2022年陕西省各地中考物理模拟试题分类选编：电学实验题

试卷第=page11页，共=sectionpages33页参考答案：1．

磁

发电机

明暗程度

1、2、3

先增大后减小

短##小【解析】（1）[1]送电线圈中有电流通过时会产生磁场，这是电流的磁效应。[2]当受电线圈正对并靠近送电线圈时，受电线圈中会有电流产生，这是电磁感应现象，与发电机原理相同。（2）[3]受电线圈中产生电流后，灯泡发光，灯泡亮度越大，表明受电线圈中产生的电流越大。（3）[4]由题意可知实验中多个受电线圈的匝数相同，分析1、2、3次实验可知，受电线圈的直径相同，两线圈之间的距离越小，受电线圈两端的电压越大。[5]分析3、4、5、6、7五次实验数据可以发现，在两线圈之间的距离相同，当受电线圈直径增大时，其两端电压先增大后减小。由题意知道受电线圈的匝数相同，所以可以得出结论：在两线圈之间的距离和受电线圈的匝数相同的情况下，受电线圈直径增大时，受电线圈两端电压先增大后减小。（4）[6]通过实验发现在受电线圈的直径和匝数相同时，两线圈之间的距离越小，受电线圈两端的电压越大。所以电能无线传输存在传输距离短的缺点。2．

A

改变定值电阻两端的电压和通过的电流

滑动变阻器断路

10

求平均值以减小误差

【解析】（1）[1]滑动变阻器应选择“一上一下”两个接线柱接入电路，要求滑片P向左移动的过程中电流表示数变小，则应使滑片左移时滑动变阻器接入电路的电阻变大，如图所示：（2）[2]正确连接电路后，闭合开关之前，应将滑动变阻器的滑片P置于阻值最大处，避免开关闭合时电路中电流过大，烧坏用电器，所以应将滑动变阻器的滑片P置于A端。[3]测量定值电阻的阻值时，需要测量多组数据求平均值，以此减小误差，所以滑动变阻器的作用是调节定值电阻两端的电压和通过的电流。（3）[4]实验时，闭合开关，发现电流表和电压表示数都为0，因电路为串联，电流表示数为0，说明电路中存在的故障类型是断路，电压表示数为0表示与电压表串联的电路存在断路故障，用一根导线在图甲中先后连接接线柱G与F、F与E时，电压表和电流表示数仍为0，则说明G与F、F与E之外部分断路，连接接线柱E与D时。电压表和电流表指针明显偏转，则电路的故障是滑动变阻器断路或EB导线断路。（4）[5]电流表接入电路的量程为0~0.6A，每一小格表示0.02A，电流表的示数为0.2A，由欧姆定律可得定值电阻（5）[6]在物理实验中，多次测量的目的有两种，一种是求平均值减小误差，一种是避免实验的偶然性，得出普遍规律。本实验中多次测量的目的是求平均值减小误差。（6）[7]闭合开关后，滑动变阻器滑片在最左端时，两电阻串联，电流表测电路的电流，电流表示数为I1；根据串联电路电阻的规律及欧姆定律可得电源电压U=I1(R0+Rx)①滑动变阻器滑片在最右端时，为待测电阻的简单电路，电流表示数为I2，由欧姆定律可得电源电压U=I2Rx②①②两式联立可得电阻3．

在同一平面内

等于

直线

同种【解析】（1）[1]在纸板FON上看不到反射光线，说明反射光已经不在纸板上了，而此时纸板FON和纸板EON也不是一个平面了，所以说反射光线应与入射光线以及法线在同一平面内。（2）[2]“探究二力平衡条件”的实验，为了探究两个平衡力是否大小相等，所以在左右两托盘中分别放入相同的砝码的目的是使F1等于F2，将小车扭转一定角度后，这样两个力不在同一直线上，小车将无法在这个位置平衡，所以松手发现小车旋转后又恢复原状，这说明两个力必须作用在同一直线上，物体才能平衡。（3）[3]小女孩手接触带电球，身体和球带上同种电荷，头发上的同种电荷相互排斥，所以头发会竖起来并“炸开”。4．

断开

断路

0.3

右

1.5

反比【解析】（1）[1]探究“通过导体的电流与电阻的关系”时，电压表并联在导体两端，电流表与导体串联，滑动变阻器“一上一下”接入电路中，滑片向左移动时电流表示数增大，即滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，应该将滑动变阻器的左下接线柱接入电路中，如图所示：（2）[2]连接电路时，应该将开关断开，避免电路连接过程中，电路中的电流过大，烧坏用电器。（3）[3]电流表无示数，电路中出现的故障类型是断路，电压表有示数，则与电压表并联的电路发生断路，即定值电阻断路。（4）[4]由图可知，电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，则电流表的示数是0.3A。[5][6]由图可知，更换定值电阻后，定值电阻两端电压为1.8V，电压变大，而探究电流与电阻的关系时，需要控制定值电阻两端电压不变，根据串联电路电压规律可知，此时应增大滑动变阻器两端电压，使定值电阻两端电压保持1.5V不变，并记录数据，即将滑动变阻器向右移动。（5）[7]电压表的示数为1.5V，电路中的电流为0.3A，则定值电阻的大小电流与电阻的乘积5Ω×0.3A=1.5更换定值电阻后，电阻变大，电路中的电流变小，电流与电阻的乘积15Ω×0.1A=1.5由此可知，当其他条件一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。5．

