2023届江苏省盐城市示范名校物理高二第二学期期中统考模拟试题含解析

2023届江苏省盐城市示范名校物理高二第二学期期中统考模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，面积为S的N匝矩形线圈，在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直磁场的轴以角速度ω匀速转动，就可在线圈中产生正弦交流电，图示位置线圈平面与磁场平行，下列说法正确的是（）A．线圈从图示位置转90°的过程磁通量的变化为NBSB．线圈转到中性面位置时产生的感应电动势为NBSωC．线圈转到图示位置时磁通量的变化率为BSωD．线圈从图示位置开始计时，感应电动势e随时间t变化的函数为e=NBSωsinωt2、碘131的半衰期约为8天,若某药物含有质量为的碘131，经过32天后,该药物中碘131的含量大约还有()A． B． C． D．3、如图所示，MN是一根固定的通电直导线，电流方向由N到M，今将一金属框abcd放在导线上，让线框的位置偏向导线的左边，两者彼此绝缘，当导线中的电流突然增大时，线框整体受力情况为A．受力沿x轴正向B．受力沿x轴负向C．受力沿y轴正向D．受力沿y轴负向4、重力为G的体操运动员在进行自由体操比赛时，有如图所示的比赛动作，当运动员竖直倒立保持静止状态时，两手臂对称支撑，夹角为θ，则：A．当时，运动员单手对地面的正压力大小为B．当时，运动员单手对地面的正压力大小为C．当θ不同时，运动员受到的合力不同D．当θ不同时，运动员与地面之间的相互作用力不相等5、如图甲所示，在光滑水平面上，一个正方形闭合线框abcd在水平外力的作用下，从静止开始沿垂直磁场边界方向做匀加速直线运动穿过匀强磁场。线框中产生的感应电流i和运动时间t的变化关系如图乙中的实线所示，则线框边长与磁场宽度(两边界之间的距离)的比值为()A．1︰3 B．1︰2 C．3︰8 D．3︰56、下列说法不正确的是（）A．物体内分子热运动的平均动能越大，则物体的温度越高B．液体表面层中分子间的相距作用表现为引力C．用显微镜观察液体中的布朗运动，观察到的是液体分子的无规则热运动D．一定质量的理想气体保持体积不变，温度升高，则单位时间内撞击器壁单位面积上的分子数增多二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、水平面上有质量相等的两个物体,水平推力分别作用在上。一段时间后撤去推力,物体继续运动一段距离后停下。两物体的图线如图所示,图中AB∥CD．则整个过程中()A．的冲量等于的冲量B．的冲量小于的冲量C．摩擦力对物体的冲量等于摩擦力对物体的冲量D．合外力对物体的冲量等于合外力对物体的冲量8、一个细小金属圆环，在范围足够大的磁场中竖直下落，磁感线的分布情况如图，其中沿圆环轴线的磁场方向始终竖直向上．开始时圆环的磁通量为，圆环磁通量随下落高度y变化关系为Φ=Φ0（1+ky）（k为比例常数，k>0）．金属圆环在下落过程中的环面始终保持水平，速度越来越大，最终稳定为某一数值，称为收尾速度．该金属环的收尾速度为v，已知金属圆环的电阻为R，忽略空气阻力，关于该情景，以下结论正确的有()A．金属圆环速度稳定后，△t时间内，金属圆环产生的平均感应电动势大小为kΦ0vB．金属圆环速度稳定后金属圆环的热功率P=（kΦ0v）2/RgC．金属圆环的质量m=（kΦ0）2v/RD．金属圆环速度稳定后金属圆环的热功率P=（kΦ0v）2/R9、一粒钢珠从静止状态开始自由下落，然后陷入泥潭中．若把在空中下落的过程称为过程I，进入泥潭直到停住的过程称为过程II，空气阻力忽略不计．则（）A．过程I中钢珠动量的改变量等于重力的冲量B．过程Ⅱ中阻力的冲量的大小等于过程I中重力冲量的大小C．过程II中钢珠克服阻力所做的功等于过程I与过程II中钢珠所减少的总重力势能D．