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文档简介

安徽省阜阳市太和县太和中学2023届高三5月综合质量检测试题物理试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、一个质点做简谐运动的图象如图所示,下列说法不正确的是()A.质点振动的频率为4HzB.在10s内质点经过的路程是20cmC.在5s末,质点的速度为零,加速度最大D.t=1.5s和t=4.5s两时刻质点的位移大小相等,都是cm2、如图所示,定滑轮通过细绳OO连接在天花板上,跨过定滑轮的细绳两端连接带电小球A、B,其质量分别为m1、m2(m1m2)。调节两小球的位置使二者处于静止状态,此时OA、OB段绳长分别为l1、l2,与竖直方向的夹角分别为、。已知细绳绝缘且不可伸长,不计滑轮大小和摩擦。则下列说法正确的是()A.B.l1∶l2m2∶m1C.若仅增大B球的电荷量,系统再次静止,则OB段变长D.若仅增大B球的电荷量,系统再次静止,则OB段变短3、如图所示,电灯悬挂于两壁之间,更换水平绳OA使连接点A向上移动而保持O点的位置不变,则A点向上移动时()A.绳OA的拉力逐渐增大B.绳OA的拉力逐渐减小C.绳OA的拉力先增大后减小D.绳OA的拉力先减小后增大4、同一平面内固定有一长直导线PQ和一带缺口的刚性金属圆环,在圆环的缺口两端引出两根导线,分别与两块垂直于圆环所在平面固定放置的平行金属板MN连接,如图甲所示.导线PQ中通有正弦交流电流i,i的变化如图乙所示,规定从Q到P为电流的正方向,则在1~2s内A.M板带正电,且电荷量增加B.M板带正电,且电荷量减小C.M板带负电,且电荷量增加D.M板带负电,且电荷量减小5、下列说法正确的是()A.组成原子核的核子越多,原子核的结合能越大,原子核越稳定B.核反应方程,X为,该反应为α衰变C.阴极射线可以在电场和磁场中偏转的现象,表明其本质是一种带电粒子流D.用紫光照射某金属板能产生光电子,则用红光照射该金属板也一定能产生光电子6、如图所示,A、B两物块叠放在一起,在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动,运动过程中B受到的摩擦力A.方向向左,大小不变B.方向向左,逐渐减小C.方向向右,大小不变D.方向向右,逐渐减小二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、波源O在t=0时刻开始做简谐运动,形成沿x轴正向传播的简谐横波,当t=3s时波刚好传到x=27m处的质点,波形图如图所示,质点P、Q的横坐标分别为4.5m、18m,下列说法正确的是()A.质点P的起振方向沿y轴正方向B.波速为6m/sC.0~3s时间内,P点运动的路程为5cmD.t=3.6s时刻开始的一段极短时间内,Q点加速度变大E.t=6s时P点恰好位于波谷8、下列说法中正确的是()A.分子运动的平均速率可能为零,瞬时速度不可能为零B.液体与大气相接触时,表面层内分子所受其他分子的作用表现为相互吸引C.空气的相对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示D.有些非晶体在一定条件下可以转化为晶体E.随着分子间距增大,分子间引力和斥力均减小,分子势能不一定减小9、如图所示,甲、乙、丙是绕地球做匀速圆周运动的3艘飞船,下列说法正确的是()A.丙开动发动机向后瞬时喷气后,其势能不变B.丙开动发动机向后瞬时喷气后的一段时间内,可能沿原轨道追上同一轨道上的乙C.甲受稀薄气体的阻力作用后,其动能增大、势能减小D.甲受稀薄气体的阻力作用后,阻力做功大小与引力做功大小相等10、质量m=2kg的小物块在某一高度以v0=5m/s的速度开始做平抛运动,若g=10m/s2,当运动到竖直位移与水平位移相等时,对于物块()A.此时的瞬时速度大小为5m/s B.此时重力的瞬时功率大小为200WC.此过程动量改变大小为10(-1)kgm/s D.