2023届内蒙古乌兰察布市集宁区北京八中乌兰察布分校高一物理第二学期期中经典试题含解析

2023届内蒙古乌兰察布市集宁区北京八中乌兰察布分校高一物理第二学期期中经典试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、两个互相垂直的匀变速直线运动，初速度分别为V1和V2，加速度分别为a1和a2，它们的合运动轨迹()．A．轨迹一定是直线B．如果V1=0，V2=0，那么轨迹一定是曲线C．轨迹一定是曲线D．如果，那么轨迹一定是直线2、关于向心加速度的物理意义，下列说法中正确的是()A．它描述的是线速度方向变化的快慢B．它描述的是线速度大小变化的快慢C．它描述的是角速度变化的快慢D．匀速圆周运动的向心加速度是恒定不变的3、甲乙两人在一幢楼的三楼窗口比赛掷垒球，他们都尽力水平掷出同样的垒球，不计空气阻力，甲掷的水平距离正好是乙的两倍，若乙要想水平掷出相当于甲在三楼窗口掷出的距离，则乙应（不计一楼窗口离地高度）（）A．在5楼窗口水平掷出 B．在6楼窗口水平掷出C．在9楼窗口水平掷出 D．在12楼窗口水平掷出4、关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．不受力的物体也可以做曲线运动 B．匀速圆周运动是线速度不变的运动C．平抛运动是匀变速曲线运动 D．物体受到变力作用时就一定做曲线运动5、水平放置的三个不同材料制成的圆轮A、B、C，用不打滑皮带相连，如图所示（俯视图），三圆轮的半径之比为RA：RB：RC＝3：2：1，当主动轮C匀速转动时，在三轮的边缘上分别放置一小物块P（可视为质点），P均恰能相对静止在各轮的边缘上，设小物块P所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，小物块P与轮A、B、C接触面间的动摩擦因数分别为μA、μB，μC，A、B、C三轮转动的角速度分别为ωA、ωB、ωC，则（）A．μA：μB：μC＝2：3：6B．μA：μB：μC＝6：3：2C．ωA：ωB：ωC＝1：2：3D．ωA：ωB：ωC＝6：3：26、如图所示是一个玩具陀螺，、和是陀螺上的三个点，当陀螺绕垂直于水平地面的轴线以角速度稳定旋转时，下列表述正确的是（）A．、和三点的线速度大小相等 B．、和三点的角速度相等C．、两点的角速度比的大 D．的线速度比、的大7、物体以某一初速度沿一粗糙斜面向上滑动，滑动中物体仅受到重力和斜面对它的作用，则此物体运动的速度一时间图像可能是下列图中的()A． B．C． D．8、竖直上抛运动是理想化的物理模型，实际的上抛运动是受阻力的。现有质量为2kg的物体以60m/s的速度竖直上抛，所受阻力恒为重力的0.2倍，重力加速度g取10m/s2。则物体由抛出到落回抛出点的过程中（）A．整个过程中重力做的功为零B．整个过程中阻力做的功为零C．整个过程中合力做的功是1200JD．运动到6s时刻重力的瞬时功率是160W9、如图所示，A、B、C三颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，已知三颗卫星的质量关系为mA=mB＜mC，轨道半径的关系为rA＜rB=rC，则三颗卫星（）A．线速度大小关系为B．加速度大小关系为C．向心力大小关系为D．周期关系为TA<TB=TC10、我国科学家正在研制航母舰载机使用的电磁弹射器。舰载机总质量为3.0×104kg，设起飞过程中发动机的推力恒为1.0×105N；弹射器有效作用长度为100m，推力恒定；要求舰载机在水平弹射结束时速度大小达到80m/s。弹射过程中舰载机所受总推力为弹射器和发动机推力之和，假设所受阻力为总推力的20%，则（）A．弹射器的推力大小为1.1×106N B．弹射器对舰载机所做的功为1.1×108JC．弹射器对舰载机做功的平均功率为8.8×107W D．舰载机在弹射过程中的加速度大小为32m/s211、关于物体做曲线运动，下列说法中，正确的是()A．物体做曲线运动时所受的合外力一定不为零B．物体所受的合外力不为零时一定做曲线运动C．物体有可能在恒力的作用下做曲线运动，如推出手的铅球D．物体只可能在变力的作用下做曲线运动12、粗糙的水平地面上一物体在水平拉力作用下做直线运动,水平拉力F及运动速度v随时间变化的图象如图甲和图乙所示．重力加速度g取10m/s1．以下说法正确的是A．1s末物体运动的加速度为1m/s1B．第1s内物体位移大小是4mC．物体的质量m=5kgD．0-4s过程中物体做匀变速直线运动二．