2018版高考生物复习遗传基本规律与伴性遗传第18讲基因自由组合定律学案

第18讲基因的自由组合定律基因的自由组合定律(Ⅱ)考察两对相对性状的遗传实验分析及结论[学生用书P102]1．两对相对性状的杂交实验——发现问题2．对自由组合现象的解说——提出假说理论解说F1产生配子时，等位基因分别，非同源染色体上的非等位基因能够自由组合，产生数目相等的4种配子。②受精时，雌雄配子的联合方式有

16种。③F2的基因型有

9种，表现型为

4种，比率为

9∶3∶3∶1。(2)遗传图解3．对自由组合现象的考证——演绎推理、考证假说方法：让F1(YyRr)与隐性纯合子(yyrr)测交。目的：测定F1的基因型(或基因构成)。理论展望F1产生4种比率相等的配子，即YR∶Yr∶yR∶yr＝1∶1∶1∶1，而隐性纯合子只产生yr一种配子。②测交产生4种比率相等的后辈，即YyRr∶Yyrr∶yyRr∶yyrr＝1∶1∶1∶1。测交结果与结论①测交结果图解②结论：实验结果与演绎结果符合，假说建立。4．自由组合定律的实质——得出结论实质：非同源染色体上的非等位基因自由组合(如图)。时间：减数第一次分裂后期。范围：有性生殖的生物，真核细胞的核内染色体上的基因。无性生殖和细胞质基因遗传时不依照。同源染色体上等位基因的分别与非同源染色体上非等位基因的自由组合同时进行。5．孟德尔获取成功的原由正确采纳实验资料——豌豆。对性状分析是由一对到多对，依照由单要素到多要素的研究方法。对实验结果进行统计学分析。科学地设计了实验程序。1．(必修

2P12拓展题改编

)豌豆子叶的黄色

(Y)对绿色

(y)

为显性，种子的圆粒

(R)对皱粒(r)

为显性，两亲本杂交获取

F1，其表现型如图。以下表达错误的选项是

(

)A．亲本的基因构成是YyRr、yyRrB．在F1中，表现型不一样于亲本的是黄色皱粒、绿色皱粒C．F1中黄色圆粒豌豆的基因构成是YyRR或YyRrD．F1中纯合子占的比率是1/2答案：D2．(深入追问)(1)如图表示基因在染色体上的散布状况，此中哪组不依照基因的自由组合定律？为何？提示：Aa与Dd和BB与Cc分别位于同一对染色体上，不依照基因的自由组合定律。只有位于非同源染色体上的非等位基因之间，其遗传时依照自由组合定律。若要检测豌豆的基因型是纯合子仍是杂合子，最简易的方法是采纳自交，仍是采纳测交呢？提示：自交，因为豌豆属于自花传粉的植物。打破1理解F1的配子形成原理打破2分析F2的结论1．自由组合发生的时间：控制不一样性状的遗传因子自由组合发生在F1形成配子时，而不是发生在雌雄配子随机联合时。2．由基因分别定律理解自由组合定律的实质及规律3．F2自由组合的结论拓展：含两对相对性状的纯合亲本杂交，F2中重组性状所占比率其实不都是3/8。(1)当亲本基因型为YYRR和yyrr时，F2中重组性状所占比率是3/16＋3/16＝3/8。(2)当亲本基因型为YYrr和yyRR时，F2中重组性状所占比率是1/16＋9/16＝5/8。【感知考题】(2016·高考全国卷甲，32)某栽种物的果皮有毛和无毛、果肉黄色和白色为两对相对性状，各由一平等位基因控制(前者用D、d表示，后者用F、f表示)，且独立遗传。利用该种植物三种不一样基因型的个体(有毛白肉A、无毛黄肉B、无毛黄肉C)进行杂交，实验结果如下：回答以下问题：果皮有毛和无毛这对相对性状中的显性性状为________，果肉黄色和白色这对相对性状中的显性性状为________。有毛白肉A、无毛黄肉B和无毛黄肉C的基因型挨次为_____________________。若无毛黄肉B自交，理论上，下一代的表现型及比率为________________________________________________________________________。若实验3中的子代自交，理论上，下一代的表现型及比率为________________________________________________________________________。实验2中获取的子代无毛黄肉的基因型有________________________________________________________________________。[分析]

(1)实验

1中亲本有毛×无毛，子代全为有毛，因此有毛对无毛为显性，且

A、B的相应基因型分别为

DD和

dd。实验

3中亲本白肉×黄肉，子代全为黄肉，因此黄肉对白肉为显性，且

C的相应基因型为

FF，A的相应基因型为

ff。(2)

实验

1中白肉

A(ff)

