湖北省襄阳市2022-2023学年九年级上学期期中物理试题（含答案）

湖北省襄阳市2022-2023学年九年级上学期期中物理试题

一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）

1.（2分）下列常见的自然现象，能用分子热运动知识解释的是（）

A.春天，柳枝吐芽B.夏天，山涧瀑布

C.秋天，菊香满园D.冬天，雪花飘飘

2.（2分）母亲节，小秦为妈妈煮了一锅热气腾腾的面条，下列分析正确的是（）

A.面条入锅后温度升高，内能增加

B.煮面条时，主要通过做功的方式改变了面条的内能

C.闻到了面条的香味，表明扩散只在气体中发生

D.面条没有粘到一起，表明分子间有斥力

3.（2分）两个物体相互接触时没有发生热传递，是因为它们具有相同的（）

A.内能B.温度C.比热容D.热量

4.（2分）由比热的公式C=-^^-判断下列哪种说法是正确的（）

m（.t-10）

A.物质的比热容跟它的质量成反比

B.物质的比热容跟它的热量成正比

C.物质的比热容跟它的温度变化成反比

D.比热是物质的特性之一，跟热量、质量、温度的变化等因素都无关

5.（2分）如图是四冲程汽油机其中一个冲程的工作示意图，它表示的是（）

疝

也

A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程

6.（2分）有甲、乙、丙三个带电的泡沫塑料小球，甲带正电。先用甲靠近乙，发现乙被排

斥；再用乙靠近丙，丙被吸引（如图）。则下列判断正确的是（）

A.乙带正电，丙带正电B.乙带负电，丙带负电

C.乙带负电，丙带正电D.乙带正电，丙带负电

7.（2分）下列物质中属于导体的是（)

A.橡皮B.塑料尺C.铅笔芯D.透明胶带

8.（2分）如图甲所示，闭合开关后两只电压表Vi和V2的指针偏转角度相同，位置如图乙

所示，则电源和灯L2两端电压分别是（）

甲乙

A.8.5V1.7VB.8.5V6.8VC.6.8V1.7VD.1.7V6.8V

9.（2分）下图是滑动变阻器的结构和连入电路的示意图，当滑片P向右滑动时，连入电路

的电阻变小的是（）

10.（2分）在如图的电路中，电源两端的电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑

片P由图示位置向左端滑动的过程中，下列判断正确的是（）

A.电流表Ai示数变大

B.电流表A2示数变小

C.电压表V和电流表A2的示数之比保持不变

D.电压表V示数变大

11.（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关，电压表Vi的示数为6V,电压表V2的示

数为3.6V.那么下列说法中不正确的是（）

A.电源电压为6V,Li两端电压为2.4V

B.灯泡Li和L2串联，Vi测量电源电压

C.将电压表V2换成电流表，闭合开关后Li亮，L2不亮

D.将电压表都换成电流表，闭合开关后L1与L2并联

12.（2分）如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关，当滑动变阻器滑片P从最右

端滑到最左端过程中，R1的I-U关系图象如图乙中某条线所示。则下列判断正确的是

（）

图甲图乙

A.图线A是电阻Ri的I-U关系图象

B.Ri的阻值是20。

C.电源电压为10V

D.滑动变阻器R2的最大阻值为30Q

二、填空题（本大题共8小题，共16分）

13.（2分）不断弯折铁丝，铁丝的温度升高，是通过的方法增大铁丝内能的；把铁

丝放在火上烤，铁丝的温度升高，是通过的方法增大铁丝内能的。

14.（3分）某同学用一种加热器将质量为1000g的冰持续加热熔化直至沸腾，记录并绘制

出温度-时间图像如图所示，根据图像可知物质在B点的内能在C点的内能，

在AB段的比热容CD段的比热容，AB段所吸收的热量为J［水的比热

15.（1分）美国加州理工学院物理学家安德森发现了正电子，它具有质子的电性和电子的

质量：当正电子定向移动形成电流时，其运动方向与金属导体中电流的方向。（选

填“相同”或“相反

16.（2分）如图所示，某手机移动电源（俗称充电宝）有两个输出端，通过电源线可以单

独或同时为手机充电，这两个输出端的连接方式是联；用移动电源为手机充电

时，手机相当于电路中的

17.（1分）如图所示，电源的电压保持不变，S闭合后电压表示数为灯Li两端的电压，现

在要测灯L2两端的电压，小明只想将电压表的接A位置的线端改接到C的位置，小华

认为这种接线不正确，会造成电压表指针，通过Li的电流通过L2的

电流。（选填“大于”、“小于”或“等于”）

18.（2分）两定值电阻，甲标有“10C1A”，乙标有“12。0.5A”，把它们串联在同一电路

中，总电阻为Q；电路两端允许加的最大电压为V；若把两定值电阻并联

起来，则干路流过的最大电流是A。

19.（3分）为了参加全国青少年创新大赛，小强运用所学电学知识，设计了一个电子身高

测量仪，如图所示，其中定值电阻R1=5。，电源电压恒为4.5V,R2的规格为“15C0.5A”,

电压表量程为0〜3V,电流表量程为0〜0.6A,Ri在电路中的作用是.当被测

身高增加时，电压表的示数（选填“变大”、“变小”或“不变”），为了保证电

路中各元件安全工作，变阻器接入电路的阻值范围是.