在同一平面内

等于

直线

温度计示数的变化量【解析】（1）[1]将光屏右半部分向后折转任意角度，光屏上都看不到反射光，说明反射光线、入射光线与法线在同一平面内。（2）[2]在左右两托盘中分别放入相同的砝码，F1、F2的大小相等，小车在平衡力的作用下静止。[3]将小车扭转一定角度后，小车受到两个力不在一条直线上，松手发现小车旋转后又恢复原状，说明两个力必须作用在同一直线上，物体才能平衡。（3）[4]电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体吸热温度的变化可以通过温度计示数的变化量来反映，吸热越多，温度变化越大。这种研究方法叫转换法。6．

断开

小灯泡断路

0.24

0.6【解析】（1）[1]连接电路时，开关处于断开状态，为了避免电路连接过程中，电路中的电流过大，烧坏用电器。（2）[2]测量小灯泡电功率时，电流表测量电路中的电流，电压表测量小灯泡两端的电压，滑动变阻器要“一上一下”接入电路中，由图可知，滑动变阻器左上接线柱接入电路，所以应将左下接线柱接入电路，如图所示：（3）[3]闭合开关后，无论怎样调节滑动变阻器，发现小灯泡都不发光，电流表无示数，说明电路中存在的故障是断路，电压表有示数，与电压表串联的电路没有发生断路，所以电路中出现的故障是小灯泡断路。（4）[4][5]由题意可知，小灯泡的额定功率是2.5V，当小灯泡正常发光时，电流表示数如图所示，电流表接0~0.6A的量程，电流表的分度值为0.02A，此时电流表的示数为0.24A，则小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.24A=0.6W7．

将电流表指针调零

变阻器断路了

0.3

小灯泡的电阻随温度的升高而增大

电压

B

间接

C【解析】（1）[1]在实验检查仪器时，小明发现电流表的指针如图乙所示，即电流表的指针没有对准零刻度线，因此接下来的操作是将电流表指针调零。（2）[2]电流表无示数，说明电路故障为断路；电压表接在变阻器两端时有示数，说明电压表两接线柱与电源的两极是连通的，所以出现的故障是变阻器断路了。（3）[3]根据图丙所示的小灯泡的I﹣U图像可知，灯在额定电流0.2A时的电压为1.5V，则小灯泡的额定功率是P额=U额I额=1.5V×0.2A=0.3W[4]小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大，因此小灯泡的I﹣U图像不是直线。（4）[5]测定一个额定电流为“0.4A”的小灯泡L2的额定功率，灯泡的电流未超过0.6A，则电流表的量程不需要修改，由欧姆定律，灯泡的额定电压约为U额′=I额′R=0.4A×10Ω=4V>3V则电压表的量程需要改为0~15V。[6]更换灯后，要使该灯泡正常发光，应增大电路中的电流，由欧姆定律可知，需要减小滑动变阻器接入电路中的电阻，滑片应向B端移动。（5）[7]测量电功率时，要用电压表测出用电器两端的电压，用电流表测出流过用电器的电流，然后求出电功率，属于间接测量。[8]A．测固体密度需要测出固体质量与体积然后再求密度，属于间接测量，不符合题意；B．测量导体的电阻，需要测出导体电压与电流，然后由欧姆定律求出导体电阻，属于间接测量，不符合题意；C．电路中的电流可直接用电流表测量，属于直接测量，符合题意。故选C。8．

相同

乙

不同

液体的质量

调节滑动变阻器，改变电路中电流的大小【解析】（1）[1]由图可知，电路时串联电路，电路中的电流相等，由Q=I2Rt可知，想要热量相等，电阻必须相同。[2]由Q=cm（t-t0）可知，吸收相同的热量，在质量相同的情况下，温度变化越大，比热容越小，乙瓶中的温度变化大于甲瓶，故乙的比热容小。（2）[3][4]探究热量和电阻的大小关系时，根据控制变量法，电阻的阻值要不同，其它的条件应该保持相同，在这种情况下比较电流产生热量的多少，故除了液体的种类相同外，液体的质量也要相同。（3）[5]根据控制变量法，要探究电流产生的热量跟电流的关系，必须保证电流不同，其它条件相同，故只需要调节滑动变阻器，使电路中的电流不同，然后比较前后两次同一时间内，相同容器的温度变化即可。9．

3.6

A

变大

能【解析】（1）[1]由图示知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为3.6N。（2）[2]加热相同时间，即吸收相同的热量时，B升温快，A升温慢，所以A的吸热能力更强。（3）[3]在B位置向下拉的弹簧测力计由a向b旋转的过程中，拉力的力臂变小，而钩码的重力不变，即钩码对杠杆的作用力不变，对应的力臂不变，据杠杆平衡条件知，测力计对杠杆的拉力变大。（4）[4]真空罩内的手机，能接收到来电信号，却听不到响铃，这是因为声音不能在真空中传播，来电信号是通过电磁波传播的，那么电磁波在真空中可以传播。10．