过程II中损失的机械能等于过程I中钢珠所增加的动能10、如图所示，汽缸内用厚度不计、质量为m的活塞封闭一定质量的理想气体，活塞横截面积为S，到汽缸底部距离为L，活塞与汽缸壁间的摩擦不计，汽缸导热性能良好，现缓慢地在活塞上加一定质量的细砂，活塞下移达到稳定，环境温度保持不变，大气压强为p0，重力加速度为g，则（）A．细砂质量为B．汽缸内分子平均动能增大C．汽缸内气体分子密度不变D．单位时间内撞击汽缸壁单位面积上的分子数增多三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）一滑块自左向右运动，现用频闪照相机在同一张底片上多次曝光，记录下滑块每次曝光时的位置，如图所示，连续两次曝光的时间间隔为0.1s，则滑块在第4次曝光时位置读数是______cm；滑块在第6次曝光时的速度大小为______m/s；滑块的加速度大小为______m/s2。12．（12分）用伏安法测量某一小灯泡的伏安特性曲线，现有实验器材如下：A．小灯泡（额定电压2.5V，额定电流0.3A）B．电流表（量程0.6A，内阻约0.125Ω）C．电流表（量程3A，内阻约0.025Ω）D．电压表（量程3V，内阻约3kΩ）E．滑动变阻器（0-10Ω）F．滑动变阻器（0-2000Ω）G．电源（电动势3V。内阻不计）H．开关和导线若干①为了方便测量且测量结果尽量准确，电流表应选____；滑动变阻器应选___。（选填器材前的字母）②为了获得更准确的伏安特性曲线，实验电路应选用图中的___（填字母代号）。A．B．C．D．③闭合开关前电路图中的滑动变阻器的滑片应该置于最____端（选填“左”“右”）。④闭合开关，移动滑动变阻器的滑片的位置，发现电压表的示数逐渐增大，但电流表指针却几乎不动，电路的故障可能为____________。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，竖直管底部安装一个劲度系数为k=500N/m的轻质弹簧，其上端与活塞B相连，活塞A、B质量均为m=1kg，它们与管壁间的滑动摩擦力均为Kmg（K=0.2）.初始时B处于静止状态，A从距B高为H=1m处静止释放，与B相碰后一起经时间t1=0.2s下落距离x=3cm到达最低点，然后向上运动t2=0.3后与弹簧分离，弹簧的弹性势能公式为Ep=kx2,X为形变量，A、B可视为质点，求：（g=10m/s2,=1.84）（1）A、B与弹簧分离后的速度大小；（2）A、B一起运动过程中弹簧弹力的总冲量大小。14．（16分）如图所示，直线OO′代表水平的绝缘平面，带电的电容器极板a、b垂直放置在水平面上，内部场强为4×105N/C，直线OO′上方、极板a的左侧存在垂直于纸面向里的匀强磁场，有一带电粒子从直线直线OO′上的M点以水平向左的速度射出，经过磁场的偏转，粒子恰好从极板a上的小孔N射入电容器内部，经过内部电场的偏转，粒子以2×107m/s垂直打到直线OO′上的P点，P与极板a的距离为0.2m，带电粒子的比荷为2.5×109C/kg，带电粒子重力不计，求(1)极板a上的小孔N与直线OO′距离(2)匀强磁场的磁感应强度。15．（12分）如图甲所示，发光竹蜻蜓是一种常见的儿童玩具，它在飞起时能够发光．某同学对竹蜻蜓的电路作如下简化：如图乙所示，半径为L的金属圆环绕垂直于圆环平面、通过圆心O的金属轴O1O2以角速度ω匀速转动，圆环上接有电阻均为r的三根导电辐条OP、OQ、OR，辐条互成120°角．在圆环内，圆心角为120°的扇形区域内存在垂直圆环平面向下磁感应强度为B的匀强磁场，在转轴O1O2与圆环的边缘之间通过电刷M、N与一个LED灯(可看成二极管，发光时电阻为r)．圆环及其它电阻不计，从辐条OP进入磁场开始计时．(1)顺磁感线方向看，圆盘绕O1O2轴沿什么方向旋转，才能使LED灯发光？在不改变玩具结构的情况下，如何使LED灯发光时更亮？(2)在辐条OP转过60°的过程中，求通过LED灯的电流；