20.（2分）如图所示电路，电源电压不变，调节滑动变阻器，使电压表示数从6V变化到

2V,同时观察电流表示数由0.5A变为1A时，定值电阻Ro=Q,电源电压U=

Vo

Rn

三、实验探究题（本大题共5小题，共20分）

21.（2分）在“比较不同物质的吸热情况”实验中，某同学在两只相同的烧杯里分别装入

水和食用油，用相同的加热器加热，如图所示。

物质质量/g升温10℃所需的时间升温20℃所需的时间升温30℃所需的时间/s

/s/s

食用油306489124

水309696220

（1）水和油吸收热量的多少是通过来反映的（填“温度计示数”或“加热时间”）；

（2）分析表中的数据可知：质量相同的水和油，升高相同温度时，水吸收的热量

（填“大于”或“小于”）油吸收的热量；

（3）实验结果表明：不同物质在质量相等，升高的温度相同时，吸收的热量_______（选

填“相同”或“不同

水食用油

22.（2分）小强将灯泡Li、L2串联在电路中，如图所示，闭合开关S,他发现灯泡Li比

L2更亮。他猜想可能有以下两个原因：猜想一：是由于L1更靠近电源正极。猜想二：是

由于通过Li的电流比通过L2的电流大。为验证猜想，小强做了以下实验。

（1）为验证猜想一，他断开开关S；对调灯泡Li和L2的位置，闭合开关S,观察到的

现象是。由此说明：猜想一错误。

（2）为验证猜想二，他用电流表分别测量图中A、B、C三点的电流，电流表的示数均

相同。由此说明：猜想二（选填“正确”或“错误

23.（4分）小明设计了如图中甲所示的电路来探究“串联电路中Li和L2两端的电压UAC

与Li两端的电压UAB和L2两端的电压UBC之间的关系”。

(1)实验中应选择规格(选填“相同”或“不相同”)的灯泡。

(2)连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，接下来他要对电压表进行的操作

是■>

(3)小明用调好的电压表分别测量Li两端的电压UAB,L2两端的电压UBC和Li、L2

两端的电压UAC,小明正准备收拾器材结束实验，同组的小亮却阻止了小明。小亮说应

该更换不同规格灯泡，再做两次实验，小亮这样做的目的是,将三次测出的电

压填入表中。

实验次数UABUBCUAC

10.82.23

21.02.03

31.21.83

请你根据他的实验过程和有关数据回答问题：

上面设计的表格中存在的不足之处是

24.(4分)小明在探究导体电阻的大小与哪些因素有关的实验中，猜想可能跟导体的材料、

长度、横截面积有关。小明利用老师提供的装有三种规格电阻丝的实验盘(如图甲所示),

N之间接入电阻丝。

(1)小明探究电阻跟长度的关系时，先把M接1、N接2,观察灯泡亮度；然后将2和

4连接起来，再将M接1、N接3,发现灯泡亮度变暗，得出结论。

(2)小明探究电阻跟横截面积的关系时，先把M接1、N接2,观察灯泡亮度；然后保

持M接1、N接2不变，同时将2和4连接起来、和连接起来，改变接

入电阻丝的横截面积，再观察灯泡的亮度，分析比较得出结论。

(3)小明探究电阻跟材料的关系时，可用M、N分别接1、2和，观察灯泡亮

度变化，分析比较得出结论。

(4)在上面的实验中，电阻的大小并不能直接观察，而是通过灯泡的亮度反映出来的,

这里运用了物理研究方法。

（5）小芳觉得只看亮度并不能准确判断电阻的大小，最好在电路中加入,这样

判断会更准确。

25.（8分）小鹏在探究“通过导体的电流与导体两端电压的关系”时，电路如图甲所示，

电源电压保持不变，R为定值电阻。

（1）请用笔画线代替导线，将图乙中的电路按甲图连接完整（要求导线不交叉）。

（2）连接电路时，开关应该处于状态，实验前滑动变阻器的滑片应位于

（选填"A”或"B”）端。

（3）电路连接正确后，闭合开关，发现电压表有示数但电流表无示数，此时出现的故障

可能是（选填字母）。

A.滑动变阻器短路

B.电流表断路

C.电阻R短路

D.电阻R断路

（4）排除故障后，小鹏又取了两个定值电阻，想利用这些器材继续探究“电压不变时，

电流与电阻的关系实验中所用电阻的阻值分别为5Q、10。、20。，电源电压为6V,

分别接入三个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，记录数据，得到了如图丙所示的图像。