×黄肉B→黄肉∶白肉＝

1∶1，说明

B的相应基因型为

Ff，B、C均无毛，相应基因型均为

dd，所以A、B、C的基因型挨次为：DDff、ddFf、ddFF。(3)若B(ddFf)自交，后辈表现型及比率为：无毛黄肉∶无毛白肉＝3∶1。(4)实验3中：DDff(A)×ddFF(C)→F1：DdFf；F1自交，则F2：有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉＝

9∶3∶3∶1。(5)

实验

2中：ddFf(B)

×ddFF(C)→ddFF、

ddFf。[答案]

(1)有毛

黄色(2)DDff

、ddFf、ddFF无毛黄肉∶无毛白肉＝3∶1有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉＝9∶3∶3∶1(5)ddFF、ddFf若在实验

3子一代中导入能控制合成抗虫的

A基因。实验

3子一代自交

(减数分裂时不发生交错交换，也不考虑致死现象

)，子代表现型及比率为有毛抗虫∶无毛不抗虫＝

3∶1，则导入的A基因位于与D基因同样的染色体上。高分点拨——类题通法基因有连锁现象时，不切合基因的自由组合定律，其子代也表现特定的性状分别比。比如图1，图2：【跟进题组】命题1自由组合定律的实质1．(2017·山东曲师大附中模拟)如图为某植株自交产生后辈的过程表示图，以下描绘中不正确的选项是( )AB子代：N种基因型①Ab②配子间M种③AaBb――→aB――→联合方式――→P种表现型ab（12∶3∶1）A．A、a与B、b的自由组合发生在①过程B．②过程发生雌、雄配子的随机联合C．M、N、P分别代表16、9、3D．该植株测交后辈性状分别比为1∶1∶1∶1分析：选

D。A、a与

B、b的自由组合发生在减数第一次分裂后期，

A正确；②过程为受精作用，发生雌、雄配子的随机联合，B正确；①过程产生4种配子，则雌、雄配子的随机联合的方式是4×4＝16种，基因型＝3×3＝9种，表现型为3种，C正确；依据F2的3种表现型比率12∶3∶1，得出A_B_个体表现型与A_bb个体或aaB_个体同样，该植株测交后辈基因型比率为1(AaBb)∶1(Aabb)∶1(aaBb)∶1(aabb)，则表现型的比率为2∶1∶1，D错误。2．(2017·宁夏银川育才中学月考

)某动物细胞中位于常染色体上的基因

A、B、C分别对a、b、c为显性。用两个纯合个体杂交得F1，F1测交结果为aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc＝1∶1∶1∶1。则F1体细胞中三对基因在染色体上的地点是( )分析：选B。F1测交，即F1×aabbcc，此中aabbcc个体只好产生abc一种配子，而测交结果为aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc＝1∶1∶1∶1，说明F1产生的配子基因型分别为abc、ABC、aBc、AbC，此中

a和

c、A和

C总在一同，说明

A和

a、C和

c两平等位基因位于同一对同源染色体上，且

A和

C在同一条染色体上，

a和c

在同一条染色体上。命题

2

自由组合定律的考证3．(2017·内蒙古包头一中一模

)在豚鼠中，黑色(C)

对白色(c)

、毛皮粗拙

(R)对毛皮光滑(r)

是显性。能考证基因的自由组合定律的最正确杂交组合是

(

)A．黑光×白光→

18

黑光∶16

白光B．黑光×白粗→

25

黑粗C．黑粗×白粗→15黑粗∶7黑光∶16白粗∶3白光D．黑粗×白光→10黑粗∶9黑光∶10白粗∶11白光分析：选D。考证基因自由组合定律的方法有测交和自交两种，测交子代表现型应出现1∶1∶1∶1，自交子代表现型应出现9∶3∶3∶1，D正确。4．(高考新课标全国卷Ⅰ改编)现有两个纯合的某作物件种：抗病高秆(易倒伏)和感病矮秆(抗倒伏)品种，已知抗病对感病为显性，高秆对矮秆为显性，但对于控制这两对相对性状的基因所知甚少。回答以下问题：在育种实践中，若利用这两个品种进行杂交育种，一般来说，育种目的是获取拥有________优秀性状的新品种。杂交育种前，为了确立F2代的栽种规模，需要正确展望杂交结果。若依照孟德尔遗传定律来展望杂交结果，需要知足3个条件：条件之一是抗病与感病这对相对性状受一平等位基因控制，且切合分别定律；其余两个条件是________________________________________________________________________________________________________________________________________________(3)为了确立控制上述这两对性状的基因能否知足上述3个条件，可用测交实验来进行查验。请简要写出该测交实验的过程________________________________________________________________________________________________________________________________________________。分析：(1)杂交育种能将两个或多个品种的优秀性状经过杂交集中在一同，抗病与矮秆(抗倒伏)为优秀性状。(2)杂交育种依照的原理是基因重组，控制两对相对性状的基因位于非同源染色体上，依照基因的自由组合定律，每对基因独自考虑时切合分别定律。

