陕西省西安市阎良区2023年物理高一第二学期期中质量检测试题含解析

陕西省西安市阎良区2023年物理高一第二学期期中质量检测试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、甲、乙两名滑冰运动员，m甲＝80kg，m乙＝40kg，面对面拉着弹簧秤做匀速圆周运动的滑冰表演，如图所示，两人相距0.9m，弹簧秤的示数为9.2N，下列判断中正确的是()A．两人的线速度相同，约为40m/sB．两人的角速度相同，为6rad/sC．两人的运动半径不同，甲为0.3m，乙为0.6mD．两人的运动半径相同，都是0.45m2、一个物体做曲线运动,在某时刻物体的速度v和合外力F的方向可能正确的是A．B．C．D．3、韩晓鹏是我国首位在冬奥会雪上项目夺冠的运动员．他在一次自由式滑雪空中技巧比赛中沿“助滑区”保持同一姿态下滑了一段距离，重力对他做功2000J，他克服阻力做功200J．韩晓鹏在此过程中()A．重力势能增加了2000JB．重力势能减小了2000JC．动能增加了2000JD．动能减小了2000J4、我国自主建设的北斗卫星导航系统由数十颗卫星构成，目前已向一带一路沿线国家提供相关服务，若其中的两颗人造卫星甲和乙，它们的轨道近似为圆。已知甲的周期为12小时，乙的周期为16小时，则甲乙两颗卫星的（）A．线速度之比为 B．角速度之比为C．向心加速度之比为 D．向心力之比为5、关于矢量和标量，下列说法正确的是（）A．位移和路程都是矢量B．速度和速率都是矢量C．时间和路程都是矢量D．速度和加速度都是矢量6、牛顿第一定律（）A．告诉我们：物体不受外力作用时，一定处于匀速直线运动状态B．是能用实验直接验证的C．表明：一切物体都有惯性D．适用于任何参考系7、一对平行金属板带有等量异种电荷，如果金属板不够大，两板之间的电场线就不是相互平行的直线，如图所示，C、D、E、F为金属板表面上的不同位置．关于该电场，下列说法正确的是()A．A点的场强大于B点的场强B．A点的电势高于B点的电势C．同一带电粒子分别从C移到D和从F移到E，电场力做功相等D．质子从P点沿平行于极板方向射入，它将曲线运动8、一人驾着小船渡过一条两岸平直、河水均匀流动大河，水流速度恒为6m/s。去程时船头指向始终与河岸垂直，航时8s；回程时行驶路线与河岸垂直，航时10s。船在静水中的速度大小相同，则下列正确的是()A．船在静水中的速度为12m/sB．去程时登陆点距出发点正对岸下游48m处C．回程时船的路程为80mD．去程船合速度方向与返程时船头指向相反9、地球围绕太阳沿椭圆轨道运动，地球从远日点向近日点运动过程中，下列说法正确的是（）A．速度变小B．速度变大C．加速度变小D．加速度变大10、质量分别为2m和m的A、B两个物体分别在水平恒力F1和F2的作用下沿水平面运动，撤去F1、F2后受摩擦力的作用减速到停止，其v－t图象如图所示，则下列说法正确的是A．F1、F2大小不相等B．全过程中摩擦力对A、B做功之比为1∶2C．A、B受到的摩擦力大小相等D．F1、F2对A、B做功之比为2∶111、用m表示地球的通信卫星(同步卫星)的质量，h表示离地面的高度，用R表示地球的半径，g表示地球表面的重力加速度，ω表示地球自转的角速度，则通信卫星所受的地球对它的万有引力的大小为()A． B．C． D．12、发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3，轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，如图所示．则在卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是（）A．卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B．卫星在轨道3上的角速度小于在轨道1上的角速度C．卫星在轨道1上经过Q点时的速度小于它在轨道2上经过Q点时的速度D．卫星在轨道2上经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度二．填空题(每小题6分，共18分)13、用如图甲所示的实验装置验证质量为的物块A、质量为的物块B组成的系统的机械能守恒，B从高处由静止开始下落，A上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。如图乙给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点之间还有4个点（图中未标出），计数点间的距离如图所示。已知，，打点计时器的频率为50Hz。（结果均保留2位有效数字）(1)在纸带上打下计数点5时物块的速度_________m/s。(2)在打下计数点0到计数点5的过程中系统动能的增量______J，系统势能减少量______J。（当地重力加速度约为）(3)若某同学作出图像如图丙所示，则当地的重力加速度_____。14、在“用单摆测重力加速度”的实验中，摆绳自然下垂状态下的摆绳长为L0，质量均匀分布的摆球半径为r，用停表测出n次全振动的时间为t.（1）利用单摆周期公式计算重力加速度g=_____________________。（2）下列选项哪些会使g的测量值偏小:_________，哪些会使g的测量值偏大_________。A．单摆振动过程中出现了圆锥摆的情况B．测摆长将摆线拉得过紧，C．正常测量摆长后，摆线来系紧，摆动过程中摆长逐渐变长，D．将n次全振动误记为n+1次，E.结束计时是秒表按下过迟。15、某同学通过实验测定一个阻值约为5Ω的电阻Rx的阻值．(1)现有电源(4V，内阻可不计)，滑动变阻器(0～50Ω，额定电流2A)，开关和导线若干，以及下列电表A．电流表(0～3A，内阻约0.025Ω)B．电流表(0～0.6A，内阻约0.125Ω)C．电压表(0～3V，内阻约3kΩ)D．电压表(0～15V，内阻约15kΩ)为减小测量误差，在实验中，电流表应选用________，电压表应选用________(选填器材前的字母)；实验电流应采用图中的________(选填“甲”或“乙”)．(2)如图是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线．请根据在(1)问中所选的电路图，补充完成图中实物间的连线_______________．(3)接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U.某次电表示数如图所示，可得该电阻的测量值=________Ω(保留两位有效数字)．三．计算题(22分)16、（12分）如图所示，一根长0.1m的细线，一端系着一个质量为0.2kg的小球，拉住线的另一端，使小球在光滑的水平桌面上做匀速圆周运动，使小球的转速很缓慢地增加，当小球的转速增加到r/s时细线断了。求：（1）线断开的瞬间，小球运动的线速度；（2）线断开前的瞬间，受到的拉力大小；（3）如果小球离开桌面时速度水平，落地时速度与水平方向的夹角为(sin=0.6，g取10m/s2)，求桌面高出地面的高度。17、（10分）小球从距水平地面高为h的位置以v0=10m/s的速度水平抛出，小球抛出点与落地点之间的水平距离为x=10m，不计空气阻力，取g=10m/s1．求：（1）小球在空中飞行的时间t；（1）小球抛出时的高度h．