由图像可以得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成比。

（5）上述实验中：

①小鹏用5Q的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变。接着把R换成10（1

的电阻接入电路，闭合开关，应向（选填"A”或"B”）端移动滑片，直至电

压表示数为V时，读出电流表的示数。

②小鹏又把R换为20。的电阻接入电路，闭合开关，无论怎样移动滑片，电压表都不能

达到所控制的电压值，为完成整个实验，应该选取滑动变阻器（选填字母）。

A.“50A”

B.“30A”

C.“20A”

四、计算题(本大题共2小题，共10分)

26.(5分)小华家里用的是天然气灶，他尝试估测该灶的效率。小华用容量为5L的水壶装

满水，水的初温是20℃,然后将水烧开。烧水前天然气表的示数是2365.020?,水刚烧

开时天然气表的示数变为2365.12H?,天然气的热值为3.2Xl()7j/m3,水的比热容c=4.2

X103J/(kg-℃),当地大气压为标准大气压•求：

(1)水吸收的热量Q吸(不计水的热量损失)；

(2)天然气完全燃烧放出的热量Q放；

(3)天然气灶的效率中

27.(5分)如图所示的电路，开关S处于闭合状态电源电压保持6V不变，已知，电阻Ri

=5。。

(1)当开关Si、S2都断开，闭合S3时，电流表示数为0.3A,求电阻R2的阻值大小。

(2)当开关Si、S2、S3都闭合时，电流表示数为1.5A,求电阻R3的阻值大小。

(3)当开关Si、S2都闭合，S3断开时，求此时电流表示数。

湖北省襄阳市2022-2023学年九年级上学期期中物理试题

参考答案与试题解析

一、单选题（本大题共12小题，共24.（）分）

1.（2分）下列常见的自然现象，能用分子热运动知识解释的是（）

A.春天，柳枝吐芽B.夏天，山涧瀑布

C.秋天，菊香满园D.冬天，雪花飘飘

【分析】分子的体积很小，用肉眼几乎观察不到，分子在永不停息地做无规则运动，其

运动速度与温度有关，温度越高，运动速度越快。

【解答】解：A、柳枝吐芽是植物的生长现象，不是分子的运动，故A不合题意；

B、山涧瀑布是水在重力作用下流动形成的，是机械运动，故B不合题意；

C、菊香满园是花香分子不停地做无规则运动的结果，故C符合题意；

D、雪花飘飘是物体的运动，不是分子的运动，分子的运动是肉眼看不到的，故D不合

题意。

故选：C»

【点评】本题主要考查学生对：扩散现象，即分子热运动的了解和掌握，是一道基础题。

2.（2分）母亲节，小秦为妈妈煮了一锅热气腾腾的面条，下列分析正确的是（）

A.面条入锅后温度升高，内能增加

B.煮面条时，主要通过做功的方式改变了面条的内能

C.闻到了面条的香味，表明扩散只在气体中发生

D.面条没有粘到一起，表明分子间有斥力

【分析】（1）物体吸收热量，内能增加，温度升高；

（2）改变物体内能的方式有做功和热传递；

（3）分子永不停息地做无规则运动；

（4）分子间存在相互作用的引力和斥力。

【解答】解：

A、面条入锅后温度升高，面条的内能增加，故A正确；

B、煮面条时，面条会从水中吸热，这主要通过热传递的方式改变了面条的内能，故B

错误；

C、固体、气体、液体之间都可以发生扩散现象，故C错误；

D、面条没有粘到一起，是因为分子间的距离比较大，分子间的引力很小，故D错误。

故选：Ao

【点评】此题考查了分子的热运动和内能的知识的理解和掌握，需要注意的是分子间即

有引力也有斥力，不可能只有引力或斥力。

3.（2分）两个物体相互接触时没有发生热传递，是因为它们具有相同的（）

A.内能B.温度C.比热容D.热量

【分析】热传递发生的条件是要有温度差，如果温度一样，则就不会发生热传递。

【解答】解：热传递发生的条件是要有温度差，如果两个物体间的温度相同，那么它们

之间就不会发生热传递。

故选：Bo

【点评】解决此题要结合热传递的条件进行分析解答。

4.（2分）由比热的公式C=丁@~判断下列哪种说法是正确的（）

10）

A.物质的比热容跟它的质量成反比

B.物质的比热容跟它的热量成正比

C.物质的比热容跟它的温度变化成反比

D.比热是物质的特性之一，跟热量、质量、温度的变化等因素都无关

【分析】单位体积某种物质，温度升高所吸收的热量叫做这种物质的比热容。

【解答】解：比热的公式C=-_▽是由热量的计算公式Q=cm（t-to）变形而来;

