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文档简介

九年级上学期期末数学试题一、单选题1.下列方程属于一元二次方程的是(

)A.x2﹣y+2=0 B.x2+y2=1C.x2﹣2x+2=0D.2.下列图形是四所大学校徽的部分图案,其中是中心对称图形的是(

)A.B.C.D.C.水到渠成下列成语所描述的事件中是不可能事件的是(

)A.守株待兔 B.水中捞月二次函数

y=(x﹣2)2+5

的顶点坐标是(

)A.(﹣2,5)D.不期而遇B.(2,5)C.(﹣2,﹣5) D.(2,﹣5)5.如图,把菱形

ABOC

绕点

O

顺时针旋转得到菱形

DFOE,则下列角中不是旋转角的为(

)A.∠BOF B.∠AOD C.∠COE D.∠COF6.如图,点

A、B、C、D

在⊙O

上,∠AOC=140°,点

B

是 的中点,则∠D

的度数是(

)A.70° B.60° C.40°7.已知

m、n

是方程

x2﹣2x﹣5=0

的两个实数根,则下列选项错误的是(

)D.35°A.m+n=2B.mn=﹣5C.m2﹣2n﹣5=0 D.m2﹣2m﹣5=08.某班同学毕业时都将自己的照片向全班其他同学各送一张表示留念,全班共送

2450

张照片,如果全班有x名同学,根据题意,列出方程为(

)A.x(x+1)=2450C. x(x+1)=24509.要得到抛物线B.x(x-1)=2450D. x(x-1)=2450,可以将抛物线(

).A.向左平移

4个单位长度,再向下平移

1个单位长度向右平移

4

个单位长度,再向下平移

1

个单位长度向左平移

4

个单位长度,再向上平移

1

个单位长度向右平移

4

个单位长度,再向上平移

1

个单位长度10.正六边形的周长为

6,则它的面积为(

)A.B.C.D.设直线

x=1

是函数

y=ax2+bx+c(a,b,c

是实数,且

a<0)的图象的对称轴,(

)A.若

m>1,则(m﹣1)a+b>0 B.若

m>1,则(m﹣1)a+b<0C.若

m<1,则(m﹣1)a+b>0 D.若

m<1,则(m﹣1)a+b<0如图,E

为正方形

ABCD的边

CD

上一动点,AB=2,连接

BE,过

A

AF⊥BE,交

BC

于F,交

BE于G,连接

CG,当

CG

为最小值时,CF

的长为(

)A.B.C.D.二、填空题一元二次方程 的解为

.点

P(3,﹣5)关于原点对称的点的坐标为

.为了解某区六年级

8400

名学生中会游泳的学生人数,随机调查了其中

400

名学生,结果有

150

名学生会游泳,那么估计该区会游泳的六年级学生人数约为

.16.已知:如图,圆锥的底面直径是

10cm,高为

12cm,则它的侧面展开图的面积是

cm2.如图,在

Rt△ABC

中,∠BAC=90°,将△ABC

A

点顺时针旋转

90°后得到△AB'C'(点

B

的对应点是B',点

C

的对应点是

C'),连接

CC',若∠CC'B'=23°,则∠B=

°.请画出△OAB

绕原点

O

顺时针旋转

90°后的图形△OA1B1.直接写出:点

A1

坐标

,点

B1

坐标

.20.将

4

张印有“梅”“兰”“竹”“菊”字样的卡片(卡片的形状、大小、质地都相同)放在一个不透明的盒子中,将卡片搅匀.,以 为直径, 的中点为圆心画弧,交矩形于点于点

E,则图中阴影部分的面积为

.(结果保留18.如图,矩形

ABCD

的边长 ,D,以点

A为圆心, 的长为半径画弧,交)三、解答题19.如图,正方形网格中,每个小正方形的边长都是一个单位长度,在平面直角坐标系中,△OAB

的三个顶点