填空题(每小题6分，共18分)13、某实验小组采用如图所示的装置来探究“功与速度变化的关系”｡实验中,小车碰到制动装置时,钩码尚未到达地面｡实验的部分步骤如下:①将一块一端带有定滑轮的长木板固定在桌面上,在长木板的另一端固定打点计时器;②把纸带穿过打点计时器的限位孔,连在小车后端,用细线跨过定滑轮连接小车和钩码;③把小车拉到靠近打点计时器的位置,接通电源,从静止开始释放小车,得到一条纸带;④关闭电源,通过分析小车位移与速度的变化关系来研究合外力对小车所做的功与速度变化的关系｡下图是实验中得到的一条纸带,点O为纸带上的起始点,A、B、C是纸带的三个计数点,相邻两个计数点间均有4个点未画出,用刻度尺测得A、B、C到O的距离如图所示,已知所用交变电源的频率为50Hz,问:（1）打B点时刻,小车的瞬时速度vB=__________m/s｡（结果保留两位有效数字）（2）本实验中,若钩码下落高度为时合外力对小车所做的功,则当钩码下落时,合外力对小车所做的功为_____________｡（用表示）（3）实验中,该小组同学画出小车位移x与速度v的关系图象如图所示｡根据该图形状,某同学对W与v的关系作出的猜想,肯定不正确的是________（填写选项字母代号）A．W∝vB．W∝v2C.W∝D．W∝v3（4）在本实验中,下列做法能有效地减小实验误差的是__________（填写选项字母代号）A．把长木板右端适当垫高,以平衡摩擦力B．实验中控制钩码的质量,使其远小于小车的总质量C．调节滑轮高度,使拉小车的细线和长木板平行D．先让小车运动再接通打点计时器14、用图1所示的实验装置做“研究平抛物体的运动”实验．①对于实验的操作要求，下列说法正确的是______．A．应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滚下B．斜槽轨道必须光滑C．斜槽轨道末端可以不水平D．要使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些E.为了比较准确地描出小球运动的轨迹，应该用一条光滑曲线把所有的点连接起来②图2是利用图1装置拍摄小球做平抛运动的频闪照片，由照片可判断实验操作错误的是__________（填选项前的字母）．A．释放小球时初速度不为0B．释放小球的初始位置不同C．斜槽末端切线不水平③图3是利用稳定的细水柱显示平抛运动轨迹的装置，其中正确的是________（填选项前的字母）．④根据实验结果在坐标纸上描出了小球水平抛出后的运动轨迹．部分运动轨迹如图4所示．图中水平方向与竖直方向每小格的长度均为l，P1、P2和P3是轨迹图线上的3个点，P1和P2、P2和P3之间的水平距离相等．若已测知抛出后小球在水平方向上做匀速运动，重力加速度为g．可求出小球从P1运动到P2所用的时间为_______，小球抛出后的水平速度为_______，小球运动到P2的速度大小为_____________．15、如图所示，两个完全相同的圆弧轨道分别固定在竖直板上的不同高度处，轨道的末端水平，在它们相同位置上各安装一个电磁铁，两个电磁铁由同一个开关控制，通电后，两电磁铁分别吸住相同小铁球A、B，断开开关，两个小球同时开始运动。离开圆弧轨道后，A球做平抛运动，B球进入一个光滑的水平轨道，则：（1）B球进入水平轨道后将做_____运动；改变A轨道的高度，多次重复上述实验过程，总能观察到A球正好砸在B球上，由此现象可以得出的结论是：_____。（2）若某次两个小球相碰的位置恰在水平轨道上的P点处，固定在竖直板上的方格纸的正方形小格边长均为5cm，则可算出A铁球刚达P点的速度为________m/s。（g取10m/s2，结果保留两位小数）。三．计算题(22分)16、（12分）如图所示，足够长的水平传送带在电动机的带动下匀速转动．现有一可视为质点、质量m＝0.5kg的煤块落在传送带左端(不计煤块落下的速度)，煤块在传送带的作用下达到传送带的速度后从右轮轴正上方的P点恰好离开传送带做平抛运动，正好落入运煤车车厢中心点Q.已知煤块与传送带间的动摩擦因数μ＝0.8，P点与运煤车底板间的竖直高度H＝1.8m，与运煤车车厢底板中心点Q的水平距离x＝1.2m，g取10m/s2，求：(1)传送带的速度大小v0；(2)右轮半径R；(3)由于传送煤块，电动机多做的功W.17、（10分）如图所示，水平转盘上放有质量为m的物体(可视为质点)，连接物体和转轴的绳子长为r，物体与转盘间的最大静摩擦力是其压力的μ倍，转盘的角速度由零逐渐增大，求：(1)绳子对物体的拉力为零时的最大角速度；(2)当角速度为时，绳子对物体拉力的大小．

