2023年辽宁省抚顺市六校联合体高二物理第二学期期中统考试题含解析

2023年辽宁省抚顺市六校联合体高二物理第二学期期中统考试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列应用了温度传感器的是()A．商场里的自动玻璃门B．夜间自动打开的路灯C．自动恒温冰箱D．楼梯口的夜间有声音时就亮的灯2、如图所示，两根间距为L的平行光滑金属导轨，放置在倾角为θ的斜面上，质量为m的金属棒ab与导轨垂直。导轨下端接有阻值为R的电阻，其余电阻不计。磁场垂直于斜面向上，ab受到沿斜面向上的恒力F作用，沿导轨以速度v匀速下滑，重力加速度为g。则在ab匀速下滑过程中，以下说法正确的是（）A．重力的功率为B．电阻R消耗的功率为(mgsinθ－F)vC．电阻R上产生的电热等于重力与安培力做功代数和D．电阻R上产生的电热等于恒力F与安培力做功代数和3、如图所示，在水平连线MN和PQ间有竖直向上的匀强电场，在MN上方有水平向里的匀强磁场．两个质量和带电量均相等的带正电的粒子A、B,分别以水平初速度v0、2v0从PQ连线上O点先后进入电场，带电粒子A、B第一次在磁场中的运动时间分别为tA和tB,前两次穿越连线MN时两点间的距离分别为dA,和dB,粒子重力不计，则A．tA一定小于tB，dA一定等于dBB．tA一定小于tB，dA可能小于dBC．tA可能等于tB，dA一定等于dBD．tA可能等于tB，dA可能小于dB4、如图所示，弹簧振子在A、B之间做简谐运动，O为平衡位置，A、B间的距离为20cm，由A运动到B的最短时间为1s，则下述说法正确的是（）A．从O到A再到O振子完成一次全振动B．振子的周期是1s，振幅20cmC．振子完成两次全振动所通过的路程是40cmD．从O点开始经过2s时，振子对平衡位置的位移为零5、一定质量的理想气体经历一系列变化过程，如图所示，下列说法正确的是（）A．过程中，气体体积增大，从外界吸热B．过程中，气体体积增大，从外界吸热C．过程中，气体体积不变，向外界放热D．过程中，气体内能增大，向外界放热6、如图所示的交变电流，每个周期的前三分之一周期按正弦规律变化，后三分之二周期电压恒定，将该电压加在阻值为3Ω的定值电阻两端，电阻消耗的功率为10W，则图中U0的值为（）A．4V B．5V C．6V D．8V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、(多选)如图所示，竖直平行金属导轨MN、PQ上端接有电阻R，金属杆ab质量为m，跨在平行导轨上，垂直导轨平面的水平匀强磁场的磁感应强度为B，不计ab与导轨电阻及一切摩擦，且ab与导轨接触良好．若ab杆在竖直向上的外力F作用下匀速上升，则以下说法正确的是()A．杆ab克服安培力做的功等于电阻R上产生的热量B．拉力F所做的功等于电阻R上产生的热量C．拉力F与重力做功的代数和等于电阻R上产生的热量D．电流所做的功等于重力势能的增加量8、下列说法正确的是（）A．可以从单一热库吸收热量，使之完全变成功B．悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了水分子的热运动C．分子间的引力和斥力都随分子间距的增大而增大。D．若两分子克服它们之间的分子力做功，则这两个分子组成的系统的分子势能增加9、南极考察队队员在地球南极附近用弹簧秤竖直悬挂一未通电螺线管，如图所示，下列说法正确的是（）A．若将a端接电源正极，b端接电源负极，则弹簧秤示数将减小B．若将a端接电源正极，b端接电源负极，则弹簧秤示数将增大C．若将b端接电源正极，a端接电源负极，则弹簧秤示数将增大D．不论螺线管通电情况如何，弹簧秤示数均不变10、如图所示的火警报警装置，R1为热敏电阻，若温度升高，则R1的阻值会急剧减小，从而引起电铃电压的增加，当电铃电压达到一定值时，电铃会响．下列说法正确的是（）A．要使报警的临界温度升高，可以适当增大电源的电动势B．要使报警的临界温度升高，可以把R2的滑片P适当向下移C．要使报警的临界温度降低，可以适当增大电源的电动势D．要使报警的临界温度降低，可以把R2的滑片P适当向下移三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）图1所示为“测定玻璃的折射率”实验用的长方体玻璃砖，它的______________面不能用手直接接触．在“测定玻璃的折射率”的实验中，在白纸上放好玻璃砖，aa′和bb′分别是玻璃砖与空气的两个界面，如图2所示，在玻璃砖的一侧插上两枚大头针P1和P2，用“+”表示大头针的位置，然后在另一侧透过玻璃砖观察，并依次插上大头针P3和P1．在插P3和P1时，P1应挡住__________，P3和P1连线与___________连线在同一条光线的光路上．如果玻璃砖不是两面平行的，用这种插针法____________测出玻璃砖的折射率（选填“能”或“不能”）．12．（12分）现利用如图所示的装置验证动量守恒定律.在图中，小车A的前端粘有橡皮泥，后连着纸带，启动打点计时器，给小车A一初速度，然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘合成一体，继续运动.实验测得小车A的质量m1＝0.81kg，小车B的质量m2＝0.84kg，打点计时器所用交流电的频率f＝50.0Hz.碰撞前后打出的纸带如图乙所示（单位cm）.(1)关于实验过程中的注意事项，下列说法正确的是（________）A．长木板下应垫着薄木片以平衡摩擦力B．小车A和小车B的车轮应该选用同种材料制成的C．应选用质量差不多大的两个小车D．应选用足够光滑的长木板(2)碰前两小车的总动量为________kg·m/s，碰后两小车的总动量为________kg·m/s.（保留三位有效数字）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，金属杆ab以初速度v0＝4m/s沿水平面内的固定轨道运动，经一段时间后停止（杆没与电阻R发生碰撞）。ab的质量为m＝5g，导轨宽为L＝0.4m，电阻为R＝2Ω，其余的电阻不计，磁感强度B＝0.5T，棒和导轨间的动摩擦因数为μ＝0.4，测得杆从运动到停止的过程中通过导线的电量q＝10﹣2C，求：上述过程中（g取10m/s2）（1）杆ab运动的距离；（2）杆ab运动的时间。14．（16分）如图甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图。其矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的匝数n=100匝，电阻r=10Ω，线圈的两端经集流环与电阻R连接，电阻R=90Ω，与R并联的交变电压表为理想电表。在t=0时刻，线圈平面与磁场方向平行，穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间t按图乙所示正弦规律变化。求：(1)交流发电机产生的电动势最大值；(2)电动势的瞬时值表达式；(3)线圈转过s时电动势的瞬时值；(4)电路中交变电压表的示数。15．（12分）将一测力传感器连接到计算机上就可以测量快速变化的力，如图甲所示，O点为单摆的悬点，现将小球（可视为质点）拉到A点，此时细线处于张紧状态，释放摆球，则摆球在竖直平面内的ABC之间来回摆动，其中B点为运动中最低位置，∠AOB=∠COB=，小于5°且是未知量。图乙表示由计算机得到细线对摆球的拉力大小F随时间变化的曲线，且图中t=0时刻为摆球从A点开始运动的时刻，g取10m/s2，根据力学规律和题中信息，求：(1)单摆的周期和摆长；(2)摆球所受重力（用F1、F2表示）。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：A、商场里的自动玻璃门是应用了红外线传感器，A错误；B、夜间自动打开的路灯是利用了光传感器，B错误；C、自动恒温冰箱是利用了温度传感器，C正确；D、夜间有声音时就亮的楼梯灯是利用了声音传感器，D错误；故选C2、B【解析】