(3)测交是指用

F1和隐性纯合子杂交，故应先用纯合的抗病高秆植株与感病矮秆植株杂交获取

F1，而后再进行测交实验。答案：(1)

抗病矮秆

(2)高秆与矮秆这对相对性状受一平等位基因控制，

且切合分别定律；控制这两对性状的基因位于非同源染色体上

(3)将纯合的抗病高秆与感病矮秆杂交，产生

F1，让

F1与感病矮秆杂交自由组合定律的考证方法考证方法结论F1自交后辈的性状分别比为9∶3∶3∶1，则切合基因的自由组合自交法定律，由位于两对同源染色体上的两平等位基因控制F1测交后辈的性状分别比为1∶1∶1∶1，则切合基因的自由组合测交法定律，由位于两对同源染色体上的两平等位基因控制花粉如有四栽花粉，其比率为1∶1∶1∶1，则切合自由组合定律判定法单倍体取花药离体培育，用秋水仙素办理单倍体幼苗，若植株有四种表育种法现型，且比率为1∶1∶1∶1，则切合自由组合定律利用“拆分法”解决自由组合定律问题[学生用书P105]1．思路：第一将自由组合定律问题转变为若干个分别定律问题，在独立遗传的状况下，有几对基因便可分解为几个分别定律的问题。而后再组合，将用分别定律研究的结果按必定方式进行组合或相乘。2．分类分析配子种类问题①多平等位基因的个体产生的配子种类数是每对基因产生相应配子种类数的乘积。②举例：AaBbCCDd产生的配子种类数求配子间联合方式的规律：两基因型不一样的个体杂交，配子间联合方式种类数等于各亲本产生配子种类数的乘积。基因型问题①任何两种基因型的亲本杂交，产生的子代基因型的种类数等于亲本各对基因独自杂交所产生基因型种类数的乘积。②子代某一基因型的概率是亲本每对基因杂交所产生相应基因型概率的乘积。③举例：AaBBCc×aaBbcc杂交后辈基因型种类及比率子代中基因型种类：2×2×2＝子代中AaBBCc所占的概率为(4)表现型问题

8种。1/2×1/2×1/2＝

1/8

。①任何两种基因型的亲本杂交，所产生表现型种类数的乘积。

产生的子代表现型的种类数等于亲本各对基因独自杂交②子代某一表现型的概率是亲本每对基因杂交所产生相应表现型概率的乘积。③举例：AaBbCc×AabbCc杂交后辈表现型种类及比率子代中表现型种类：2×2×2＝8种。子代中A_B_C_所占的概率为3/4×1/2×3/4＝9/32。【感知考题】(高考福建卷改编)甘蓝型油菜花色性状由三平等位基因控制，三平等位基因分别位于三对同源染色体上。花色表现型与基因型之间的对应关系如表。表现型白花乳白花黄花金黄花基因型AA____Aa____aaB___aabbddaa__D_请回答以下问题：白花(AABBDD)×黄花(aaBBDD)，F1基因型是______________________，F1测交后辈的花色表现型及其比率是________________。黄花(aaBBDD)×金黄花，F1自交，F2中黄花基因型有________种，此中纯合个体占黄花的比率是________。甘蓝型油菜花色有赏析价值，欲同时获取四栽花色表现型的子一代，可选择基因型为________的个体自交，理论上子一代比率最高的花色表现型是

________。[分析]

(1)基因型为

AABBDD的白花个体与基因型为

aaBBDD的黄花个体杂交，后辈的基因型为

AaBBDD，对它进行测交，即与基因型为

aabbdd的个体杂交，后辈有两种基因型：AaBbDd和

aaBbDd，比率为

1∶1，据题意可知，基因型为

AaBbDd的个体开乳白花，基因型为aaBbDd的个体开黄花。

(2)黄花个体

(aaBBDD)与金黄花个体杂交，即基因型为

aaBBDD的个体和基因型为

aabbdd的个体杂交，后辈基因型是

aaBbDd，让其自交，后辈的基因型有aaB_D_、aaB_dd、aabbD_、aabbdd，比率为

9∶3∶3∶1，据表可知

aaB_D_、aaB_dd、aabbD_的个体均开黄花，

aabbdd的个体开金黄花。

aaBbDd自交，后辈基因型有

1×3×3＝9种，1种开金黄花，因此黄花的基因型有

8种，而每种

aaB_D_、aaB_dd、aabbD_里面只有

1份纯合，因此纯合个体占黄花的比率为

3/15，即

1/5。(3)

据表可知，要想获取四栽花色表现型的子一代，需要选择基因型为

AaBbDd的个体自交，后辈表现白花的概率是

1/4×1×1＝1/4

，后辈表现乳白花的概率是

1/2×1×1＝1/2

，后辈表现黄花的概率是

1/4×3/4×1＋1/4×1×3/4－

1/4

×3/4×3/4＝15/64，后辈表现金黄花的概率是

1/4×1/4×1/4＝

1/64，因此子一代比率最高的花色表现型是乳白花。[答案]

