判别速度方向,给计算带来了方
便.
6.14Si与S2为两相干波源,相距1A个波
长,S1比S2的位相超前兀2问51>$2连线
上在Si外侧各点的合成波的振幅如何?在
s2外侧各点的振幅如何?
x,r[解答]如图所示,设
一~rSi在其左侧产生的波的
波动方程为
必=人网2勺+/%
那么S2在另左侧产生的波的波动方程为
%=4cos[2"《+"+夕—J]=Zcos[2%(5+彳)+夕一句
TZ2TZ,
由于两波源在任意点X产生振动反相,所以
合振幅为零.
Si在S2右侧产生的波的波动方程为
tX
乂"°“2勺-R+%
那么S2在其右侧产生的波的波动方程为
y=Acos[24-,,/4)+。-J]=Zcos[2招-:)+勿
2TZ2TA,
由于两波源在任意点X产生振动同相,所以
合振幅为单一振动的两倍.
6.15设入射波的表达式为
tX
“九。,2勺十万),
在x=0处发生反射,反射点为一自由端,
求:
(1)反射波的表达式;
(2)合成驻波的表达式.
[解答](1)由于反射点为自由端,所以没
有半波损失,反射波的波动方程为
tX
丁2=COS2^-(---)
1zt•
(2)合成波为y二九+力,将三角函数展
开得
27r24
,=.cosxcos这是驻波的方程.
2Trj
第7章气体动理论
一、选择题
题7.1
答案:B
解:根据理想气体的状态方程心雄,有
题7.2
答案:A
解:根据理想气体的内能定义,有
E=n-kT(1)
2
根据理想气体的状态方程,有
P=〃kT(2)
由(1)、(2)得:
E^n-kT^-p
22
因为i—,所以&<与.
题7.3
答案:C
解:根据平均速率的定义,有
—V孙=------------女----=--------------
""£工"(必"
题7.4
答案:B
解:根据最概然速率公式
2kTRT
也“41
M
知,当温度升高时,%增大,由于要保
持速率分布曲线下面所围的面积恒等于1,
所以曲线将变得平坦些,故而/⑴将减小.所
以。川>川)</(以)•
题7.5
答案:D
题7.6
答案:A
解:根据三个统计平均速率的公式
知,当最概然速率相等时,平均速率和
方均根速率必然相等.
二、填空题
题7.7
答案:
(1)温度为T的平衡态下,一个分子每个
自由度上分配的平均能量
(2)温度为T的平衡态下,理想气体分子
的平均平动动能
(3)温度为T的平衡态下,理想气体分子
的平均能量
(4)温度为T的平衡态下,Imol理想气体
的内能
(5)温度为T的平衡态下,.mol理想气体
的内能
(6)速率在“附近单位速率区间内的分子数
与总分子数的比
(7)速率在“附近加速率区间内的分子数与
总分子数的比
(8)速率在必〜4区间内的分子数与总分子
数的比
(9)速率在0〜8区间内的分子数与总分子
数的比,它恒等于1,是速率分布函数的归
一化条件
(10)速率在巳〜匕区间内的分子数
(11)分子的平均速率
(12)分子速率平方的平均值
说明:欲正确解答本题必须要准确理解能
均分定理和速率分布函数小)的定义式及定
义式中的各量的含义.另外,也应将上面各
式与速率分布曲线联系起来进行理解,使我
们能更好地“看懂”速率分布曲线.
题7.8
答案:5:3;10:3
解:根据理想气体的内能定义,有
单位体积的内能E、=ngkT(1)
单位质量的内能E『*RT(2)
M2
根据理想气体的状态方程,有
P=nkT(3)
由(1)〜(3)得:
E[=n-kT=-p
122
由于%=5&=3,Mhi=2,MHe=4,所以单位体积
的内能之比为5:3;单位质量的内能之比为
10:3
答案:210K;240K习题
解:根据理想气体的状态7.9图
方程尸展1火T,有
T产「『迎J
m
R及)2M02M02^o232
所以又,=240(K),k=210(K)
三、计算题
题7.10
解:根据理想气体的状态方程,混合前
有:
PV=%RTi(1)
PV=V2RT2(2)
根据理想气体的内能的定义,有
混合前用=|.(3)
玛=泊%(4)
混合后£=1v17?r+|v27?r(5)
根据题意,知混合前后系统的内能不变,
所以
E=EX+E2(6)
解(1)〜(6)得
T=跖7=284.4(K)
题7.11
解:(1)根据理想气体的状态方程打得:
l.OlxlO5
p〃=--=---2.-4-4-x-1-0-25-(-机---3)
kT1.38x10-23x300
(2)根据密度定义,有氧气的密度为
M2.44xl025x0.032,-3、
---=-----------rr---=1.297(仅、)
p=nm=n23-m
了NA.6.02xlO
(3)分子的平均平动动能为
&=
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