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、C【解析】

甲、乙两人做圆周运动的角速度相同，向心力大小都是弹簧的弹力，则有M甲ω2r甲=M乙ω2r乙，即M甲r甲=M乙r乙；且r甲+r乙=0.9

m，M甲=80

kg，M乙=40

kg，解得r甲=0.3

m，r乙=0.6

m，由于F=M甲ω2r甲所以，而v=ωr，r不同，v不同，故ABD错误、C正确．故选C．【点睛】解本题关键要把圆周运动的知识和牛顿第二定律结合求解，知道两人角速度相同，两人对对方的拉力充当做圆周运动的向心力．2、A【解析】

曲线运动速度在曲线的切线方向上，合外力一定指向曲线弯曲的内测。故A正确，BCD错误。3、B【解析】

AB．重力对物体做功为2000J，是正功，则重力势能减小了2000J，故A错误，B正确；CD．重力对他做功2000J，他克服阻力做功200J，即阻力对他做功为−200J，则外力对他所做的总功为2000J−200J=1800J，是正功，根据动能定理得：他的动能增加了1800J，故CD错误；故选B．4、C【解析】

根据开普勒第三定律则A．根据可得线速度之比为选项A错误；B．根据可得角速度之比为选项B错误；C．根据a=ωv可得，向心加速度之比为选项C正确；D．因两卫星的质量关系不确定，不能比较向心力的关系，选项D错误。故选C。5、D【解析】矢量是指既有大小又有方向的物理量，如位移、速度、加速度等；而标量是指只有大小没有方向的物理量，如路程，质量、速率、时间等，故D正确．6、C【解析】

A．牛顿第一定律的内容为：一切物体在没有受到力的作用时(合外力为零时)，总保持匀速直线运动状态或静止状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态，A错误；B．因为现实中没有不受力的物体，所以牛顿第一定律不能通过实验直接验证，B错误；C．牛顿第一定律说明：一切物体都具有保持其运动状态不变的属性——惯性，C正确；D．牛顿第一定律只适用于惯性参考系，对非惯性参考系不适用，D错误。故选C。7、ABD【解析】