(1)AaBBDD

乳白花∶黄花＝

1∶1

(2)81/5(3)AaBbDd乳白花高分点拨——类题通法1．利用基因式法解答自由组合遗传题依据亲本和子代的表现型写出亲本和子代的基因式，如基因式可表示为A－B－、A－bb。依据基因式推出基因型(此方法只合用于亲本和子代表现型已知且显隐性关系已知时)。2．依据子代表现型及比率推测亲本基因型规律：依据子代表现型比率拆分为分别定律的分别比，确立每一相对性状的亲本基因型，再组合。如：(1)9∶3∶3∶1?(3∶1)(3∶1)?(Aa×Aa)(Bb×Bb)；(2)1∶1∶1∶1?(1∶1)(1∶1)?(Aa×aa)(Bb×bb)；(3)3∶3∶1∶1?(3∶1)(1∶1)?(Aa×Aa)(Bb×bb)；(4)3∶1?(3∶1)×1?(Aa×Aa)×(BB×BB)或(Aa×Aa)×(BB×Bb)或(Aa×Aa)×(BB×bb)或(Aa×Aa)×(bb×bb)。【跟进题组】命题1推测亲本或子代的基因型、表现型1．黄粒(T)

高秆(S)玉米与某玉米杂交，后辈中黄粒高秆占

3/8

、黄粒矮秆占

3/8、白粒高秆占

1/8、白粒矮秆占

1/8，则亲本的基因型是

(

)A．ttSs

×TTSs

B．TtSs×TtssC．TtSs×TtSs

D．TtSs×ttss分析：选

B。黄粒高秆玉米

(T－S－)与某玉米杂交，后辈中黄粒∶白粒＝

3∶1，说明两亲本的基因型均为

Tt；再依据后辈中高秆∶矮秆＝

1∶1，可知两亲本的基因型分别为

Ss、ss。则两个亲本的基因型分别为

TtSs、Ttss。2．(2017·长沙模拟)豌豆中，子粒黄色(Y)和圆形(R)分别对绿色(y)和皱缩(r)为显性，现将黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆杂交获取的F1自交，F2的表现型及比率为黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝9∶3∶15∶5，则亲本的基因型为( )A．YYRR×yyrrB．YYRr×yyrrC．YyRR×yyrrD．YyRr×yyrr分析：选C。F1自交后辈的表现型及比率为黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝9∶3∶15∶5，此中圆粒∶皱粒＝3∶1，这说明F中控制子粒形状的基因构成为Rr，故亲1本中控制子粒形状的基因构成为RR、rr，据此清除B、D项。A项中亲本杂交产生的F1自交后辈4种表现型比率为9∶3∶3∶1，A项被清除。命题2利用“拆分法”解决自由组合定律问题3．番茄红果对黄果为显性，二室果对多室果为显性，长蔓对短蔓为显性，三对性状独立遗传。现有红果、二室、短蔓和黄果、多室、长蔓的两个纯合品系，将其杂交栽种得1F和F2，则在F2中红果、多室、长蔓所占的比率及红果、多室、长蔓中纯合子的比率分别是( )9191A．、9B．、6464643131C．64、3D．64、64分析：选

A。设控制三对性状的基因分别用

A、a，B、b，C、c

表示，亲代为

AABBcc与aabbCC，F1为

AaBbCc，F2中

A_∶aa＝3∶1，

B_∶bb＝3∶1，C_∶cc＝3∶1，因此

F2中红果、3139多室、长蔓所占的比率是：4×4×4＝64；在F2的每对相对性状中，显性性状中的纯合子占13，故红果、多室、长蔓中纯合子的比率是

1113×3＝9。4．(2017·江淮十校联考)水稻香味性状与抗病性状独立遗传。香味性状受隐性基因(a)控制，抗病(B)对感病(b)为显性。为选育抗病香稻新品种，进行一系列杂交实验。两亲本无香味感病与无香味抗病植株杂交的统计结果如下图。以下有关表达不正确的选项是( )A．香味性状一旦出现即能稳固遗传B．两亲本的基因型分别是Aabb、AaBbC．两亲本杂交的子代中能稳固遗传的有香味抗病植株所占比率为0D．两亲本杂交的子代自交，后辈集体中能稳固遗传的有香味抗病植株所占比率为1/32分析：选