A．沿重力方向的速度为则重力的功率为故A错误；B．由题知，ab匀速下滑，根据平衡条件有解得故ab克服安培力的功率为根据能量守恒可知，电阻R消耗的功率等于ab克服安培力的功率，则有故B正确；CD．设重力做功、恒力做功、克服安培力做功分别为W1、W2、W3，因为匀速运动，根据动能定理有W1+W2-W3=0又W3=Q得W1+W2=Q即重力与恒力做功的代数和等于电阻R上产生的电热，故CD错误。故选B。3、A【解析】

两带正电粒子先在电场中做类平抛运动后在磁场中做匀速圆周运动，设类平抛的速度偏向角为α，则匀速圆周运动的圆心角为，因，，B粒子的水平速度大，则类平抛的时间短，较小，则α角较小，故圆周运动的圆心角较大，由可知时间较长，即；磁场中穿过的距离构成弦长，，，联立可得，因两粒子做类平抛的水平初速度不等，但沿着电场线方向的做功相同，速度相同，故和推得.综上可知A正确．故选A．【点睛】本题考查了粒子在电场与磁场中的运动，分析清楚粒子运动过程、作出粒子运动轨迹是解题的关键，应用类平抛运动规律、牛顿第二定律与粒子做圆周运动的半径公式可以解题4、D【解析】A项：从0到A再到O振子完成半个全振动，故A错误；B项：从A运动到B的最短时间为1s，为半个周期，则周期为2s，振幅A=10cm，故B错误；C项：振子完成一次全振动通过的路程是4A，故振子完成三次全振动所通过的路程是：S=2×4A=12A=8×10cm=80cm；故C错误；D项：从O开始经过2s时，刚好完成一个全振动，振子回到O点，故振子对平衡位置的位移为零，故D正确．点晴：本题考查对简谐运动的周期、振幅的理解和判别能力．对于简谐运动质点通过的路程，往往一个周期通过4A去研究．5、A【解析】