电压表超出量程

逐渐增大

电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比

0.75

<

小灯泡灯丝电阻随温度的升高而增大【解析】（1）[1]滑动变阻器上面两个接线柱接入电路，滑动变阻器接入的阻值为零，而电源电压为4.5V，滑动变阻器无法分担部分电压，那么开关闭合后，电压表的示数将为4.5V，故存在的问题是电压表超出了量程，从而损坏电压表。（2）①[2]设定值电阻两端的电压为U1，为了保证本实验过程中电压表的示数不变，则滑动变阻器需要分担的电压为4.5V-U1，在串联电路中，电阻之比为电阻之比是一个定值，当定值电阻慢慢增大时，滑动变阻器的阻值也慢慢变大。②[3]如图丙所示，电流与电阻的乘积是一个定值，故结论为定值电阻两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。（3）[4]如图丁所示，是电流表，分度值为0.02A，故读数为0.3A，小灯泡的额定功率（4）[5][6]如图所示，当小灯泡正常发光时，其电阻为在此基础上，认为小灯泡的电阻不变，小灯泡实际电压为2V时的实际功率由于实际测量过程中，电压变小，实际电功率变小，温度降低，灯泡的电阻变小，灯泡的实际电阻小于，根据，测量的实际功率P2大于P1，即P1＜P2，而导致两个功率不等的原因是小灯泡灯丝电阻随温度的升高而增大。11．

几乎不

右

D

正比

保持不动

【解析】（1）[1]图甲中电压表与定值电阻串联，由于电压表的内阻很大，在电路中相当于断路，所以电路中几乎没有电流，电流表几乎不偏转。（2）[2]探究电流和电阻的关系时，将保持定值电阻两端的电压不变，定值电阻的阻值由5Ω换为10Ω时，根据串联分压的原理，定值电阻阻值变大，则两端的电压也变大。为了保持定值电阻的电压不变，应使滑动变阻器阻值变大分到更多的电压，故滑片应向右移动。（3）[3]A．由图可知，电源电压为6V，定值电阻两端电压为2V，滑动变阻器两端电压为4V，根据串联分压原理得已知则解得如果只更换滑动变阻器，则更换的滑动变阻器最大阻值至少为40Ω，因此该方法可行，故A不符合题意；B．如果只更换电源，当滑动变阻器阻值为0Ω时，定值电阻两端电压保持不变为2V，当滑动变阻器阻值为最大值30Ω时，定值电阻两端电压仍为2V根据串联分压原理，滑动变阻器两端电压为3V此时电路的总电压为5V，则更换的电源电压范围是2~5V，因此该方法可行，故B不符合题意；C．如果只调整电压表的示数，已知电压表量程为3V，则定值电阻两端的电压最大为3V，此时滑动变阻器的电压应为3V，根据串联分压原理，当定值电阻换为20Ω时，滑动变阻器调为20Ω即可；滑动变阻器阻值为30Ω，定值电阻的阻值为20Ω时，由串联分压原理可知，此时定值电阻两端电压为2.4V，则应该控制电压表示数U0的范围为2.4~3V，因此该方法可行，故C不符合题意；D．实验过程中，电源电压为6V，当定值电阻为15Ω时，为了达到定值电阻两端电压为2V，若再串联一个15Ω的电阻，同时将滑动变阻器的阻值调到15Ω，根据串联分压原理，电源电压将平均分到三个用电器上，且都是2V。但当定值电阻为5Ω时，为了达到定值电阻两端2V的电压，则电路中电流为0.4A，总电流总电压为6V，电路中总电阻为15Ω，而此时电路中总阻值至少20Ω，因此该方法不可行，故D符合题意。故选D。（4）[4]由图丙知，电流与电阻的倒数成正比，故电压一定时，电流与电阻成反比。（5）[5][6]闭合开关S、S1，断开开关S2时，移动滑动变阻器滑片P的位置，记录电压表的示数为U1，此时两电阻串联，电压表测量R0两端的电压，即断开开关S1，闭合其他开关，滑动变阻器滑片P的位置保持不动，记录电压表的示数为U2，此时两电阻仍串联，电压表测量R0和Rx两端的总电压，即则Rx两端的电压为通过的电流为电阻丝的阻值为电阻丝的阻值为12．