比热容是物质的一种属性，每种物质都有自己的比热容，比热容的大小与物体质量的大

小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关。

故选：D。

【点评】此题考查的是我们对于比热容的理解，我们要知道比热容只与物质的种类和状

态有关，与其它因素无关。

5.（2分）如图是四冲程汽油机其中一个冲程的工作示意图，它表示的是（）

宓

W

A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程

【分析】汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，各冲程的

特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程。

【解答】解：分析该图能看出，两个气门都关闭，活塞向下运动，该过程中是做功冲程,

故C正确。

故选：Co

【点评】本题考查了内燃机的四个冲程，要求学生对每个冲程的特点、能量转化等情况

十分熟悉才能顺利解答。

6.（2分）有甲、乙、丙三个带电的泡沫塑料小球，甲带正电。先用甲靠近乙，发现乙被排

斥；再用乙靠近丙，丙被吸引（如图）。则下列判断正确的是（）

A.乙带正电，丙带正电B.乙带负电，丙带负电

C.乙带负电，丙带正电D.乙带正电，丙带负电

【分析】（1）电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；

（2）从A带正电开始依次判断其它物体的带电情况。

【解答】解：

甲、乙、丙三个带电的泡沫塑料小球，甲带正电。由图知甲乙相互排斥，说明甲乙是同

种电荷，所以乙带正电；

由图知乙丙相互吸引，说明乙丙带异种电荷，所以丙带负电，故D正确。

故选：D。

【点评】此题是物体带电情况的判断，考查了对电荷间相互作用规律的掌握，要掌握一

定的判断技巧。

7.（2分）下列物质中属于导体的是（）

A.橡皮B.塑料尺C.铅笔芯D.透明胶带

【分析】根据导体和绝缘体的定义可做出判断：容易导电的物体叫导体，不容易导电的

物体叫绝缘体，导体和绝缘体没有绝对的界限，导体性能介于二者之间的是半导体。

【解答】解：常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。本题中的四

个选项中，只有铅笔芯是导体，橡皮、塑料尺、透明胶带都是绝缘体。

故选：C,

【点评】此题考查哪些物体为导体，属于识记的内容，比较简单。

8.（2分）如图甲所示，闭合开关后两只电压表V1和V2的指针偏转角度相同，位置如图乙

所示，则电源和灯L2两端电压分别是（）

甲乙

A.8.5V1.7VB.8.5V6.8VC.6.8V1.7VD.1.7V6.8V

【分析】由图可知，闭合开关后，两灯串联，V1表测量电源电压，V2表测量灯Li两端

的电压；由串联电路的电压特点知，Vi的示数应大于V2的示数，而两电压表的指针偏

转角度相同，所以Vi选用的是大量程，V2选用的是小量程，读出两个电压表的示数，

最后根据串联电路的电压特点可求得灯L2两端电压。

【解答】解：由图可知，闭合开关后，两灯串联，Vi表测量电源电压，V2表测量灯Li

两端的电压；

由串联电路的电压特点知，Vi的示数应大于V2的示数，而两电压表的指针偏转角度相

同，

所以两电压表选用的量程是不同的，则Vi选用的是大量程，分度值为0.5V,其示数为

8.5V,即电源电压U=8.5V；

V2表为小量程，分度值为0.1V,其示数为1.7V,即Li两端的电压Ui=L7V,

由串联电路的电压特点知，灯L2两端的电压U2=U-Ui=8.5V-1.7V=6.8V。

故选：Bo

【点评】本题考查了电压表的读数和串联电路的电压特点，是一道常见题。

9.（2分）下图是滑动变阻器的结构和连入电路的示意图，当滑片P向右滑动时，连入电路

的电阻变小的是（）

【分析】滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的。