A．过程中气体的温度保持不变，内能不变，压强减小，根据pV=C可知气体体积变大，对外做功，则根据热力学第一定律可知，气体吸热，选项A正确；B．过程中，气体压强不变，温度降低，内能减小，根据即气体体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知，气体放热，选项B错误；CD．过程中，由图可知与成正比，则气体发生等容变化，不对外做功，也不对内做功；气体压强增大，温度升高，内能变大，则气体吸热，故CD错误；故选A。6、C【解析】

取一个周期进行分析，在0～1s时间内是正弦式电流，则电压的有效值等于最大值除以，即在1s～3s时间内是恒定电流，则有效值等于U0，则在0～3s内，产生的热量解得故C正确，ABD错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】根据功能关系知，杆ab克服安培力做功等于电阻R上产生的热量．故A正确．根据能量守恒定律知，拉力F做的功等于重力势能的增加量和电阻R上产生的热量之和．故B错误．根据动能定理知，拉力和重力做功等于克服安培力做功的大小，克服安培力做功等于电阻R上的热量．故C正确．安培力的大小与重力的大小不等，则电流做的功与重力做功大小不等，即电流做功不等于重力势能的增加量．故D错误．故选AC.8、ABD【解析】

A．根据热力学第二定律可知，可以从单一热库吸收热量，使之完全变成功，但要引起其它变化，选项A正确；B．布朗运动是悬浮在水中花粉的无规则运动是由于液体分子对花粉颗粒的无规则撞击形成的，所以布朗运动反映了水分子的热运动，选项B正确；C．分子间的引力和斥力都随分子间距的增大而减小，选项C错误；D．若两分子克服它们之间的分子力做功，则这两个分子组成的系统的分子势能增加，选项D正确。故选ABD。9、AC【解析】

AB．若将端接电源正极，端接电源负极，则根据安培定则可知，螺线管的下端是磁场的N极，磁场的方向向下；又南极附近的磁场的方向向上，所以螺旋管将受到排斥力，弹簧测力计示数将减小，故A正确，B错误；C．若将端接电源正极，端接电源负极，则根据安培定则可知，螺线管的上端是磁场的N极，磁场的方向向上；又南极附近的磁场的方向向上，所以螺旋管将受到吸引力，弹簧测力计示数将增大，故C正确；D．由上分析可知，故D错误；故选AC。10、CD【解析】

要使报警的临界温度升高，R1对应的阻值减小，电路中电流会增大，电铃两端的电压会增大，而电铃电压达到一定值时，电铃会响，要使电铃的电压仍为原来的值，必须适当减小电源的电动势，相反，要使报警的临界温度降低，可以适当增大电源的电动势．故A错误，C正确．要使报警的临界温度升高，R1对应的阻值减小，根据串联电路的特点可知，将使电铃的电压增大，要使电铃的电压仍为原来的值，可以把R2的滑片P适当向上移，以减小R2，相反，要使报警的临界温度降低，可以把R2的滑片P适当向下移，故B错误，D正确．故选CD．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、光学面P1、P2的像和P3连接P1、P2的光线能【解析】

(1)测定玻璃的折射率时利用光学面和折射，故要保持光学面干净，不能用手接触，否则影响折射效果．(2)根据实验的原理，连接P1、P2表示入射光线，连接P3、P1表示出射光线，连接两光线与玻璃砖的交点，即为折射光线．实验的过程中，要先在白纸上放好玻璃砖，在玻璃砖的一侧插上两枚大头针P1和P2，然后在玻璃砖另一侧观察，调整视线使P1的像被P2的像挡住，接着在眼睛所在一侧相继又插上两枚大头针P3、P1，使P3挡住P1、P2的像，使P1挡住P3和P1、P2的像．作插针法测定玻璃折射率的实验原理是折射定律,只要作出光路图，能找出入射角和折射角即可求出折射率，所以本方法能求出两边不平行的玻璃砖的折射率．12、（1）ABC;（2）1.62；1.60；【解析】

（1）长木板右端下面垫放一小木片是为了平衡摩擦力，让重力沿