此过程重力的冲量大小为20Ns三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)要测定一节干电池(电动势约1.5V,内阻约0.5Ω,放电电流不允许超过0.6A)的电动势和内电阻,要求测量结果尽量准确。提供的器材有:A.电流表A1:挡位1(0~3A,内阻约0.05Ω),挡位2(0~0.6A,内阻约0.2Ω)B.电流表A2:0-300μA,内阻rA=100ΩC.定值电阻:R0=2Ω,R1=900Ω,R2=4900ΩD.滑动变阻器:R3(0—5Ω,2A),R4(0~15Ω,1A)E.开关一只、导线若干(1)测量电流的仪表:应选择电流表A1的挡位____(填“1”或者“2”)。(2)测量电压的仪表:应将定值电阻______(填“R0”、“R1”或“R2”)与A2串联,使其成为改装后的电压表。(3)干电池内阻太小,应选择定值电阻____(填“R0”、“R1”或“R2”)来保护电源。(4)若要求A1表电流在0.1A-0.5A范围内连续可调。则滑动变阻器应选择__________(填“R3”或“R4”)。(5)为消除电流表内阻对测量精度可能造成的影响,在给出的两种电路原理图中(图中V表为改装后的电压表),应选择____________(填“图(a)”或“图(b)”)。(6)进行实验并记录数据。用I1、I2分别表示A1、A2表的示数,根据测量数据作出如图(c)所示的I2-I1图像,由图像可得:电池的电动势为________V,内阻为________Ω。(保留到小数点后两位)12.(12分)某同学利用图甲所示电路测量一量程为3mA的直流电流表的内阻RA(约为110Ω)。提供的实验器材有:A.直流电源(电动势为1V,内阻不计);B.电阻箱(0~999.9Ω);C.滑动变阻器(0~5Ω.额定电流为3A);D.滑动变阻器(0~50Ω.额定电流为1A)。(1)为了尽可能减小测量误差,滑动变阻器R应选用__________(选填“C”或“D”)。(2)根据图甲所示电路,在图乙中用笔画线代替导线,将实物间的连线补充完整___。(3)主要实验步骤如下:I.将电阻箱R0的阻值调为零,滑动变阻器R的滑片P移到右端;II.闭合开关S,调节滑动变阻器R的滑片P,使电流表的示数为3mA;I.调节电阻箱R0,使电流表的示数为1mA,读出此时电阻箱的阻值R1;IV.断开开关S,整理好仪器。(4)已知R1=208.8Ω,则电流表内阻的测量值为_________Ω,由于系统误差,电流表内阻的测量值_____(选填“大于”“等于”或“小于”)真实值。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图,光滑绝缘水平面上静置两个质量均为m、相距为x0的小球A和B,A球所带电荷量为+q,B球不带电。现在A球右侧区域的有限宽度范围内加上水平向右的匀强电场,电场强度为E,小球A在电场力作用下由静止开始运动,然后与B球发生弹性正碰,A、B碰撞过程中没有电荷转移,且碰撞过程时间极短,求:(1)A球与B球发生第一次碰撞后B球的速度;(2)从A球开始运动到两球在电场中发生第二次碰撞前电场力对A球所做的功;(3)要使A、B两球只发生三次碰撞,所加电场的宽度d应满足的条件。14.(16分)如图所示,U型玻璃细管竖直放置,水平细管又与U型玻璃细管底部相连通,各部分细管内径相同。U型管左管上端封有长11cm的理想气体B,右管上端开口并与大气相通,此时U型玻璃管左、右两侧水银面恰好相平,水银面距U型玻璃管底部为15cm。水平细管内用小活塞封有长度10cm的理想气体A。现将活塞缓慢向右推,使气体B的长度为10cm,此时气体A仍封闭在气体B左侧的玻璃管内。已知外界大气压强为75cmHg。试求:(1)最终气体B压强;(2)活塞推动的距离。15.(12分)图(甲)中的圆是某圆柱形透明介质的横截面,半径为R=10cm.一束单色光沿DC平行于直径AB射到圆周上的C点,DC与AB的距离H=5cm.光线进入介质后,第一次到达圆周上的E点(图中未画出),CE=cm.(i)求介质的折射率;(ii)如图(乙)所示,将该光线沿MN平行于直径AB射到圆周上的N点,光线进入介质后,第二次到达介质的界面时,从球内折射出的光线与MN平行(图中未画出),求光线从N点进入介质球时的入射角的大小.