O(0,0)、A(4,1)、B(4,4)均在格点上.(1)从盒子中任意取出

1张卡片,恰好取出印有“兰”字的卡片的概率为

.(2)先从盒子中任意取出

1

张卡片,记录后放回并搅匀,再从中任意取出

1

张卡片,求取出的两张卡片中,至少有

1

张印有“兰”字的概率(请用画树状图或列表等方法求解).21.如图,AB

是⊙O

的直径,DA与⊙O

相切于点

A.(1)若

OD平分∠ADE,求证:DE

是⊙O

的切线;(2)在(1)的条件下,若

AE=8,AD=6,求⊙O

的半径.某市某商场销售女款上衣,刚上市时每件可盈利

100

元,销售一段时间后开始滞销,经过连续两次降价后,每件盈利

64

元,平均每天可售出

20

件.求平均每次降价盈利减少的百分率;为扩大销售量,尽快减少库存,在“双十一”期间该商场决定再次采取适当的降价措施,经调查发现,一件女款上衣每降价

1

元,每天可多售出

2

件,要使商场每天盈利最大,每件应降价多少?23.如图:如图(1),已知∠DAC=90°,△ABC

是等边三角形,点

P

为射线

AD

上任意一点(点

P与点

A

不重合),连接

CP,将线段

CP

绕点

C顺时针旋转

60°得到线段

CQ,连接

QB

并延长交射线

AD

于点

E,交线段

CP

于点

F.(1)如图(1),猜想∠QEP=

°;(2)如图(2),图(3),若当∠DAC

是锐角或钝角时,其他条件不变,(1)中的猜想还成立吗?若成立,请选取其中一种情况加以证明;若不成立,请写出你的猜想并加以证明.(3)如图(3),若∠DAC=135°,∠ACP=15°,且

AC=4,求

BQ

的长.24.如图,在平面直角坐标系中,抛物线经过点

A(0,4),B(1,0),C(5,0),其对称轴与

x

轴交于点M.求此抛物线的解析式和对称轴;在此抛物线的对称轴上是否存在一点

P,使△PAB

的周长最小?若存在,请求出点

P

的坐标;若不存在,请说明理由;连接

AC,在直线

AC

下方的抛物线上,是否存在一点

N,使△NAC

的面积最大?若存在,请求出点N

的坐标;若不存在,请说明理由.答案解析部分1.【答案】C【知识点】一元二次方程的定义及相关的量【解析】【解答】解:A、方程中含有两个未知数,不是一元二次方程,故此选项不符合题意;B、方程中含有两个未知数,不是一元二次方程,故此选项不符合题意;C、是一元二次方程,故此选项符合题意;D、方程中含有分式,不是一元二次方程,故此选项不符合题意;.故答案为:C.【分析】只含有一个未知数,且未知数的次数是

2

的整式方程,叫做一元二次方程,据此逐一判断即可.2.【答案】D【知识点】中心对称及中心对称图形【解析】【解答】解:A.不是中心对称图形,故本选项不合题意;B.不是中心对称图形,故本选项不合题意;C.不是中心对称图形,故本选项不合题意;D.是中心对称图形,故本选项符合题意.故答案为:D.【解析】【解答】解:连接

OB,如图所示,【分析】中心对称图形:把一个图形绕着某一点旋转

180°后,旋转后的图形能够与原来的图形重合,据此逐一判断即可.3.【答案】B【知识点】事件发生的可能性【解析】【解答】解:A、守株待兔,这是随机事件,故该选项不符合题意;B、水中捞月,这是不可能事件,故该选项符合题意;C、水到渠成,这是必然事件,故该选项不符合题意;D、不期而遇,这是随机事件,故该选项不符合题意.故答案为:B.【分析】必然事件:在一定条件下,一定会发生的事件,叫做必然事件;不可能事件:在一定条件下,一定不可能发生的事件,叫做不可能事件;随机事件:随机事件是在随机试验中,可能出现也可能不出现,而在大量重复试验中具有某种规律性的事件叫做随机事件,据此一一判断得出答案.4.【答案】B【知识点】二次函数