A．电场线的疏密表示电场强度的大小，则A点的场强大于B点的场强．故A项正确．B．沿电场线的方向电势降低，所以A点的电势高于B点的电势．故B项正确．C．由图知，C点与E点的电势相等，D点与F点的电势相等，所以；据可得，同一带电粒子分别从C移到D和从E移到F，电场力做功相等；则同一带电粒子分别从C移到D和从F移到E，电场力做功相反．故C项错误．D．P点处场强向下，质子在P点所受电场力向下，质子在P点沿平行于极板方向射入，质子受力方向与运动方向不在同一直线上，质子将做曲线运动．故D项正确．8、BC【解析】A、设河的宽度为d，水的速度为，船的速度为，根据题意：，回程时，联立可以得到：，故选项A错误；B、去程时水平方向为匀速直线运动，则水平位移为：，故选项B正确；C、回程时合速度为：，则合位移为：，故选项C正确；D、去程船合速度方向为如图所示：则：返程时船头指向为如图所示：则：，由于，故选项D错误。点睛：根据船头指向始终与河岸垂直，结合运动学公式，可列出河宽与船速的关系式，当路线与河岸垂直时，可求出船过河的合速度，从而列出河宽与船速度的关系，进而即可求解。9、BD【解析】从远日点向近日点运动过程中，地球距离太阳越来越近，引力做正功，根据动能定理可知，动能增加，即速度变大，故A错误，B正确．根据万有引力提供向心力得：ma＝，可知地球从远日点向近日点运动过程中，万有引力增大，向心加速度增大．故C错误，D正确．故选BD．点睛：本题要知道从远日点向近日点运动过程中，地球距离太阳越来越近，引力做正功，动能增大，但机械能守恒．10、AC【解析】AC项，v-t图像斜率为物体加速度大小，由两物体在摩擦力作用下匀减速运动过程，根据牛顿第二定律：f1=2mv两物体在分别在拉力作用下匀加速，根据牛顿第二定律：F1F2可解得：F1=3mv0t0BD项，全过程A、B两物块位移相同，摩擦力大小相等，因此摩擦力对两物体做功大小相等，对整个过程列动能定理则可知拉力f做功也应该是相等的，故BD错误；故选AC11、BCD【解析】试题分析：地球同步卫星的角速度与地球的自转的角速度ω相同，轨道半径为r=R+h，则根据向心力公式得：地球对卫星的引力大小为：F=mω2（R+h）．该卫星所受地球的万有引力为：在地球表面有，得到GM=gR2，联立得：．由解得：所以可得：,故BCD正确，A错误；故选BCD．考点：万有引力定律的应用【名师点睛】本题为卫星运动的典型题型，抓住万有引力等于向心力、万有引力等于重力，再根据向心力的基本公式求解，解题过程中要注意黄金代换式的应用．12、BCD【解析】人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有GMmr2=mv2r=mrω2．卫星的线速率v=GMr，轨道3的卫星半径大，速率小，故A错误；卫星的角速度ω=GMr3，轨道3的卫星半径大，角速度小，故B正确；从轨道1到轨道2，卫星在Q点是做逐渐远离圆心的运动，要实现这个运动必须使卫星所需向心力大于万有引力，所以应给卫星加速，增加所需的向心力，所以卫星在轨道1上经过Q点时的速率小于它在轨道2二．填空题(每小题6分，共18分)13、2.40.580.599.7【解析】

(1)[1]在打下计数点5时物块的速度(2)[2]在打下计数点0到计数点5的过程中系统动能的增量[3]系统势能减少量(3)[4]根据可得则图线的斜率由图像得所以14、CABDE【解析】

（1）[1]．单摆摆长L=L0+r，单摆周期，由单摆周期公式可得，；（2）A、单摆振动过程中出现了圆锥摆的情况，则摆长变小，周期变小，由可知，测得的重力加速度g偏大；B、测摆线长时摆线拉得过紧，单摆摆长偏大，由可知，重力加速度的测量值偏大；C、摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，计算时仍按测量值计算，L偏小，由可知，重力加速度的测量值偏小；D、实验中误将n次全振动记数为n+1次，则周期值会偏小，则由可知，重力加速度的测量值偏大；E、开始计时，秒表过迟按下，所测时间t偏小，则周期值会偏小，则由可知，重力