D。由题意可知，香味性状对应基因型为

aa，一旦出现即能稳固遗传，

A正确；因为子代抗病∶感病＝

1∶1，可推知亲代为

Bb和

bb，子代无香味∶香味＝

3∶1，可推知亲代为

Aa和

Aa，因此两亲本的基因型分别是

Aabb、AaBb，B正确；两亲本

(Aabb、AaBb)杂交的子代中有香味抗病植株的基因型为

aaBb，为杂合子，C正确；两亲本杂交的子代为

1/8AABb、1/4AaBb、1/8AAbb、1/4Aabb、1/8aaBb、1/8aabb，子代自交，后辈集体中能稳固遗传的有香味抗病植株

(aaBB)所占比率为

1/4×1/4×1/4＋1/8×1/4＝

3/64，D错误。命题

3

利用分别组合法解决自由组合遗传病概率计算题5．(高考山东卷改编

)某遗传病的遗传波及非同源染色体上的两平等位基因。已知Ⅰ

1基因型为

AaBB，且Ⅱ

2与Ⅱ3婚配的子代不会生病。依据以下系谱图，正确的推测是

(

)A．Ⅰ3的基因型必定为AABbB．Ⅱ2的基因型必定为aaBBC．Ⅲ1的基因型可能为AaBb或AABbD．Ⅲ2与基因型为

AaBb的女性婚配，子代生病的概率为

316分析：选

B。该遗传病是由两平等位基因控制的，Ⅰ

1的基因型为

AaBB表现正常。Ⅱ

2必定有B基因却生病，可知当同时拥有A和B两种显性基因时，个体才不会生病。而Ⅱ2与Ⅱ3婚配的子代不会生病，可确立Ⅱ2和Ⅱ3的基因型分别为aaBB和AAbb，因此Ⅰ3的基因型是AaBb或AABb。Ⅲ1和Ⅲ2的基因型均为AaBb。Ⅲ2与基因型为AaBb的女性婚配，子代正常(A－B－)的概率是

9/16。生病的概率应为

7/16

。6．一个正常的女性与一个并指(Bb)的男性成婚，他们生了一个白化病且手指正常的孩子。求重生一个孩子：只患并指的概率是________。只患白化病的概率是________。既患白化病又患并指的男孩的概率是________。只患一种病的概率是________。生病的概率是________。分析：假定控制白化病的基因用A、a表示，由题意知，第1个孩子的基因型应为aabb，则该夫妻基因型应分别为妇：Aabb，夫：AaBb。依照该夫妻基因型可知，孩子患中并指的概率应为1/2(非并指概率为1/2)，患白化病的概率应为1/4(非白化病概率应为3/4)，则：(1)重生一个只患并指孩子的概率为：并指概率×非白化概率＝1/2×3/4＝3/8。(2)只患白化病的概率为：白化病概率×非并指概率＝1/4×1/2＝1/8。生一个既患白化病又患并指的男孩的概率为：男孩出生率×白化病概率×并指概率1/2×1/4×1/2＝1/16。后辈只患一种病的概率为：并指概率×非白化概率＋白化病概率×非并指概率＝1/2×3/4＋1/4×1/2＝

1/2

。(5)后辈中生病的概率为：

1－全正常

(非并指、非白化

)＝1－1/2×3/4

＝5/8。答案：(1)3/8

(2)1/8

(3)1/16

(4)1/2

(5)5/8利用自由组合定律计算患遗传病的概率当两种遗传病之间拥有“自由组合”关系时，各样生病状况的概率如表：序号种类计算公式已知患甲病的概率m不患甲病概率为1－m患乙病的概率n不患乙病概率为1－n①同时患两病概率m·n②只患甲病概率m·(1－n)③只患乙病概率n·(1－m)④不生病概率(1－m)(1－n)拓展生病概率①＋②＋③或1－④求解只患一种病概率②＋③或1－(①＋④)以上各样状况可归纳如图：自由组合定律的应用7．纯合黄色小鼠与纯合黑色小鼠杂交，F1所有表现为野鼠色。F1个体间互相交配，F2表现型及比率为野鼠色∶黄色∶黑色∶棕色＝9∶3∶3∶1。据此作出以下判断，此中不正确的是( )A．小鼠体色的遗传波及两平等位基因，且依照自由组合定律B．对F2野鼠色个体进行测交，后辈表现型可能为4种、2种或1种C．M、N为控制有关代谢门路的显性基因，小鼠体色的代谢门路可能为D．F2黑色个体互相交配，后辈两种表现型的比率为3∶1答案：D[核心系统建立][填空]①两对②9∶3∶3∶1③不一样性状④同一性状⑤1∶1∶1∶1[规范答题必备

]1．拥有两对相对性状的纯种豌豆杂交，

F2

出现

9种基因型，

4种表现型，比率是9∶3∶3∶1。2．生物个体的基因型同样，表现型不必定同样；表现型同样，基因型也不必定同样。3．F1产生配子时，等位基因分别，非等位基因能够自由组合，产生比率相等的