小球

电流

小于

重力【解析】（1）[1]本实验要探究物体动能大小与哪些因素有关，让不同小球从同一斜面的同一高度静止释放，是为了探究小球在水平面上移动时动能与质量的关系，而撞击木块移动一定距离，是为了体现小球所具动能的大小。所以本实验研究的对象是小球。（2）[2]图乙中，滑片P向右缓慢滑动时，变阻器接入电路的阻值变大，电路中的电流变小，部分大头针从电磁铁上落下，说明此过程电磁铁的磁性减弱。这表明电磁铁的磁性强弱与电流的大小有关。（3）[3]通过软管A向里吹气时，潜水艇中的水部分被排出，水的质量减少，则潜水艇的总质量减少，重力减少。当潜水艇所受的竖直向下的重力小于竖直向上的浮力时，便会上浮。[4]潜水艇潜入水中时，只受到浮力和重力的作用，当浮力等于重力便悬浮，浮力大于重力时便上浮，浮力小于重力时，便下潜。而潜水艇的体积不变，排开水的体积不变，据阿基米德原理知，所受的浮力不变，而潜水艇排水或进水时，自身重力会发生改变，所以是靠改变自身重力来实现上浮和下沉的。13．

大

小

0.28

0.7

小灯泡的亮度越亮

乙

乙同学各次实验定值电阻两端的电压保持不变为3V

电压【解析】（1）[1][2]由图甲知，M、N接入小灯泡后，电路是串联连接，闭合开关，电流表有示数说明电路通路，而电压表也有较小偏转，说明小灯泡没短路，且滑片由最大阻值片向中点处滑动的过程中，电流表和电压表的示数有增大，但不明显，说明滑动变阻器的阻值过大，造成电路的电流过小。（2）[3]由图乙知，电流表所用量程为小量程，对应的分度值为0.02A，示数为0.28A。[4]小灯泡的定额电压为2.5V，所以额定功率P=UI=2.5V×0.28A=0.7W[5]由表格数据知，3组实验中，小灯泡的电功率越大，小灯泡的亮度越亮。（3）[6][7][8]由图丙知，将四个电阻分别接入电路中，据相应的电流值知，各次实验甲图线对应的电压分别为U1=I1R1=0.6A×5Ω=3VU2=I2R2=0.4A×10Ω=4VU3=I3R3=0.3A×15Ω=4.5VU4=I4R4=0.25A×20Ω=5V乙图线对应的电压分别为U1′=I1′R1=0.6A×5Ω=3VU2′=I2′R2=0.3A×10Ω=3VU3′=I3′R3=0.3A×10Ω=3VU4′=I4′R4=0.15A×20Ω=3V而在探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻两端的电压应保持不变，所以乙同学实验操作符合要求。14．

正负接线柱接反了

0.32

7.5

大

灯泡越亮，灯丝的温度越高，灯丝的电阻越大

不改变滑动变阻器滑片位置

【解析】（1）[1]由图可知，电流表的指针发生了反转，其原因是电流表的正负接线柱接反了。（2）[2]电流表接入的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，故其读数为0.32A。（3）[3]小灯泡的额定电压为2.5V，由表中数据可知，当电压为2.5V时，电路中的电流为0.3A，则功率为P=UI=2.5V×0.3A=7.5W[4]根据表格中的数据可得，P1=3W，P2=7.5W，P3=8.96W，随着功率的增大，小灯泡的亮度也增大，即实际功率越大，灯越亮。（4）[5]小灯泡变亮，灯泡的实际功率变大，灯丝的温度升高，灯丝的电阻与温度有关，温度越高，电阻越大，即电压与电流的比值越大。（5）[6][7]已经测出小灯泡的额定电压，想要求出小灯泡的额定功率，还需知道小灯泡在额定电压下的电流，由于L2与R0串联，只需要电路中的总电阻不变，即滑动变阻器的滑片不移动，则计算出R0的电流便是通过小灯泡的电流。故闭合开关S，S2，断开S1时，滑动变阻器的滑片位置不动。此时，电阻两端的电压为U-U额，由欧姆定律可知，通过电路的电流为小灯泡的额定功率为15．

熔点

相同

20s切断泡沫的页数

见详解

2、4、5

C【解析】（1）[1]金属丝要保持固态才能完成切割工作，铜丝导电能力强，同等条件下，通过的电流很大，铜丝的温度就会急剧上升，温度达到铜丝的熔点，铜丝就断了，不适合做电热丝。（2）[2]本实验中切割能力不便直接观察，可以通过20s切断泡沫的页数来间接反映，故要选择长度、材质相同的泡沫板。（3）[3]本实验中切割能力不便直接观察，可以通过20s切断泡沫的页数来间接反映，这种方法叫转换法。[4]分析表格中1、2、3三组实验数据，金属丝的长度与横截面积相同，电源电压不同，可以得出结论为在电热丝的长度与横截面积相同，电热丝（镍铬合金丝）的切割能力与电源电压有关。[5]得出电热丝的切割能力与电热丝接入电路的长度是否有关，根据控制变量法，要求金属丝的横截面积、电源电压相同，长度不同的进行比较，符合要求的为2、4、5。[6]根据数据分析，比较2、4、5，在电源电压相同时，电热丝越短，切割能力越强，比较2、6、7，在电源电压相同时，电热丝越粗，切割能力越强，要想使“电热丝切割机”的切割能力强，在电源电压一定时，电热丝越短、越粗，切割能力越强，故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。16．