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

A.由题图图象可知,质点振动的周期为T=4s,故频率f==0.25Hz故A符合题意;B.在10s内质点振动了2.5个周期,经过的路程是10A=20cm故B不符合题意;C.在5s末,质点处于正向最大位移处,速度为零,加速度最大,故C不符合题意;D.由题图图象可得振动方程是x=2sincm将t=1.5s和t=4.5s代入振动方程得x=cm故D不符合题意。故选A。2、B【解析】

A.因滑轮两边绳子的拉力相等,可知=,选项A错误;B画出两球的受力图,由三角形关系可知其中T1=T2则选项B正确;CD.由关系式可知,l1和l2的大小由两球的质量关系决定,与两球电量关系无关,则若仅增大B球的电荷量,系统再次静止,则OB段不变,选项CD错误。故选B。3、D【解析】

以O点为研究对象,根据受力平衡,有:由图可知,绳子OB上的拉力逐渐减小,OA上的拉力先减小后增大。A.绳OA的拉力逐渐增大,与分析不符,故A项错误;B.绳OA的拉力逐渐减小,与分析不符,故B项错误;C.绳OA的拉力先增大后减小,与分析不符,故C项错误;D.绳OA的拉力先减小后增大,与分析相符,故D项正确。4、A【解析】

在1~2s内,穿过金属圆环的磁场垂直于纸面向里,磁感应强度变小,穿过金属圆环的磁通量变小,磁通量的变化率变大,假设环闭合,由楞次定律可知感应电流磁场与原磁场方向相同,即感应电流磁场方向垂直于纸面向里,然后由安培定则可知感应电流沿顺时针方向,由法拉第电磁感应定律可知感应电动势增大,由此可知上极M板电势高,带正电,电荷量增加,故A正确,B、C、D错误;故选A.5、C【解析】

A.原子核的比结合能越大,原子核越稳定,选项A错误;B.根据核反应的质量数和电荷数守恒可知,核反应方程,X为,该反应为原子核的人工转变方程,选项B错误;C.阴极射线可以在电场和磁场中偏转的现象,表明其本质是一种带电粒子流,选项C正确;D.用紫光照射某金属板能产生光电子,因红光的频率小于紫外线,则用红光照射该金属板不一定能产生光电子,选项D错误;故选C.6、A【解析】试题分析:A、B两物块叠放在一起共同向右做匀减速直线运动,对A和B整体根据牛顿第二定律有a=μ(mA考点:本题考查牛顿第二定律、整体法与隔离法.【名师点睛】1、整体法:整体法是指对物理问题中的整个系统或整个过程进行分析、研究的方法.在力学中,就是把几个物体视为一个整体,作为研究对象,受力分析时,只分析这一整体对象之外的物体对整体的作用力(外力),不考虑整体内部之间的相互作用力(内力).整体法的优点:通过整体法分析物理问题,可以弄清系统的整体受力情况和全过程的受力情况,从整体上揭示事物的本质和变体规律,从而避开了中间环节的繁琐推算,能够灵活地解决问题.通常在分析外力对系统的作用时,用整体法.2、隔离法:隔离法是指对物理问题中的单个物体或单个过程进行分析、研究的方法.在力学中,就是把要分析的物体从相关的物体体系中隔离出来,作为研究对象,只分析该研究对象以外的物体对该对象的作用力,不考虑研究对象对其他物体的作用力.隔离法的优点:容易看清单个物体的受力情况或单个过程的运动情形,问题处理起来比较方便、简单,便于初学者使用.在分析系统内各物体(或一个物体的各个部分)间的相互作用时用隔离法.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、ACE【解析】

A.根据波动与振动方向间的关系可知,波源O的起振方向与图中x=27m处质点的振动方向相同,沿y轴正方向,则质点P的起振方向也是沿y轴正方向,故A正确。

B.该波3s内传播的距离为27m,则波速选项B错误;C.波的周期则0~3s时间内,P点振动的时间为运动的路程为5A=5cm,选项C正确;D.t=3.6s时刻质点Q振动的时间,则此时质点Q正在从最低点向上振动,则在开始的一段极短时间内,Q点加速度变小,选项D错误;E.t=6s时P点已经振动了,此时P点恰好位于波谷,选项E正确。故选ACE。8、BDE【解析】