4种配子。4．基因的分别定律和自由组合定律，同时发生在减数第一次分裂后期，分别由同源染色体的分别和非同源染色体的自由组合所惹起。5．分别定律和自由组合定律是真核生物细胞核基因在有性生殖中的传达规律。分别定律是自由组合定律的基础。课时作业[基础达标]1．(2017·北京师大附中模拟)已知玉米有色子粒对无色子粒是显性。现将一有色子粒的植株X进行测交，后辈出现有色子粒与无色子粒的比是1∶3，对这类杂交现象的推测不切实的是( )A．测交后辈的有色子粒的基因型与植株X同样B．玉米的有、无色子粒遗传依照基因的自由组合定律C．玉米的有、无色子粒是由一平等位基因控制的D．测交后辈的无色子粒的基因型起码有三种分析：选C。由测交的分别比为1∶3可判断玉米的有、无色子粒不是由一平等位基因控制的，其可能的状况为两对基因(假定为A、a，B、b)控制该性状，仅A_B_种类为有色子粒，基因型为AaBb的有色子粒个体测交，获取4种基因型：AaBb(有色)∶Aabb(无色)∶aaBb(无色)∶aabb(无色)＝1∶1∶1∶1，故有色子粒∶无色子粒性状比是1∶3，测交后辈的无色子粒的基因型有3种，应选C。2．(2015·高考海南卷，12)以下表达正确的选项是( )A．孟德尔定律支持交融遗传的看法B．孟德尔定律描绘的过程发生在有丝分裂中C．依照孟德尔定律，AaBbCcDd个体自交，子代基因型有16种D．依照孟德尔定律，对AaBbCc个体进行测交，测交子代基因型有8种分析：选D。孟德尔定律不支持交融遗传的看法，A错误；孟德尔定律描绘的过程发生在减数分裂过程中，B错误；AaBbCcDd个体自交，子代基因型有43种，C错误；AaBbCc个体能产生8种配子，而aabbcc个体只产生1种配子，故AaBbCc个体测交，子代基因型有8种，D正确。3．(高考北京卷改编)决定小鼠毛色为黑(B)/褐(b)色、有(s)/无(S)白斑的两平等位基因分别位于两对同源染色体上。基因型为BbSs的小鼠间互相交配，后辈中出现黑色有白斑小鼠的比率是()A．1/16B．3/16C．7/16D．9/16分析：选B。基因型为BbSs的小鼠亲本杂交，后辈中黑色有白斑的个体基因型为B_ss。Bb×Bb杂交后辈中，B_个体出现的概率是3/4；Ss×Ss杂交后辈中，ss个体出现的概率是1/4，故

B_ss个体所占的比率是

3/4×1/4＝3/16。[拓展提高

]4．(2017·内蒙古赤峰一模

)豌豆的高茎

(Y)对矮茎

(y)

为显性，圆粒

(R)对皱粒

(r)

为显性，两对基因位于非同源染色体上，现有基因型为

YyRr的植株自交，则后辈的纯合子中与亲本表现型同样的概率是

(

)A．1/4

B．3/4C．3/8

D．9/16分析：选

A。已知基因型为

YyRr

的亲本植株的表现型为高茎圆粒，该亲本植株自交，后辈中纯合子的基因型及其比率为YYRR∶YYrr∶yyRR∶yyrr＝1∶1∶1∶1，此中基因型为YYRR的个体表现型为高茎圆粒，与亲本表现型同样，其概率是

1/4，A正确。5．(2017·新疆乌鲁木齐第二次诊疗

)某同学用豌豆进行测交实验，获取

4种表现型的后辈，数目分别是

85、92、89、83，则这株豌豆的基因型不行能是

(

)A．DdYYRR

B．ddYyRrC．DdYyrr

D．DDYyRr分析：选A。该豌豆测交后辈四种表现型的比率为1∶1∶1∶1，说明该豌豆减数分裂能产生四种比率同样的配子，B、C、D都可产生四种比率同样的配子，A只可产生两种配子，

A切合题意。6．(2017·安徽四市联考)在家蚕遗传中，黑色(A)与淡赤色(a)是有关蚁蚕(刚孵化的蚕)体色的相对性状，黄茧(B)与白茧(b)是有关茧色的相对性状，假定这两对相对性状自由组合，有三对亲本组合，杂交后获取的数目比方表，以下说法不正确的选项是( )黑蚁黄茧黑蚁白茧淡赤蚁黄茧淡赤蚁白茧组合一9331组合二0101组合三3010A．组合一亲本必定是AaBb×AaBbB．组合三亲本可能是AaBB×AaBBC．若组合一和组合三亲本杂交，子代表现型及比率与组合三的同样D．组合二亲本必定是