滑动变阻器正确接法是上下接线柱各接一个，若要连入电路的电阻变小，则下边的D接

线柱要接入电路。

【解答】解：

A、滑片向右移动时，电阻丝接入部分的长度增大，接入电路中的电阻变大，故A不合

题意；

B、同时接入上方两接线柱，相当于接入一导线，滑片移动时，接入的电阻不变，故B

不合题意；

C、同时接入下方两接线柱，相当于接入一定值电阻，滑片移动时，接入的电阻不变，故

C不合题意；

D、滑片向右移动时，电阻丝接入部分的长度减小，接入电路中的电阻变小，故D符合

题意。

故选：D。

【点评】本题考查了滑动变阻器的接法。要使滑动变阻器的电阻变大或变小，关键是要

看下边的接线柱接哪个。

10.（2分）在如图的电路中，电源两端的电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑

片P由图示位置向左端滑动的过程中，下列判断正确的是（）

B.电流表A2示数变小

C.电压表V和电流表A2的示数之比保持不变

D.电压表V示数变大

【分析】由图示电路图可知，Ri和R2并联，电流表Ai测干路电流，电流表A2测通过

定值电阻R2的电流，电压表测电源两端电压；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入

电路的阻值如何变化，然后应用欧姆定律与并联电路特点分析答题。

【解答】解：由图示电路图可知，R1和R2并联，电流表Ai测干路电流，电流表A2测

通过定值电阻R2的电流，电压表测电源两端电压；

A、滑动变阻器的滑片P由图示位置向左端滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值

变大，通过滑动变阻器的电流减小，干路电流减小，电流表Ai示数减小，故A错误：

B、滑片移动过程中，电阻R2阻值不变，两端电压不变，通过电阻的电流不变，电流表

A2示数不变，故B错误；

C、电压表测电阻R2两端电压，电流表A2测通过R2的电流，电阻R2阻值不变，则电压

表V和电流表A2的示数之比保持不变，故C正确；

D、电压表测电源两端电压，电源电压不变，电压表示数不变，故D错误；

故选：C,

【点评】本题考查了滑动变阻器对电流表和电压表的影响，解决此类问题要判断滑动变

阻器在电路中电阻的变化，再利用并联电路的特点和欧姆定律来判断电压和电流的变化。

II.（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关，电压表V1的示数为6V,电压表V2的示

数为3.6V.那么下列说法中不正确的是（）

A.电源电压为6V,Li两端电压为2.4V

B.灯泡Li和L2串联，Vi测量电源电压

C.将电压表V2换成电流表，闭合开关后L1亮，L2不亮

D.将电压表都换成电流表，闭合开关后Li与L2并联

【分析】由图可知：开关闭合后，灯泡Li和L2串联，Vi并联在电源两端，即Vi是测量

灯泡Li和L2组成串联电路的总电压。V2并联在灯泡L2两端，是测量灯泡L2两端的电

压。将电压表换成电流表相当于导线。

【解答】解：

AB、由图可知，Li和L2串联，电压表Vi测量的是灯泡Li和L2两端的总电压，电压表

Vi的示数为6V,即电源电压为6V,电压表V2的示数为3.6V,因此Li两端电压为Ui

=U-U2=6V-3.6V=2.4V,故AB正确；

C、将电压表V2换成电流表，则灯泡L2被短路，因此灯泡Li亮，L2不亮，故C正确；

D、将电压表都换成电流表，由于电流表相当于导线，所以此时电源发生短路，故D错

误。

故选：D。

【点评】本题是一道综合性选择题，电路较为复杂，做题时可采用“先摘除后复原”的

方法来判定电压表在电路中的作用。解题时要认真判断电压表所测量的电压，明确电压

表与电流表的差异。

12.(2分)如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关，当滑动变阻器滑片P从最右

端滑到最左端过程中，R1的I-U关系图象如图乙中某条线所示。则下列判断正确的是

()