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、D【解析】

当v1=v2=0，则将沿着合加速度方向，做匀加速直线运动，那么轨迹一定是直线，故B错误；如果v1≠0，v2≠0，当合初速度方向与合加速度方向共线时，则做直线运动，若两者不共线时，则那么轨迹一定是曲线，故AC错误；当合速度的方向与合加速度的方向在同一条直线上时，即时，运动轨迹为直线，故D正确；故选D．【点睛】解决本题的关键掌握判断合运动是直线运动还是曲线运动的方法，看合速度的方向和合加速度的方向在不在同一条直线上，判断合运动是直线还是曲线，看合初速度与合加速度是否共线．2、A【解析】

向心加速度只改变物体的速度的方向而不改变速度的大小，所以向心加速度表示物体线速度方向变化快慢，故A正确，BC错误；匀速圆周运动的向心加速度大小不变，方向始终指向圆心，则向心加速度是变化的，并非恒定不变的，故D错误。3、C【解析】

设乙在n楼窗口与甲在三楼窗口掷出的距离相等，一层楼高为h，则三楼高为2h，n楼高为（n-1）h，有①又甲、乙同在三楼时，甲掷的水平距离正好是乙的二倍，有②联立①②解得n=9故选C。4、C【解析】

A．物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，不受力的物体不可能做曲线运动，故A错误；B．匀速圆周运动的线速度大小不变，方向时刻变化，故匀速圆周运动是线速度变化的运动，故B错误；C．曲线运动的条件是物体的速度方向与合力方向不共线，平抛运动合力恒定，是典型的匀变速运动曲线运动，故C正确；D．物体受到变力的作用，如果力的方向和速度在同一条直线上时，物体做的仍是直线运动，只不过是物体的加速度的大小在变化，故D错误。故选C。5、A【解析】

小物块P水平方向只受最大静摩擦力，提供向心力，所以向心加速度a＝μg，而，ABC三轮边缘的线速度大小相同，所以，所以μA：μB：μC＝2：3：6；由v＝Rω可知，，所以ωA：ωB：ωC＝2：3：6，BCD错误A正确．6、B【解析】

a、b和c三点是同轴转动，则角速度相等；根据v=ωr可知，因ra=rb>rc可知va=vb>vc故选项B正确，ACD错误。故选B。7、BD【解析】物体可能先向上匀减速运动，后向下匀加速运动．上滑过程有：mgsinθ+f=ma1，下滑过程有：mgsinθ-f=ma2，由此可知a1＞a2，则上滑过程v-t图象的斜率绝对值比下滑过程的大，故AC错误，B正确．物体可能先向上匀减速运动，然后停在最高点．故D正确．故选BD．点睛：解决本题的关键要根据牛顿第二定律分析加速度的大小，知道v-t图象的斜率表示加速度．要考虑各种可能的情况，不要漏解．8、AD【解析】

A．由题知，物体由抛出到落回抛出点的过程中，竖直方向的位移为零，根据重力做功的特点，可知重力做的功为零，故A正确；B．根据阻力做功的特点，可知上升过程中，阻力做负功，下落过程中，阻力也做负功，故整个过程中阻力做的功不为零，故B错误；C．上升过程，对物体受力分析，根据牛顿第二定律有又联立解得则上升的位移为故整个过程中，阻力做的功为而整个过程中重力做功为零，故合力做的功为故C错误；D．由C可知，物体上升的时间为故物体运动到6s时刻，已向下运动了1s，对物体向下运动，根据牛顿第二定律有又联立解得根据速度时间公式有则重力的瞬时功率为代入数据解得，故D正确。故选AD9、BD【解析】