y=a(x-h)^2+k

的图象【解析】【解答】解:∵抛物线

y=a(x-h)2+k

的顶点坐标是(h,k),∴抛物线y=(x-2)2+5

的顶点坐标是(2,5).故答案为:B.【分析】抛物线y=a(x-h)2+k

的顶点坐标是(h,k),据此解答即可.5.【答案】D【知识点】菱形的性质;旋转的性质【解析】【解答】解:OB

旋转后的对应边为

OF,故∠BOF

可以作为旋转角,故本选项错误;B、OA

旋转后的对应边为

OD,故∠AOD

可以作为旋转角,故本选项错误;C、OC

旋转后的对应边为

OE,故∠COE

可以作为旋转角,故本选项错误;D、OC

旋转后的对应边为

OE

不是

OF,故∠COF

不可以作为旋转角,故本选项正确;故选

D.【分析】两对应边所组成的角都可以作为旋转角,结合图形即可得出答案.6.【答案】D【知识点】圆心角、弧、弦的关系;圆周角定理∵点

B

是的中点,∠AOC=140°,∴∠AOB= ∠AOC=70°,由圆周角定理得,∠D= ∠AOB=35°,故答案为:D.【分析】连接

OB,由点

B

是的中点,可得∠AOB=∠AOC=70°,由圆周角定理得,∠D=∠AOB,继而得解.7.【答案】C【知识点】一元二次方程的定义及相关的量;一元二次方程的根与系数的关系【解析】【解答】解:∵m、n

是方程

x2-2x-5=0

的两个实数根,∴mn=-5,m+n=2,m2-2m-5=0,n2-2n-5=0,故答案为:C.【分析】根据一元二次方程的根与根与系数的关系可得

mn=-5,m+n=2,m2-2m-5=0,n2-2n-5=0,逐一判断即可.8.【答案】B【知识点】一元二次方程的实际应用-传染问题【解析】【解答】解:由题意得,x(x-1)=2450.故答案为:B.【分析】根据

全班共送

2450张照片,

列方程求解即可。9.【答案】B【知识点】二次函数图象的几何变换【解析】【解答】解:∵y=2(x-4)2-1

的顶点坐标为(4,-1),y=2x2

的顶点坐标为(0,0),∴将抛物线

y=2x2

向右平移

4

个单位,再向下平移

1

个单位,可得到抛物线

y=2(x-4)2-1.故答案为:B.【分析】分别求出两抛物线的顶点坐标,根据顶点坐标的变化即得平移规律.10.【答案】B【知识点】等边三角形的性质;正多边形的性质【解析】【解答】解:如图,连接

OB,OC,过

O

OM⊥BC

M,∴∠BOC=×360°=60°,∵OB=OC,∴△OBC

是等边三角形,∵正六边形

ABCDEF

的周长为

6,∴BC=6÷6=1,∴OB=BC=1,∴BM= BC=,∴OM=,∴S△OBC=×BC×OM=,∴该六边形的面积为:.故答案为:B.【分析】首先根据题意画出图形,即可得△OBC

是等边三角形,又由正六边形

ABCDEF

的周长为

6,即可求得

BC的长,继而求得△OBC

的面积,则可求得该六边形的面积.11.【答案】C【知识点】二次函数图象与系数的关系【解析】【解答】解:由对称轴,得b=﹣2a.(m﹣1)a+b=ma﹣a﹣2a=(m﹣3)a∵a<0当

m<1

时,(m﹣3)a>0,故选:C.【分析】根据对称轴,可得

b=﹣2a,根据有理数的乘法,可得答案.12.【答案】A【知识点】等腰三角形的判定与性质;正方形的性质;圆周角定理;三角形全等的判定(ASA);直角三角形斜边上的中线【解析】【解答】解:如图

1

中,取

AB的中点

O,连接

OG,OC.∵四边形

ABCD

是正方形,∴∠ABC=90°,∵AB=2,∴OB=OA=1,∴OC=,∵AF⊥BE,∴∠AGB=90°,∴点

G

在以

AB

为直径的⊙O

上,∵AO=OB,∴OG= AB=1,∴当

O,G,C

共线时,CG

的值最小,最小值=-1(如图

2

中),∵OB=OG=1,∴∠OBG=∠OGB,∵AB∥CD,∴∠OBG=∠CEG,∵∠OGB=∠CGE,∴∠CGE=∠CEG,∴CE=CG= -1,∵∠ABF=∠BCE=∠AGB=90°,∴∠BAF+∠ABG=90°,∠ABG+∠CBE=90°,∴∠BAF=∠CBE,∵AB=BC,∴△ABF≌△BCE(ASA),∴BF=CE= -1,∴CF=BC-BF=2-( -1)=3- ,故答案为:A.【分析】取