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

A．线圈从图示位置转90°的过程，磁通量的变化，故选项A不符合题意；B．线圈转到中性面位置时，瞬时速度方向与磁场方向平行，产生的感应电动势为0，故选项B不符合题意；C．图示位置时，感应电动势最大，则：，磁通量的变化率：，故选项C符合题意；D．线圈从图示位置开始计时，感应电动势e随时间t变化的函数为，故选项D不符合题意．2、C【解析】

设经过了n个半衰期由半衰期公式可得代入数值联立可得故C正确，ABD错误。故选择C选项。3、A【解析】试题分析：根据安培定则可得，MN右侧磁场方向为垂直纸面向里，左侧磁场方向垂直纸面向外，并且左侧磁通量大于右侧穿过金属框的磁通量，所以穿过线框整体磁通量垂直纸面向外增大，根据楞次定律，线圈要向右移动，才能阻碍原磁场磁通量的增大，故A正确；考点：考查了楞次定律的应用【名师点睛】金属线框abcd放在导线MN上，导线中电流产生磁场，当导线中电流增大时，穿过线框abcd的磁通量增大，根据楞次定律判断线框abcd所受有安培力方向．当磁通量增大时，线框abcd应向磁通量减小的方向移动4、A【解析】

运动员处于静止状态，即平衡状态.每只手都承受自身重力的一半.和角度无关，所以A正确,BC错误:由牛顿第三定律知两物体间的相互作用力大小永远相等.故D错误．综上所述本题答案是：A5、C【解析】

匀加速，所以速度：，位移：，感应电动势：，感应电流：，联立解得：，所以图面积代表，当线圈全进入磁场后，感应电流为零，根据图像可知：2s-4s，线圈进入磁场，位移为线圈的边长，2s-6s线圈从磁场左边界运动到磁场右边界，位移为磁场宽度，根据面积比等于相似比的平方，可求得两端面积比，即线框边长与磁场宽度(两边界之间的距离)的比值为3：8，ABD错误C正确6、C【解析】

A.温度是分子平均动能的标志，物体内分子热运动的平均动能越大，则物体的温度越高，选项A正确；B.液体表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离大，从而有分子引力不均衡，产生沿表面作用于任一界线上的张力，表现为引力，故B正确。C.布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，反映的是液体分子的无规则运动，故C错误。D.一定质量的理想气体保持体积不变，温度升高，则分子运动的激烈程度增大，所以单位时间内撞击器壁单位面积上的分子数增多，故D正确。此题选择不正确的选项，故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

A、由图，AB与CD平行，说明推力撤去后两物体的加速度相同，而撤去推力后物体的合力等于摩擦力，根据牛顿第二定律可知，两物体受到的摩擦力大小相等。但的运动总时间小于的时间，根据可知，摩擦力对物体的冲量小于摩擦力对物体的冲量；根据动量定理，对整个过程研究得：

，

由图看出，，则有，即的冲量小于的冲量，故AC错误，B正确；

D、根据动量定理可知，合外力的冲量等于物体动量的变化量，两个物体动量的变化量都为零，所以相等，故D正确。8、AD【解析】

A．金属圆环速度稳定后，△t时间内，下降的高度为，圆环磁通量的变化量为由得金属圆环产生的平均感应电动势大小为故A正确；BD．金属圆环速度稳定后金属圆环的热功率故B错误，D正确；C．金属圆环速度稳定后，由能量守恒可得，金属圆环速减小的重力势能全部转变为热量，重力功率等于热功率解得故C错误；故选AD．【点睛】当圆环所受的重力与安培力相等时，达到收尾速度，根据法拉第电磁感应定律和热功率公式，结合能量守恒定律求出．9、AC【解析】