A.图线A是电阻Ri的I-U关系图象

B.R1的阻值是20。

C.电源电压为10V

D.滑动变阻器R2的最大阻值为30。

【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表Vi测Ri两端的电压，V2测R2两端的电

压，电流表测电路中的电流。

（1）根据电压变化的范围进行判断，定值电阻两端电压不会等于零；

（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电阻R1的功率最小，

根据图象读出电路中的最小电流和两电阻两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电

源的电压，根据欧姆定律求出R1的阻值和滑动变阻器的最大阻值。

【解答】解：

由电路图可知，Ri与R2串联，电压表Vi测Ri两端的电压，V2测R2两端的电压，电流

表测电路中的电流。

（1）当滑动变阻器R2接入电路中的电阻为。时，电路中的电流最大，Ri两端的电压最

大，R2两端的电压为0,

由图象可知，A为滑动变阻器R2的I-U关系图象，B为电阻Ri的I-U图象，故A错

误；

（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，

由I-U图象可知，电路中的最小电流I=0.1A,Ri两端的电压Ui=2V,R2两端的电压

U2=7V,

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源电压：U=UI+U2=2V+7V=9V,故C

错误；

由I=U可得，定值电阻Ri的阻值：&=[!=3_=20。，

RI0.1A

滑动变阻器的最大阻值：R2="=一工=70。，故B正确，D错误。

I0.1A

故选：B。

【点评】本题考查串联电路电流和电压的规律以及欧姆定律的应用，要明白电路各个用

电器的连接情况，还要会看“I-U”关系图象，从中获取有用的信息。

二、填空题（本大题共8小题，共16分）

13.（2分）不断弯折铁丝，铁丝的温度升高，是通过做功的方法增大铁丝内能的:把

铁丝放在火上烤，铁丝的温度升高，是通过热传递的方法增大铁丝内能的。

【分析】（1）改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气

体做功，热传递有传导、对流和辐射三种方式。

（2）热传递的实质是能量的转移，做功是能量的转化。

【解答】解：改变物体内能有两种方式：做功和热传递。

拿一段铁丝反复弯折多次，感到弯折处也烫手是通过做功改变物体内能的，对物体做功，

物体内能增加，温度升高，把铁丝放在火上烤，铁丝的温度升高，是通过热传递的方式

增大铁丝内能的。

故答案为：做功；热传递。

【点评】本题考查了改变物体内能有两种方式，对物体做功，物体内能增加，温度升高;