b

0.5

4

灯丝的电阻随温度的改变而改变

B【解析】（1）[1]为防止电流过大而损坏电路元件，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于最大阻值处，即b端。（2）[2][3]电流表示数如图丙所示，电流表接入的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，故电流为0.5A，此时小灯泡正常发光，即额定电压为2V，所以此时灯丝电阻为（3）[4]当灯泡两端电压增大时，电流变大，灯丝的温度升高，灯丝的电阻与温度有关，所以不符合“通过导体的电流与导体两端的电压成正比”这一规律原因是灯丝的电阻随温度的改变而改变。（4）[4]闭合开关S1，断开S2，读出电流表的示数I1，为通过R0的电流，闭合开关S2，断开S1，读出电流表的示数I2，为通过Rx的电流。由并联电路电压的规律及欧姆定律可得变形得Rx的表达式为（5）[5]测定值电阻的阻值时，为了减小误差，应多次测量求平均值，但灯丝的电阻会随温度的改变而改变，求平均值没有意义，所以小宇的说法正确，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。17．

电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比

2.5

短路

50

1.5

0.75【解析】（1）[1]由图像可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。（2）[2]实验中，控制电阻两端的电压不变，由图乙得，当电阻为5Ω时，电流为0.5A，由欧姆定律可知，两端的电压控制为（3）[3]由图得，电阻R与滑动变阻器串联，电压表测量电阻R的电压，电流表测量电路中的电流，电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的支路短路，因此故障可能是与电压表并联的定值电阻短路了。（4）[5]定值电阻两端的电压始终保持根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压由串联电路特点得倍，根据分压原理，当滑动变阻器接入电路的电阻最大为30Ω时，接入电路中的定值电阻的电阻最大为即小明为了能够完成上述实验，更换的电阻的阻值不能超过。（5）[6]由图丙得，①闭合开关、，断开时，小灯泡短路，只有接入电路，电压表的示数等于电源电压大小，即②闭合、，断开时，小灯泡与串联，电压表测两端电压，灯泡正常发光时，灯两端的电压为根据串联电路电压规律可知，此时滑动变阻器R的电压为即电压表示数为1.5V时，灯正常发光。[7]③闭合、，断开，只有接入电路，电压表测部分两端的电压，示数为时，为电源电压的一半，由串联电路的分压原理可知，与电压表并联部分的电阻为最大值的一半，即；④在②中，接入电路的电阻为，电路中的电流为小灯泡的额定功率为18．

断路

右

10

1

温度

D

C【解析】（1）[1]闭合开关，移动滑片P，小明发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，说明该电路断路，电压表有示数，说明与电压表并联的电路部分发生了断路，则故障可能是灯泡断路。（2）[2][3]由图乙可知，电压表量程是0~3V，最小分度值是0.1V，电压表示数是2V；要使灯泡正常发光，应使灯泡两端电压增大，根据串联电路的电压特点，应减小滑动变阻器两端的电压，根据串联分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应向右移动滑动变阻器的滑片，使灯泡两端的电压增大，直到电压表示数等于灯泡额定电压为止；由表可知，当小灯泡电压为2.5V时，通过小灯泡的电流为0.25A，根据欧姆定律可知，小灯泡的电阻为（3）[4][5]当小灯泡电压为0.5V，电流为0.10A时，滑动变阻器两端电压为由欧姆定律可知，滑动变阻器的电阻为故第1次实验数据错误；由于灯丝电阻受温度影响，随温度的变化而变化，因此由实验数据可知，灯泡电阻是在变化的；灯泡在不同电压下的电阻不同，求灯泡不同电压下电阻的平均值的做法是没有意义的。（4）[6]A．将电流表放在不同位置可以探究串联电路的电流特点，移动滑动变阻器可以实现多次测量找普遍规律，故A不符合题意；B．用电流表测量出通过灯泡的电流和灯泡两端的电压，根据测量小灯泡的电阻，故B不符合题意；C．将电压表分别并联在灯泡、滑动变阻器以及电源的两端，可以探究串联电路的电压特点，故C不符合题意；D．在探究电流与电压的关系时需要控制电阻不变，而灯泡的电阻随温度的升高而变大，不是定值，所以不能探究电流与电压的关系，故D符合题意。故选D。（5）[7]分析电路图，判断哪个电路可以用来测量另一个小灯泡的额定功率。A．小灯泡、定值电阻R0和滑动变阻器三者串联，开关S先接a，通过移动滑片的位置，使灯泡的电压为额定电压，保持滑片位置不动，开关S再接b，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，通过欧姆定律计算出通过定值电阻的电流，即可知通过小灯泡的额定电流，可以用来测量小灯泡的额定功率，故A不符合题意；B．小灯泡、定值电阻R0并联后和滑动变阻器进行串联，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻应起到电压表的测量作用，开关S先接b，电流表测量的是定值电阻R0的电流，通过移动滑动变阻器的滑片使电流表的示数为，此时灯泡正常发光，保持滑片位置不动，开关S再接a，电流表测量的是小灯泡和定值电阻R0的总电流，通过串并联电路中电流和电压的规律得到通过小灯泡的额定电流，可以用来测量小灯泡的额定功率，故B不符合题意；C．小灯泡、定值电阻R0并联后和滑动变阻器进行串联，无论开关S接a还是接b都无法得知小灯泡是否正常发光，故无法测量小灯泡的额定功率，故C符合题意。故选C。19．