根据万有引力提供向心力：，解得：，由图示可知：rA＜rB=rC，所以vA＞vB=vC，故A错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，由图示可知：rA＜rB=rC，所以aA＞aB=aC，故B正确；向心力为，由题意知三颗卫星的质量关系为mA=mB＜mC，轨道半径的关系为rA＜rB=rC，所以可以判断：FA＞FB，FB＜FC，故C错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，由图示可知：rA＜rB=rC，所以TA<TB=TC，故D正确．所以BD正确，AC错误．10、ABD【解析】

D．设舰载机的加速度为a，根据运动学公式可得加速度D正确；A．根据牛顿第二定律其中代入数据得A正确；B．根据功的定义B正确；C．弹射器对舰载机做功的平均功率C错误。故选ABD。11、AC【解析】试题分析：根据牛顿第一定律，若物体所受合外力为0，物体静止或做匀速直线运动，不可能做曲线运动，A选项正确。当合外力方向与速度方向在一条直线上时，物体做直线运动，当合外力方式与速度方向不在一条直线上时，物体做曲线运动，B错误。推出手的铅球受到恒定重力的作用作曲线运动，C选项正确，D选项错误。考点：曲线运动条件点评：物体做曲线运动的条件只有一个，即合外力方向与运动方向不在一条直线上，与力的大小无关，此外还需要知道合外力的方向一定指向曲线凹的一侧。12、AC【解析】

根据速度图象的斜率等于加速度，知前1s内物体的运动加速度：，故A正确；第1s内物体的位移为：，选项B错误；根据牛顿第二定律得：前1s内：F1-μmg=ma；

后1s内：F1=μmg；由图得F1=15N，F1=5N；代入解得：m=5kg，故C正确；由图可知，0-4s过程中物体先做匀变速直线运动，后做匀速直线运动，选项D错误．二．填空题(每小题6分，共18分)13、0.40m/sACABC【解析】

(1)[1]相邻两个计数点间均有4个点未画出，可知时间间隔为T=0.1s，根据匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻瞬时速度，则(2)[2]若钩码下落h1合外力做功W0=mgh1，当钩码下落h2时，合外力做功W2=mgh2，可得：(3)[3]由于W=F合x，且F合为定值，因此W∝x，由图象知x与v不成正比，所以W∝v不成立；根据图象当x增大时，v增大，合外力做的功W也会增大，故不正确。所以选AC。(4)[4]AB．本实验探究“功与速度变化的关系”的实验，要使钩码的重力等于小车的合外力，就必须先平衡摩擦力，保证钩码的质量远小于小车的总质量。故AB符合题意。

C．调节滑轮高度，使拉小车的细线和长木板平行，让力的方向和位移方向在同一直线上，可以减小误差。故C符合题意。

D．应该先接通电源，后放开小车。故D不符合题意。14、ADECB【解析】(1)为了保证小球做平抛运动，斜槽末端必须水平，故C错误；而为了让小球每次做同样的平抛运动，小球每次应从同一位置滚下，故A正确；小球在运动中摩擦力每次都相同，故不需光滑，故B错误；为了得出更符合实际的轨迹，应尽量多的描出点，故D正确；记录点适当多一些，能够保证描点光滑，用平滑曲线连接，偏离较远的点应舍去，故E错误；(2)由图2可知，小球的轨迹从抛出点开始向上，说明小球不是做平抛运动，即斜槽末端切线不水平，故C正确；(3)竖直管内与大气相通，为外界大气压强，竖直管在水面下保证竖直管上出口处的压强为大气压强．因而另一出水管的上端口处压强与竖直管上出口处的压强有恒定的压强差，保证另一出水管出水压强恒定，从而水速度恒定．如果竖直管上出口在水面上，则水面上为恒定大气压强，因而随水面下降，出水管上口压强降低，出水速度减小，故应选B；(4)由图4所示可知：△h=4l，由匀变速直线运动推论得：△h=gt