Aabb×aabb分析：选

C。组合一的杂交后辈比率为

9∶3∶3∶1，因此亲本必定为

AaBb×AaBb；组合二杂交后辈只有白茧，且黑蚁与淡赤蚁比率为

1∶1，因此亲本必定为

Aabb×aabb；组合三杂交后辈只有黄茧，

且黑蚁与淡赤蚁比率为

3∶1，因此亲本为

AaBB×AaBB或

AaBb×AaBB或Aabb×AaBB；只有组合一中AaBb和组合三中AaBB杂交，子代表现型及比率才与组合三的同样。7．(2017·洛阳一模)金鱼草正常花冠对不齐整花冠为显性，高株对矮株为显性，红花对白花为不完整显性，杂合子是粉红花。三对相对性状独立遗传，假如纯合的红花、高株、正常花冠植株与纯合的白花、矮株、不齐整花冠植株杂交得

F1，F1自交得

F2，在

F2中拥有与F1同样表现型的植株的比率是

(

)A．3/32

B．3/64C．9/32

D．9/64答案：C8．(2017·山东济宁调研)以下波及自由组合定律的表述，正确的选项是( )A．AaBb个体产生配子的过程必定依照自由组合定律B．X染色体上的基因与常染色体上的基因能自由组合C．XBY个体产生两种配子的过程表现了自由组合定律D．含不一样基因的雌雄配子随机联合属于基因的自由组合分析：选B。若A、a和B、b两平等位基因位于一对同源染色体上，则不依照基因的自由组合定律，

A错误；

XBY个体产生两种配子的过程只好表现基因的分别定律，

C错误；基因的自由组合发生于减数分裂产生配子时，不是受精作用时，

D错误。9．(2017·山西忻州一中一模)现有①～④四个果蝇品系(都是纯种)，此中品系①的性状均为显性，品系②～④均只有一种性状是隐性，其余性状均为显性。这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如表所示：品系

①

②

③

④隐性性状

均为显性

残翅

黑身

紫红眼相应染色体

Ⅱ、Ⅲ

Ⅱ

Ⅱ

Ⅲ若需考证自由组合定律，可选择以下哪一种交配种类( )A．①×④

B．①×②C．②×③

D．②×④分析：选

D。自由组合定律研究的是位于非同源染色体上的基因的遗传规律，

应选②×④或③×④。10．(高考天津卷改编

)大鼠的毛色由独立遗传的两平等位基因控制。

用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如图。据图判断，以下表达正确的选项是( )A．黄色为显性性状，黑色为隐性性状B．F1与黄色亲本杂交，后辈有两种表现型C．F1和F2中灰色大鼠均为杂合子D．F2黑色大鼠与米色大鼠杂交，后来辈中出现米色大鼠的概率为1/4分析：选

B。依据遗传图谱

F2出现

9∶3∶3∶1的分别比，大鼠的毛色遗传切合自由组合定律。设亲代黄色、黑色大鼠基因型分别为

AAbb、aaBB，则

F1AaBb(灰色)，F2中

A_B_(灰色)、A_bb(黄色)、aaB_(黑色)、aabb(米色)。由此判断大鼠的体色遗传为不完整显性，A选项错误；F1AaBb×AAbb(黄色亲本)→A_Bb(灰色)、A_bb(黄色)，B选项正确；F2中的灰色大鼠有AABB的纯合子，C选项错误；F2黑色大鼠与米色大鼠杂交，后来辈中出现米色大鼠的概率为2/3×1/2＝1/3，D选项错误。11．(2017·江南十校一模)玉米(2n＝20)是雌雄同株的植物，顶生雄花序，侧生雌花序，已知玉米的高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗病(R)对易感病(r)为显性，控制上述两对性状的基因分别位于两对同源染色体上，

现有两个纯合的玉米品种甲

(DDRR)和乙(ddrr)，试据图分析回答以下问题：玉米的等位基因R、r的遗传依照________________定律，欲将甲、乙杂交，其详细做法是：________________________________________________________________________________________________________________________________________________。(2)将图1中F与另一玉米品种丙杂交，后辈的表现型及比比如图2所示，则丙的基因1型为________。丙的测交后辈中与丙基因型同样的概率是________。(3)已知玉米高秆植株易倒伏。为获取切合生产要求且稳固遗传的新品种，依照图1中的程序获取F2后，对植株进行________办理，选出表现型为________植株，经过多次自交其实不停选择后获取所需的新品种。(4)科研人员在统计实验田中成熟玉米植株的存活率时发现，高秆植株存活率是2/3，其余植株的存活率是1，据此得出图

1中

易感病植株存活率是1/2，F1自交获取的F2成熟植株表现型有

__________种，比率为

____________(

无论次序

)。分析：(1)等位基因遗传依照分别定律。后辈中高秆∶矮秆＝1∶1，抗病∶易感病＝

(2)F1基因型为DdRr，由图2知，F1与丙杂交的3∶1，说明丙的基因型为ddRr。若对丙进行测交，则测交后辈中

ddRr的概率为

1/2

。(3)