电压表并联的小灯泡断路了

B

1.25W

U1·【解析】（1）[1]由题知，滑动变阻器应与灯泡串联，用于控制灯泡的亮度，滑片向A滑时小灯泡变暗，说明滑片向A滑时，变阻器连入电路的阻值增大，故应将B接线柱接入电路，如图所示：（2）[2]电流表示数始终为零，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，说明电压表并联的支路以外的电路是完好的，因此故障可能是与电压表并联的小灯泡断路了。（3）[3]由图乙得，电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.8V，小于灯泡的额定电压2.5V，要获得小灯泡额定功率的数据，应增大灯泡的电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器的电压，由分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向B移动，直到电压表示数为灯泡的额定电压2.5V。（4）[4]根据图丙所示的小灯泡电流随电压变化的关系图像可知，灯在额定电压2.5V时的电流为0.5A，则小灯泡的额定功率是（5）[5]闭合开关S、S1，灯泡、电阻R0、滑动变阻器串联，电压表测量小灯泡两端的电压，移动滑片P使电压表的示数为U1，即小灯泡两端的电压是U1，保持滑片P位置不动，只断开开关S1，闭合开关S2，小灯泡、电阻R0、滑动变阻器R串联，电压表测量小灯泡和定值电阻两端的电压，记下电压表的示数为U2，定值电阻两端的电压是定值电阻中的电流定值电阻和小灯泡串联，根据串联电路电流处处相等，则小灯泡中的电流是小灯泡的功率20．

灯泡L断路

1.14

大

【解析】（1）[1]测量额定电压为的小灯泡的额定功率，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡的电压，量程应选用0~15V，滑动变阻器的滑片向右移动时灯泡变亮，故滑动变阻器的滑片向右移动时，接入电路中的电阻变小，滑动变阻器的右下端应接入电路中，如图所示：（2）[2]小亚在连接好电路之后，闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，说明电路中出现断路现象，电压表有示数，说明电压表与电源相连接，则电路中存在的故障应该是与电压表并联的灯泡L断路。（3）[3]由图乙得，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，即灯泡正常发光时的电流为0.3A，小灯泡的额定功率[4]实际测量时，电压表有示数时内部有微弱的电流通过，若考虑这个微弱电流的影响，则电流表测量的是正常发光的灯泡与电压表的总电流，因此所测得小灯泡的额定功率偏大。（4）[5]由图丁得，断开开关S1，闭合开关S2，定值电阻R0与灯泡L并联，电流表测量定值电阻R0的电流，当灯泡的电压为U额时，灯泡正常发光，由并联电路特点得，此时定值电阻R0的电压为U额，因此移动滑动变阻器的滑片P，当电流表示数为时，小灯泡恰好正常发光。[6]保持滑动变阻器滑片P的位置不变，断开开关S2，闭合开关S1，定值电阻R0与灯泡L并联，电流表测量干路的电流，记下电流表示数为I；小灯泡正常发光时的电流为小灯泡L的额定功率为21．

短路

当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比

乙

大于

60

B【解析】（1）[1]实验过程中滑片P向左移动时，电压表的示数减小，电压表测量定值电阻两端的电压，即定值电阻两端电压减小，滑动变阻器两端电压赠大米滑动变阻器接入电路的阻值增大，所以滑动变阻器右下接线柱连入电路中，如图所示：（2）[2]正确连接后，闭合开关，电流表有示数，电路为通路，发生的电路故障是短路，电压表无示数，可能是定值电阻发生了短路。（3）[3]根据表1数据可知故可得到结论：电阻一定时，电流与电压成正比。（4）[4]电源电压为6V，当定值电阻两端电压最小时，滑动变阻器两端电压最大，滑动变阻器接入电路的阻值最大，定值电阻两端电压最小是1.0V，所以滑动变阻器两端电压的最大值U滑=U-UR=6V-1V=5V电路中的电流为0.1A，则滑动变阻器的最大阻值故“10Ω

1A”的滑动变阻器不能得到表1中的数据，由表1可知，电路中的最大电流是0.3A，所以“100Ω

0.2A”的滑动变阻器不能使用，所以选择“50Ω0.5A”的乙滑动变阻器。（5）[5]电压表测量定值电阻的电压，所以当定值电阻阻值增大时，电压表的示数增大，由于定值电阻的阻值太大，使得无论怎样调节滑动变阻器，电压表的示数都大于2V。[6]实验过程中需要控制定值电阻两端的电压等于2V，当定值电阻的阻值为30Ω时，电路中的电流为此时滑动变阻器两端的电压U滑'=U-UR=6V-2V=4V则滑动变阻器接入电路的阻值所以滑动变阻器的最大阻值不得小于60Ω。[7]A．此时滑动变阻器的最大阻值为50Ω，如果不能更换滑动变阻器，可在电路中串联一个10Ω的电阻，使得滑动变阻器的最大阻值加串联电阻等于60Ω，所以可以串联一个10Ω的电阻来完成实验，故A不符合题意；B．由于定值电阻的阻值较大，滑动变阻器的最大阻值一定，换用30Ω的电阻时，定值电阻两端分担的电压较大，会大于2V，所以可以通过减小电源电压的方法来完成实验，故B符合题意；C．滑动变阻器阻值调至最大时，定值电阻两端控制的电压最小，则最小电压电源电压为6V，所以控制的最大电压为6V，即U1的取值范围为2.25V~6V，可以完成实验，故C不符合题意。故选B。22．