物体吸收热量，内能增加，温度升高。

14.(3分)某同学用一种加热器将质量为1000g的冰持续加热熔化直至沸腾，记录并绘制

出温度-时间图像如图所示，根据图像可知物质在B点的内能小于在C点的内能,

在AB段的比热容小于CD段的比热容，AB段所吸收的热量为L05Xl()5“水

的比热容为4.2XH)3J/(kg-C)］。

【分析】(1)晶体在熔化过程中，吸收热量，内能增加，温度不变；

(2)根据图中信息，利用Q吸=cmAt求出CD段吸收的热量；相同的加热器加热，在

相同的时间内物体吸收的热量相同，AB段的加热器时间是CD段加热时间的工，物质在

4

AB段吸收的热量是CD段的』，物质在AB段和CD段的质量相等，利用公式Q,或=cm

4

At求出AB段的比热容；

【解答】解：

(1)由图中可知，在BC段冰处于熔化过程，冰熔化时持续吸热，温度保持在熔点不变，

故可知物质在B点的内能小于在C点的内能；

(2)由图可知，物质在CD段加热16min-8min=8min,升高的温度为AtAB=100℃,

水的质量m水=m冰=1000g=1kg,

则CD段吸收的热量：QCD=c*mAtAB=4.2X103J/(kg*℃)XIkgX100℃=4.2X105J,

在整个过程中冰与水的质量相等，用相同的加热器加热，在相同的时间内吸收的热量相

同，

由图可知，AB段的加热器时间是CD段加热时间的工，

4

55

则物质在AB段吸收的热量：QAB=AQCD=1X4.2X10J=1.05X10J,

44

由图可知，AB段升高的温度AtAB=5(TC,

Q5

AB段的比热容即冰的比热容；CAB=----g一=1-05X10Jx103JZ(kgrc),

m冰At妞1kgX501c

所以物质在AB段的比热容小于在CD段的比热容。

故答案为：小于；小于；5.25X10、

【点评】本题考查了晶体熔化的特点和吸热公式的灵活运用，知道使用相同的加热器加

热，在相同的时间内吸收的热量相等是解题的关键。

15.（1分）美国加州理工学院物理学家安德森发现了正电子，它具有质子的电性和电子的

质量：当正电子定向移动形成电流时，其运动方向与金属导体中电流的方向」。（选

填"相同"或"相反”）。

【分析】（1）电荷的定向移动形成电流；

（2）正电荷定向移动的方向是电流的方向；自由电子的定向移动方向与电流方向相反。

【解答】解：正电荷定向移动的方向是电流的方向；正电子带正电，所以正电子定向移

动的方向与金属导体中电流的方向相同。

故答案为：相同。

【点评】明确电流方向的规定，是解答此题的关键。

16.（2分）如图所示，某手机移动电源（俗称充电宝）有两个输出端，通过电源线可以单

独或同时为手机充电，这两个输出端的连接方式是并联;用移动电源为手机充电时,

手机相当于电路中的用电器。

【分析】（1）并联电路中各支路用电器工作互不影响。

（2）电路中消耗电能的元件是用电器。

【解答】解：某手机移动电源（俗称充电宝）有两个输出端，通过电源线可以单独或同

时为手机充电，这两个输出端的连接方式是并联，因为两个输出端可以同时给两个用电

器充电，互不影响；用移动电源为手机充电时，手机相当于电路中的用电器，因为手机

消耗电能。

故答案为：并；用电器。

【点评】理解并联电路的特点，知道电路中各部分的作用，可解答此题。

17.（1分）如图所示，电源的电压保持不变，S闭合后电压表示数为灯Li两端的电压，现

在要测灯L2两端的电压，小明只想将电压表的接A位置的线端改接到C的位置，小华

认为这种接线不正确，会造成电压表指针反向偏转，通过Li的电流等于通过

L2的电流。（选填“大于”、“小于”或“等于”）

【分析】电压表在使用时，电流要从正极线柱流入，从负接线柱流出；串联电路中，电

流处处相同。

【解答】解：由图可知，该电路为串联电路；将电压表的接A位置的线端改接到C的位

置，则电压表的正负接线柱接反了，电压表指针反向偏转，这种接法是错误的：根据串

联电路的电流关系可知，通过Li的电流等于通过L2的电流。

故答案为：反向偏转；等于。

【点评】本题考查了电压表的使用、串联电路的电流关系，属于基础题。

18.(2分)两定值电阻，甲标有“10C1A”，乙标有“12。0.5A”，把它们串联在同一电路

中，总电阻为22电路两端允许加的最大电压为LLV；若把两定值电阻并联起

来，则干路流过的最大电流是1」A。

【分析】(1)根据串联电路电阻规律可求出串联后的总电阻；

已知两电阻允许通过的最大电流，根据串联电路的电流特点可知，两电阻串联时电路允

许通过的最大电流为两个允许通过最大电流的较小值，然后根据电阻的串联和欧姆定律

求出两端允许加的最大电压；

(2)根据欧姆定律求出两电阻两端允许所加的最大电压，根据并联电路的电压特点可知，

两电阻并联时，并联电路两端允许加的最大电压为较小的一个，然后由欧姆定律求出通

过两电阻的电流，再根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流。

【解答】解：

(1)因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，电路的总电阻R=R甲+R乙=100+12。

=22。；

串联电路中各处的电流相等，所以两电阻串联时，电路中的最大电流1=1乙=0.5A,

由I=U可得，电路两端允许加的最大电压：U=IR=O.5AX22Q=11V；

R

(2)由1=旦可得，两电阻两端允许所加的最大电压分别：U甲=1甲R甲=1AX1OQ=1OV,

R

U乙=1z,R乙=0.5AX12O=6V；

因并联电路中各支路两端的电压相等，所以两电阻并联时，电路中的最大电压U'=11乙

=6V,

此时通过乙的电流为0.5A,通过甲的电流：I甲'=——=-6匚=0.6A,

R甲10Q

并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路中允许通过的最大电流：1=1甲'+1

z,=0.6A+0.5A=1.1A。

故答案为：22；11；1.1。

【点评】本题考查电压、电流的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是知道串

联时允许通过的最大电流为两个额定电流里面最小的一个，两只电阻并联时，电压也选

最小。

19.（3分）为了参加全国青少年创新大赛，小强运用所学电学知识，设计了一个电子身高

测量仪，如图所示，其中定值电阻Ri=5。，电源电压恒为4.5V,R2的规格为“15C0.5A”,

电压表量程为0〜3V,电流表量程为0〜0.6A,Ri在电路中的作用是保护电路.当

被测身高增加时，电压表的示数变大（选填“变大”、“变小”或“不变”），为了保

证电路中各元件安全工作，变阻器接入电路的阻值范围是4。〜10。.