A.分子做永不停息的做无规则运动,其平均速率不可能为零,而瞬时速度可能为零,故A错误;B.表面张力的微观解释为液体表面层的分子间距较大,表现为引力,故B正确;C.空气绝对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示,故C错误;D.晶体具有规则的几何形状,有一定的熔点,物理性质表现为各向异性,非晶体则没有规则的几何形状,没有一定的熔点,物理性质表现为各向同性,二者在一定的条件下可以相互转化,例如,天然水晶是晶体,而熔化以后再凝结的水晶(即石英玻璃)就是非晶体,故D正确;E.随着分子间距增大,分子间引力和斥力均减小,当分子距离小于r0时,分子力为斥力,距离增大时分子斥力做正功,分子势能减小;当分子距离大于r0时,分子力为引力,距离增大时分子引力做负功,分子势能增大,故E正确。故选BDE。9、AC【解析】

A.丙向后瞬时喷气后,速度增大,但位置尚未变化,其势能不变,选项A正确;。B.综合应用牛顿第二定律、功和能的推论。丙飞船向后瞬时喷气后速度增大,之后离开原来轨道,轨道半径变大,不可能沿原轨道追上同一轨道上的乙,选项B错误;CD.甲受稀薄气体的阻力作用时,甲轨道半径缓慢减小,做半径减小的圆周运动,由可知其动能增大、势能减小、机械能减小,由动能定理可知,即此过程中有阻力做功大小小于引力做功大小,选项C正确,D错误;故选AC.10、BD【解析】

物块做平抛运动,水平方向做匀速直线运动,竖直方向做自由落体运动,当运动到竖直位移与水平位移相等时解得t=1sA.此时竖直方向的速度为vy=gt=10m/s则此时的速度为故A错误;

B.此时的重力瞬时功率为P=mgvy=200W故B正确;

C.根据动量定理I=△P=mgt=20kgm/s故C错误;D.此过程重力的冲量大小为I=mgt=20N•s故D正确。

故选BD。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、2R2R0R4图(a)1.490.49【解析】

(1)[1].测量电流的仪表:应选择电流表A1的挡位2。(2)[2].测量电压的仪表:应将定值电阻R2与A2串联,使其成为改装后量程为的电压表。(3)[3].干电池内阻太小,应选择与内阻阻值相当的定值电阻R0来保护电源。(4)[4].若要求A1表电流在0.1A-0.5A范围内连续可调。则滑动变阻器最大值为最小值则滑动变阻器应选择R4。(5)[5].因改装后的电压表内阻已知,则为消除电流表内阻对测量精度可能造成的影响,在给出的两种电路原理图中,应选择图(a)。(6)[6][7].由图可知电流计读数为I2=298μA,对应的电压值为则电池的电动势为E=1.49V,内阻为12、C104.4大于【解析】

(1)[1]本实验为了减小实验误差,应满足滑动变阻器的最大阻值远小于电流表的内阻,即应选用C(2)[2]根据实验电路图连接实物图如图所示(4)[3]由实验原理可知[4]由于闭合开关S,调节滑动变阻器R的滑片P,使电流表的示数为3mA,调节电阻箱R0,使电流表的示数为1mA,读出此时电阻箱的阻值R1;电阻箱阻值变大,并联等效电阻变大,故并联部分分担电压增大,由于电阻箱两端电压变大,故电阻箱阻值偏大,故电流表内阻测量偏大。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)5qEx0(3)8x0<d≤18x0【解析】

(1)设A球与B球第一次碰撞前的速度为v0,碰撞后的速度分别为vA1、vB1。

对A,根据牛顿第二定律得:qE=ma

由运动学公式有:v02=2ax0。

解得:v0=

对于AB碰撞过程,取向右为正方向,由动量守恒定律和机械能守恒定律得:

mv0=mvA1+mvB1

mv02=mvA12+mvB12。

解得:vB1=v0=,vA1=0

(2)设第一次碰撞到第二次碰撞前经历的时间为t1.有:xA1=vA1t1+at12=vB1t1

从A球开始运动到两球在电场中发生第二次碰撞前电场力对A球所做的功为:

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