断开

电压

左

0.625

减小

大【解析】（1）[1]为了保护电路，连接实物电路时，开关应断开。（2）[2][3]图乙中，电压表串联在电路中测电源两端的电压有示数，因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以电路中无电流，电流表无示数；应将电压表并联在灯泡两端，电流表串联在电路中，如下图所示：（3）[4]当电压表示数为1.8V时，小于灯泡的额定电压2.5V，应增大灯泡的电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器的电压，由分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为灯泡的额定电压2.5V。（4）[5]根据图丙所示的小灯泡电流随电压变化的关系图象知，灯在额定电压2.5V时的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率是P额=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W[6]在该过程中，灯泡中的电压越小，电流越小，由P=UI可知小灯泡的实际功率随实际电压的降低而减小。（5）[7]电压表和灯泡并联，考虑有电流通过电压表，电流表测量电压表和灯泡的总电流，故灯泡的额定电流测量值偏大，灯泡两端的电压测量是准确的，根据P=UI得，灯泡的额定功率偏大。23．

N

左

最上端

500

正比

有磁场时，电阻GMR的阻值明显变大

方向【解析】（1）[1]如图所示，闭合开关S1，电流从螺线管的左边流入，根据安培定律，右手四指顺着电流方向握住螺线管，大拇指所在的方向为N极，所以螺线管右端为N极。[2]螺线管磁性的强弱与电流大小有关，若想使其磁性增强，则要使电路中电流变大，根据欧姆定律，滑动变阻器接入的电阻应变小，即R1的滑片应该向左端移动。（2）[3]为防止因电流过大而损坏电路元件，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于最大阻值处的上端。（3）[4][5]根据表格中数据可知，当电阻GMR两端的电压增加到原来几倍时，对应的电流也增加到原来的几倍，即电压与电流的比是定值，故电阻GMR的电流与电阻两端的电压成正比。当时，，无磁场时电阻GMR的大小为（4）[6]由表格数据可知，有磁场时电阻GMR的两端电压与电流的比仍为定值，故阻值为即，表明有磁场时，电阻GMR的阻值明显变大。（5）[7]螺线管磁场方向与电流方向有关，如果改变通电螺线管中的电流方向，螺线管的磁场方向也发生了改变，故可以进一步探究电阻GMR的大小与磁场的方向是否有关。24．

同一

同名磁极相互排斥

U形管液面高度差

丙【解析】（1）[1]动能的大小与质量和速度有关，在探究动能大小与质量的关系时，应控制小球A的速度不变，应让小球每次从斜面的同一高度由静止释放，以得到相同的速度推动木块。（2）[2]由乙图可知，相互靠近的N极相互排斥，由此可得出磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥。（3）[3]由丙、丁图可知，通过加热空气使之膨胀，推动U形管中的液体移动，导体产生的热量越多，U形管两边的高度差越大，所以探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验中，通过观察U形管内液面高度差来比较电流通过导体所产生热量的多少，这是转换法。[4]图丙得到的结论是：通过两电阻的电流和通电时间相同时，电阻越大，导体产生的热量越多；由图丁得到的结论是：电阻和通电时间相同，电流越大，导体产生的热量越多。电炉丝和导线串联接入电路，通过它们的电流和通电时间相同，而它们的电阻不同，根据Q=I2Rt可知，电炉丝和导线产生的热量不同，所以电炉丝通过导线接到电路里，电炉丝热得发红，而导线几乎不发热的现象可以用图丙的实验结论来解释。25．

左

C

0.26

0.65

A

4【解析】（1）[1]在“测量小灯泡的额定电功率”实验中，除电压表，其他元件应串联，电压表并在小灯泡两端。而电路中，电流通过电流表后，可以直接通过电流表与小灯泡左端相连的导线流向滑动变阻器，造成小灯泡短路，故需把电流表与小灯泡左端相连的导线拆除，如图所示：（2）[2]闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大端，需远离下面的接线柱，所以应移到最左端。（3）[3]A．如果小灯泡烧毁，电路是断路，电流表没有示数，与题意不符，故A不符合题意；B．小灯泡短路，电压表没有示数，与题意不符，故B不符合题意；C．灯泡的亮度是由实际功率决定的，电流表和电压表指针都有较小的偏转，但小灯泡不亮，说明小灯泡的实际功率太小，不足以使小灯泡发光，故C符合题意。故选C。（4）[4][5]由乙图可知，电流表接的是小量程，分度值为0.02A，所以电流表的示数为0.26A，即小灯泡的额定电流I额=0.26A，此时小灯泡正常发光，所以小灯泡的额定功率为P额=U额I额=2.5V×0.26A=0.65W（5）[6][7]探究电流与电阻的关系时，更换电阻，需调节滑片使电压表示数不变，即电阻两端的电压一定。当电阻为10Ω时，电流表的示数为0.4A，此时电压表的示数为Uv=IR=0.4A×10Ω=4V所以移动滑片保持电压表的示数为4V不变；根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成20Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，而探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动。26．