【分析】（1）Ri在电路中的作用是保护电路，防止电路中电流过大或变阻器两端电压过

大；

（2）分析身高增加时，滑片P的移动方向，判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，

由串联电路特点判断电压表示数如何变化；

（3）R2的规格为“15Q0.5A”，电压表量程为0〜3V,电流表量程为0〜0.6A,为了保

证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流为0.5A,根据欧姆定律计算电路总电阻，

进一步计算变阻器接入电路的最小电阻，变阻器接入电路的电阻最大时，变阻器两端的

电压最大，根据串联电路电压规律计算定值电阻Ri两端电压，根据串联电路电流特点结

合欧姆定律进一步计算变阻器接入电路的最大电阻。

【解答】解：（1）Ri和R2串联接入电路，防止电路中电流过大或变阻器两端电压过大，

因此Ri在电路中的作用是保护电路；

（2）由电路图可知，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流，

被测身高增加时，滑片P向上移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路中的总电阻

变大，根据I=U可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，

R

根据U=IR可知，定值电阻Ro两端的电压变小，因为串联电路中总电压等于各分电压之

和，所以滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大；

(3)R2的规格为“15。0.5A”，电压表量程为0〜3V,电流表量程为0〜0.6A,为了保

证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流为0.5A,

此时的总电阻R总=卫-=生_包乙=9。,

I30.5A

变阻器接入电路的最小电阻R2，J、=R总-Ri=9Q-511=411,

变阻器接入电路的电阻最大时，变阻器两端的电压最大，最大电压为3V,定值电阻Ri

两端电压Ui=U-U2=4.5V-3V=1.5V,

串联电路各处电流都相等，则11=14,即工里=他，解得R2=10C,

RiR25QR2

所以变阻器接入电路的阻值范围是4Q〜10。。

故答案为：保护电路；变大；4。〜10。。

【点评】本题考查串联电路特点，欧姆定律的灵活运用，关键是从题目所给信息中找到

有用的数据。

20.(2分)如图所示电路，电源电压不变，调节滑动变阻器，使电压表示数从6V变化到

2V,同时观察电流表示数由0.5A变为1A时，定值电阻Ro=8Q,电源电压U=」1

【分析】由电路图可知，Ro与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电

流表测电路中的电流；根据串联电路的电压特点可知当电压表的示数减小时，定值电阻

两端的电压增大，根据欧姆定律可知电路中的电流增大，据此可知电压表对应的电流；

然后根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示电源的电压，根据电源的电压不变得出等

式即可求出Ro的阻值和电源的电压。

【解答】解：由电路图可知，Ro与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压,

电流表测电路中的电流；

当电压表的示数减小时，

因为串联电路的总电压等于各分电压之和，

所以定值电阻两端的电压增大，根据U=1R可知，电路中的电流增大，

故当电压表的示数为6V时，电路中的电流为0.5A,则电源的电压U=6V+O.5AXRo；

当电压表的示数为2V,电路中的电流为1A,则电源的电压U=2V+lAXRo；

因为电源的电压不变，

所以6V+0.5AXRo=2V+lAXRo,

解得：Ro=8C,

电源的电压：U=2V+lAXRo=2V+IAX8n=10Vo

故答案为：8；10。

【点评】本题考查串联电路电压规律及欧姆定律的使用，要求学生能从题意中读出Ro两

端的电压变化，并能用欧姆定律列式求解。

三、实验探究题（本大题共5小题，共20分）

21.（2分）在“比较不同物质的吸热情况”实验中，某同学在两只相同的烧杯里分别装入

水和食用油，用相同的加热器加热，如图所示.

物质质量/g升温10℃所需的时间升温20℃所需的时间升温30℃所需的时间/s

/S/S

食用油306489124

水309696220

（1）水和油吸收热量的多少是通过加热时间来反映的（填“温度计示数"或“加热

时间”）；

（2）分析表中的数据可知：质量相同的水和油，升高相同温度时，水吸收的热量.大于

（填“大于”或“小于”）油吸收的热量；

（3）实验结果表明：不同物质在质量相等，升高的温度相同时，吸收的热量不同（选

填“相同”或“不同”）。

水食用油

【分析】（1）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫

转换法；

（2）分析表中数据结合转换法回答。

【解答】解：（D根据转换法，水和油吸收热量的多少是通过加热时间来反映的；

（2）分析表中的数据可知：质量相同的水和油，升高相同温度时，水加热时间长，根据

转换法，水吸收的热量大于油吸收的热量；

（3）由表中数据知，质量相同的水和油，在升高的温度相同时，加热的时间不同，即不

同物质在质量相等，升高的温度相同时，吸收的热量不同。

故答案为：（1）加热时间；（2）大于；（3）不同。

【点评】本题比较不同物质的吸热情况，考查控制变量法、转换法的应用和数据分析的能

力，为热学中的重要实验。

22.（2分）小强将灯泡Li、L2串联在电路中，如图所示，闭合开关S,他发现灯泡Li比

L2更亮。他猜想可能有以下两个原因：猜想一：是由于L1更靠近电源正极。猜想二：是

由于通过Li的电流比通过L2的电流大。为验证猜想，小强做了以下实验。

（1）为验证猜想一，他断开开关S；对调灯泡Li和L2的位置，闭合开关S,观察到的

现象是灯泡L1比L2更亮。由此说明：猜想一错误。

（2）为验证猜想二，他用电流表分别测量图中A、B、C三点的电流，电流表的示数均

相同。由此说明：猜想二错误（选填“正确”或“错误”）。

【分析】（1）串联电路中各处的电流相等，灯的亮度取决灯的实际功率；

（2）串联电路中各处的电流相等，据此得出判断。

【解答】解：（1）为验证猜想一，他断开开关S；对调灯泡Li和L2的位置，闭合开关S,

观察到的现象是灯泡Li比L2更亮，跟所处位置无关。由此说明：猜想一错误。

（2）为验证猜想二，他用电流表分别测量图中A、B、C三点的电流，电流表的示数均

相同。由此说明通过Li的电流比通过L2的电流大的说法错误，即猜想二错误。

故答案为：灯泡Li比L2更亮；错误。

【点评】本题考查探究串联电路电流特点的实验，常见题目。

23.（4分）小明设计了如图中甲所示的电路来探究“串联电路中Li和L2两端的电压UAC

与Li两端的电压UAB和L2两端的电压UBC之间的关系

（1）实验中应选择规格不相同（选填“相同”或“不相同”）的灯泡。

（2）连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，接下来他要对电压表进行的操作是

调零。

（3）小明用调好的电压表分别测量Li两端的电压UAB,L2两端的电压UBC和Li、L2

两端的电压UAC,