AB

的中点

O,连接

OG,OC.当

O,G,C

共线时,CG

的值最小,最小值

CG=OC-OG= -1,求出此时

CF

的长即可.13.【答案】【知识点】直接开平方法解一元二次方程【解析】【解答】故答案为:.【分析】利用直接开平方法求解即可。14.【答案】(﹣3,5)【知识点】关于原点对称的坐标特征【解析】【解答】解:点(3,−5)关于原点的对称点的坐标为(−3,5),故答案为(−3,5).【分析】根据关于原点对称的点坐标的特征:横坐标、纵坐标都变为相反数可以求出答案。15.【答案】3150

名.【知识点】用样本估计总体【解析】【解答】解:由题意可知,150

名学生占总人数的百分比为:∴估计该区会游泳的六年级学生人数约为

8400× =3150(名)

.,故答案为:3150

名.【分析】用样本中会游泳的学生人数所占的比例乘总人数即可得出答案.16.【答案】65π【知识点】圆锥的计算【解析】【解答】解:∵圆锥的底面直径是

10cm,高为

12cm,∴勾股定理得圆锥的底面半径为

13cm,∴圆锥的侧面积=π×13×5=65πcm2.故答案为:65π.【分析】首先利用勾股定理求得圆锥的底面半径,然后利用圆锥的侧面积=π×底面半径×母线长,把相应数值代入即可求解.17.【答案】68【知识点】旋转的性质;等腰直角三角形【解析】【解答】解:∵将△ABC

绕点

A顺时针旋转

90°后得到的△AB′C′,∴AC=AC',∠CAC'=90°,∠B=∠AB'C',∴△ACC'是等腰直角三角形,∴∠ACC'=45°,∴∠AB'C'=∠ACC'+∠B'C'C=45°+23°=68°,∴∠B=68°,故答案为:68。【分析】由旋转的性质可得

AC=AC',∠CAC'=90°,∠B=∠AB'C',从而得出△ACC'是等腰直角三角形,可得∠ACC'=45°,利用三角形外角的性质可得∠AB'C'=∠ACC'+∠B'C'C=68°,即得∠B

的度数。18.【答案】π【知识点】勾股定理;矩形的性质;扇形面积的计算;特殊角的三角函数值【解析】【解答】解:∵

矩形

ABCD,∴∠ABC=90°,在

Rt△ABC

中,,,∴,,∴,S

阴影=S

半圆-S△ACD+S△ABC-S

扇形,∵AC

是矩形

ABCD

的对角线,∴S△ACD=S△ABC,∴S

阴影=S

半圆-S△ACD+S△ABC-S

扇形=

S

半圆-S

扇形=,故填:π.【分析】由矩形的性质可得∠ABC=90°,S△ACD=S△ABC,由勾股定理求出

AC=4,由正切函数的定义可得tan∠BAC=可得∠BAC=30°,利用

S

阴影=S

半圆-S△ACD+S△ABC-S

扇形=S半圆-S扇形即可求解.19.【答案】(1)解:如图所示,△OA1B1

即为所求.(2)(1,-4);(4,-4)【知识点】作图﹣旋转【解析】【解答】(1)(2)解:由图形得:点

A1

的坐标为(1,-4),点

B1

的坐标为(4,-4),故答案为:(1,-4),(4,-4).【分析】(1)根据旋转的性质分别确定

A、B

绕原点

O

顺时针旋转

90°后的对应点

A1、B1,然后顺次连接即的△OA1B1;(2)利用(1)中图形的位置分别写出坐标即可.20.【答案】(1)(2)解:画树状图如下:由树状图知,共有

16

种等可能结果,其中至少有

1

张印有“兰”字的有

7

种结果,∴至少有

1

张印有“兰”字的概率为 .【知识点】列表法与树状图法【解析】【解答】解:(1)从盒子中任意取出

1张卡片,恰好取出印有“兰”字的卡片的概率为故答案为: ;【分析】(1)直接利用概率公式求解可得;,(2)画树状图列出所有等可能结果,从中找到符合条件的结果数,再利用概率公式求解可得.21.【答案】(1)证明:如图,作 ,垂足为由题意知,在和中∵∴∴,∴是半径又∵∴DE

是⊙O

的切线.(2)解:由题意知在 中,由勾股定理得∴设⊙O

的半径为在 中,由勾股定理得∴解得∴⊙O

的半径为

3.【知识点】勾股定理;切线的判定;三角形全等的判定(AAS)【解析】【分析】(1)作 ,垂足为 ,

根据

AAS

证明△DAO≌△DMO,可得

OM=OA,DM=DA,根据切线的判定定理即证;(2)