滑动变阻器断路

2.2

12.5

S1

S2

R1滑片

R2

【解析】（1）[1]图中灯泡与变阻器并联，电压表串联在电路中，应使灯泡与变阻器串联，电压表并联在灯泡两端，实物改接如图所示：（2）[2]小灯泡不亮，两电表无示数，电路可能有断路发生，将电压表改接在滑动变阻器下面两接线柱上，发现电压表有示数，此时电压表两接线柱到电源两极间是通路，则说明与电压表并联的滑动变阻器断路。（3）[3]由图乙知，电压表使用0~3V量程，分度值为0.1V，所以电压表示数为2.2V。（4）[4]灯泡的电压为2.5V正常发光，由图丙知，此时通过灯泡的电流为0.2A，所以灯泡的电阻为（5）[5][6][7][8][9]①按电路图连接电路；②仅闭合开关S1，移动R1滑片，使电流表的示数为I额灯泡正常发光。此时灯泡与R1串联；③仅闭合开关S2，保持R1滑片位置不动，移动R2滑片，使电流表的示数为I额。此时R1与R2串联，因为电路中电流仍为I额，所以R2=RL；④保持R2滑片位置不动，将另一个滑动变阻器（R1）滑片移到最左端，电流表的示数为I1，再将此滑动变阻器（R1）的滑片移到最右端，电流表的示数为I2。由串联电路特点和欧姆定律可得U=I1R2=I2(R1+R2)解得⑤小灯泡正常发光时的电阻为27．

0.28

0.7

增大

第七次与第八次都是熄灭状态，电阻不会随着温度的变化而改变，但实验测得第八次电阻变化明显，不符合实际。

增大

温度【解析】（1）[1]滑动变阻器要串联到电路中，电压表要测量小灯泡两端的电压。如图所示（2）[2][3]电流表的分度值为0.02A，读数为0.28A。小灯泡的额定电压是2.5V，故额定功率为P=UI=2.5V×0.28A=0.7W（3）[4][5]通过计算可知小灯泡越亮，小灯泡的电功率越大。由求得这八次实验的电阻分别为9Ω、8.9Ω、8Ω、6.8Ω、6.2Ω、5Ω、3.1Ω、2Ω，但是第7次与第8次实验灯泡都是熄灭的，灯丝并不会因为温度变化而产生电阻明显变化或测的电阻变化很微弱。实验测的第8次电阻变化明显，不符合实际。（4）[6][7]表中还可以看出灯泡电阻随其电压增大而增大，这是因为灯丝的电阻与温度有关，电压增大，电流与灯泡亮度也增大，温度升高，电阻增大。28．

断路

0.2

2

右

反比

B

30【解析】(1)[1]当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：。(2)[2]将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关后电流表无示数，电路可能断路，发现电压表有示数且接近电源电压，电压表与电源连通，故其原因可能是定值电阻断路。(3)[3]排除故障后，更换不同电阻进行实验，测得数据填入下面表格，第一次实验时，电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为，由欧姆定律，电阻的电压为[4]根据串联分压原理可知，将定值电阻由改接成的电阻，电阻增大，其分得的电压增大。[5]探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为。(4)[6]由表中数据可知，电阻增大为原来的几倍，通过的电流为原来的几分之一，即导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。(5)[7]根据表格最后一组数据，由欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入电路的电阻为滑动变阻器的最大量程应不小于，故实验中选用的滑动变阻器可能是B。(6)[8]①按电路图连接电路，电流表选择合适的量程，将滑动变阻器滑片P调至端，闭合开关S，读出电流表的示数为；待测电阻与变阻器的最大电阻串联，由串联电阻的规律②将滑动变阻器滑片P调至端，读出电流表的示数为；根据欧姆定律，电源电压不变时，电流与电阻成反比，故可解得29．

气体

10

电阻【解析】[1]单位时间内电流通过导体时产生的热量越多，空气的温度升高的越快，内外的气压差越大，U形管中液面的高度差越大，利用气体的热胀冷缩来反应电阻丝放出热量的多少。[2]研究电流产生的热量与电流的关系，应控制通电时间相同，两个密闭容器中电阻相等，故R2=R1=10ΩR2的阻值为10Ω。[3]R3和R2并联后总电阻R并==3.7Ω将R3和R2并联接入右边密闭容器中，左右两个密闭容器中电阻不同，通电时间相同，电流相同，故可研究电流产生的热量与电阻的关系。30．

不对

没有控制电池的容量相同

化学

55944J

放电时间

温度越低电池容量越小

在电池周围加电热装置【解析】（1）根据控制变