在F2出现了不一样表现型的个体，需要经过对照茎秆高度，进行病原体感染选择出矮秆抗病植株，再经过连续自交提高品种的纯合率。

(4)图自交中F1：DdRr――→F2：D_R∶ddR_∶D_rr∶ddrr＝9∶3∶3∶1，据题意，易感病植株存活率是1/2，高秆植株存活率是2/3，其余性状的植株存活率是1，可知，F2有4种表现型，其比率为

(9×2/3)

∶(3×1)∶(3×2/3×1/2)

∶(1×1/2)

＝

12∶6∶2∶1。答案：(1)基因的分别对雌雄花分别套袋办理，待花蕊成熟后，将甲(或乙)花粉撒在乙(或甲)的雌蕊上，再套上纸袋(2)ddRr1/2(3)病原体(感染)矮秆(抗病)(4)412∶6∶2∶112．某票据叶植物的非糯性(B)对糯性(b)为显性，抗病(R)对不抗病(r)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三平等位基因位于三对同源染色体上。非糯性花粉遇碘液呈蓝色，糯性花粉遇碘液呈棕色。现供给

4种纯合亲本：亲本

性状甲

非糯性

抗病

花粉粒长形乙非糯性

不抗病

花粉粒圆形丙糯性

抗病

花粉粒圆形丁

糯性

不抗病

花粉粒长形若采纳花粉粒形状判定法考证基因的分别定律，可选择亲本甲与亲本________杂交。若采纳花粉判定法考证基因的自由组合定律，杂交时选择的亲本是__________________。将杂交所得F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色，置于显微镜下观察，统计花粉粒的数目，预期花粉粒的种类有________________，比率为________。利用供给的亲本进行杂交，F2能出现非糯性、抗病、花粉粒圆形植株的亲本组合有__________________，此中F2表现型为非糯性、抗病、花粉粒圆形植株比率最高的亲本组合是________，在该组合产生的F2表现型为非糯性、抗病、花粉粒圆形的植株中，能稳固遗传的个体所占的比率是________。分析：(1)采纳花粉粒形状判定法考证基因的分别定律，亲本甲为长形花粉粒，只好与圆形花粉粒的亲本乙或丙杂交。(2)采纳花粉判定法考证基因的自由组合定律，亲本需具备两对相对性状，选择乙和丁或甲和丙进行杂交，杂交后辈产生四种数目相等的花粉粒。(3)利用供给的亲本进行杂交，F2能出现非糯性、抗病、花粉粒圆形植株的亲本组合有三种，分别是甲和乙、甲和丙、乙和丙，甲和乙的F1的基因型为BBRrDd，F2中基因型为B_R_dd的概率是

1×3/4×1/4＝

3/16

；甲和丙的

F1的基因型为

BbRRDd，F2中基因型为

B_R_dd的概率是3/4×1×1/4＝3/16；乙和丙的

F1的基因型为

BbRrdd，F2中基因型为

B_R_dd的概率是3/4×3/4×1＝

9/16，此中能稳固遗传的个体基因型为

BBRRdd，所占比率为

1/9。答案：(1)

乙或丙

(2)甲和丙或乙和丁

圆形蓝色、圆形棕色、长形蓝色、长形棕色1∶1∶1∶1

(3)甲和乙、甲和丙、乙和丙

乙和丙

1/9[培优冲刺

]13．有一种软骨发育不全的遗传病，两个有这类病的人(其余性状正常)成婚，所生第一个孩子得白化病且软骨发育不全，第二个孩子全都性状正常。假定控制这两种病的基因切合基因的自由组合定律，请展望，他们重生一个孩子同时患两种病的几率是( )A．1/16B．1/8C．3/16D．3/8分析：选C。由题意可知，白化病为常染色体隐性遗传病，软骨发育不全为常染色体显性遗传病，设白化病和软骨发育不全分别由基因A、a和B、b控制，对于白化病，父亲母亲亲正常，第一个孩子有病，故父亲母亲亲均为杂合子，基因型为Aa、Aa；对于软骨发育不全病，父母亲有病，第二个孩子正常，故父亲母亲亲也均为杂合子，基因型为Bb、Bb。后辈患白化病的几率为1/4，患软骨发育不全的几率为3/4，故同时患两种病的几率为1/4×3/4＝3/16。14．(2017·山东烟台一模)二倍体结球甘蓝的紫色叶对绿色叶为显性，控制该对相对性状的两平等位基因(A、a和B、b)分别位于3号和8号染色体上。如表是甘蓝杂交实验的统计数据：F株数F株数12亲本组合紫色叶绿色叶紫色叶绿色叶①紫色叶×绿色叶121045130②紫色叶×绿色叶89024281以下说法正确的选项是()A．结球甘蓝叶色性状的遗传依照基因的自由