由(1)知 ,在 中,由勾股定理求

DE=10,可得

ME=4,设⊙O

的半径为

在中,由勾股定理建立关于

x方程并解之即可.22.【答案】(1)解:设平均每次降价的百分率为

x,由题意可得:100(1-x)2=64,解得

x1=20%,x2=180%(不合题意,舍去),答:平均每次降价的百分率是

20%;(2)解:设商场降价a

元,商场每天盈利为

w,由题意可得:w=(64-a)(20+2a)=-2a2+108a+1280,∴该函数图象开口向下,当

a=时,w

取得最大值,∵-2<0,∴a=27

时,w

取得最大值,答:当商场降价

27

元时,商场每天盈利最大.【知识点】一元二次方程的实际应用-百分率问题;二次函数的实际应用-销售问题【解析】【分析】(1)设平均每次降价的百分率为

x,则第一次降价后的盈利为

100(1-x),第二次降价后的盈利为

100(1-x)2,然后根据经过连续两次降价后,每件盈利

64

元列出方程,求解即可;(2)设商场降价

a

元,由题意可得每件的利润为(64-a)元,每天的销售量为(20+2a)件,根据每件的利润×日销售量=总利润可得

w与

a

的关系式,然后结合二次函数的性质进行解答.23.【答案】(1)60(2)解:(1)中的猜想成立,即∠QEP=60°.以∠DAC

是锐角为例.证明:如图

2,∵△ABC

是等边三角形,∴AC=BC,∠ACB=60°,∵线段

CP绕点

C

顺时针旋转

60°得到线段

CQ,∴CP=CQ,∠PCQ=60°,∴∠ACB+∠BCP=∠BCP+∠PCQ,即∠ACP=∠BCQ,在△ACP

和△BCQ

中,,∴△ACP≌△BCQ(SAS),∴∠APC=∠Q,∵∠1=∠2,∴∠QEP=∠PCQ=60°;(3)解:作

CH⊥AD

H,如图

3,与(2)一样可证明△ACP≌△BCQ,∴AP=BQ,∵∠DAC=135°,∠ACP=15°,∴∠APC=30°,∠PCB=∠CAH=45°,∴△ACH

为等腰直角三角形,∴AH=CH=AC= ×4=2,CH=2在

Rt△PHC

中,PH=∴PA=PH-AH=2 -2 ,∴BQ=

PA=2 -2 .,【知识点】等边三角形的性质;旋转的性质;等腰直角三角形;三角形全等的判定(SAS)【解析】【解答】(1)解:猜想:∠QEP=60°;证明:如图

1,EQ

PC

相交于M

点,∵△ABC

是等边三角形,∴AC=CB,且∠ACB=60°,∵线段

CP绕点

C

顺时针旋转

60°得到线段

CQ,∴PC=CQ,且∠PCQ=60°,∴∠BCQ+∠PCB=∠PCA+∠PCB=60°,∴∠BCQ=∠PCA,则△CQB

和△CPA

中,,∴△CQB≌△CPA(SAS),∴∠CQB=∠CPA,又因为△PEM

和△CQM

中,∠EMP=∠CMQ,∴∠QEP=∠QCP=60°.故答案为:60;【分析】(1)设

EQ

PC

相交于M

点,证明△CQB≌△CPA(SAS),可得∠CQB=∠CPA,在△PEM

和△CQM

中,由对顶角相等知∠EMP=∠CMQ,从而得出∠QEP=∠QCP=60°.(2)

成立.证明:证明△ACP≌△BCQ(SAS),可得∠APC=∠Q,由对顶角相等可得∠1=∠2,利用三角形的内角和可推出∠QEP=∠PCQ=60°;(3)作

CH⊥AD

H,同(2)证明△ACP≌△BCQ,可得

AP=BQ,再证△ACH

为等腰直角三角形,可得AH=CH=AC=2 ,在

Rt△PHC

中,PH= CH=2 ,从而得出

PA=PH-AH=2 -2 ,由

BQ=

PA即可求解.24.【答案】(1)解:根据已知条件可设抛物线的解析式为

y=a(x-1)(x-5).把点

A(0,4)代入上式,解得

a= .∴y= (x-1)(x-5)= x2- x

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