过程Ⅰ中钢珠只受到重力，根据动量定理分析得知，钢珠动量的改变量等于重力的冲量．故A正确．对全过程分析，根据动量定理可知，则阻力的冲量的大小等于过程Ⅱ和过程Ⅰ中重力冲量的大小总和．故B错误．对于整个过程：钢珠动能的变化量，根据动能定理得知，整个过程重力做功等于钢珠克服阻力做功，而整个重力做功等于整个过程中钢珠所减少的重力势能，所以过程Ⅱ中钢珠克服阻力所做的功等于过程Ⅰ与过程Ⅱ中钢珠所减少的重力势能之和．故C正确．根据功能关系分析得知，过程Ⅱ中损失的机械能等于过程Ⅱ中钢珠克服阻力做功，等于过程Ⅰ中钢珠所增加的动能和过程Ⅱ减小的重力势能．故D错误．故选AC．【点睛】本题一要灵活选择研究的过程；二是运用动量定理研究冲量，运用动能定理研究动能的改变量是常用的思路．10、AD【解析】

A．由题意可知，气体发生等温变化，初状态有末状态对细砂和活塞受力分析且由平衡可得由等温变化有联立解得故A正确；B．由于汽缸导热性能良好且环境温度保持不变即气体温度不变，则分子平均动能不变，故B错误；C．气缸内封闭气体被压缩，体积减小，而质量不变，则气缸内气体分子密度增大，故C错误；D．温度不变，气体分子的平均动能不变，平均速率不变，等温压缩时，根据玻意耳定律得知，压强增大，则单位时间内撞击气缸壁单位面积上的分子数增多，故D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、12.00.651.0【解析】

[1]刻度尺的最小分度为1cm，由图可知，滑块在第4次曝光时位置读数是12.0cm；[2]由图可知，的距离为13.0cm，则滑块在第6次曝光时的速度大小为[3]由图可知，相临两段位移的差值均为1cm，根据△x=aT2有12、BEB左灯泡断路【解析】

①[1][2]为了方便测量且测量结果尽量准确，因小灯泡的额定电流为0.3A，则电流表应选B；滑动变阻器要接成分压电路，则应选阻值较小的E；②[3]因电压表内阻远大于小灯泡的电阻，则应该采用电流表外接电路，滑动变阻器接成分压电路，即为了获得更准确的伏安特性曲线，实验电路应选用图中的B；③[4]闭合开关前，使灯泡两端的电压从零开始增加，则电路图中的滑动变阻器的滑片应该置于最左端；④[5]闭合开关，移动滑动变阻器的滑片的位置，发现电压表的示数逐渐增大，但电流表指针却几乎不动，电路的故障可能为灯泡发生了断路。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）【解析】（1）活塞A运动到B的过程中重力与摩擦力做功，由动能定理得：

mgH-KmgH=mv12

A与B碰撞的过程时间短，可以认为动量守恒，选取向下为正方向，由动量守恒定律得：

mv1=2mv1

代入数据得：v1=2m/s

A与B碰撞前B静止，设此时弹簧的压缩量为x1；A与一起向下运动的过程中重力做正功，摩擦力与弹簧的弹力做负功，由功能关系得：代入数据联立得：x1=1.1149m=1.49cm：

当A与B分离时，A与B具有相等的加速度与相等的速度，而且A与B之间的作用力为1；

此时A的加速度：a＝＝g(1+K)＝11×(1+1.2)＝12m/s2

此时B的加速度也是12m/s2，结合对B的受力分析可知，此时弹簧的弹力恰好为1．向上运动的过程中重力、弹力和摩擦力对系统做功，由功能关系得：

2mg•（t2+t2）-2Kmgt1+2Kmgt2+I=-mv2-mv1

代入数据得：v2=1.84m/s

（2）A与B运动的过程中共受到重力、弹簧的弹力以及摩擦力的作用，对全过程由动量定理得：

2mg•（t2