广东省广州市花都区2021-2022学年九年级（上）期末质量评价物理试题（解析版）

2021-2022学年广东省广州市花都区九年级（上）期末物理试卷一、选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。1.下列各家用电器正常工作时，电功率最接近1000W的是（）A.普通照明灯泡 B.手电筒C.家用挂式空调 D.电风扇【答案】C【解析】【详解】A．普通照明灯泡正常工作的电流一般为0.2A左右，家庭电路电压为220V，正常工作的功率约为故A不符合题意；B．手电筒小灯泡正常工作电流一般为0.2A左右，额定电压为2.5V，正常工作的功率约为故B不符合题意；C．家用挂式空调正常工作的电流一般为5A左右，家庭电路电压为220V，正常工作的功率约为故C符合题意；D．电风扇正常工作的电流一般为0.2A左右，家庭电路电压为220V，正常工作的功率约为故D符合题意。故选C。2.被丝绸摩擦过的玻璃棒带上了正电荷，以下说法中正确的是（）A.摩擦过程中有电子发生了转移B.摩擦创造了正电荷C.摩擦过程中有质子发生了转移D.丝绸也带正电荷【答案】A【解析】【详解】ABC．摩擦起电并不是创造了电荷，只是电子从一个物体转移到另一个物体，使正、负电荷分开，故A正确，BC错误；D．被丝绸摩擦过的玻璃棒带上了正电荷，是因为玻璃棒失去电子，丝绸得到电子，故丝绸带负电，故D错误。故选A。3.芬兰奥卢大学的研究团队研发出一种新型钙钛矿材料。该材料可在光照、温度和所受压力变化的情况下产生电能，有着非常广阔的应用前景，该材料不能直接实现的能量转化是（）A.化学能→电能 B.内能→电能C.机械能→电能 D.光能→电能【答案】A【解析】【分析】【详解】A．由题意可知，该材料不是在发生化学变化时产生电能，故不能直接实现从化学能向电能的转化，故A符合题意；B．根据题意，该材料可以在温度变化的情况下产生电能，故可以将内能转化为电能，故B不符合题意；C．根据题意，该材料可以在压力变化的情况下产生电能，故可以将机械能转化为电能，故C不符合题意；D．根据题意，该材料可以在光照的情况下产生电能，故可以将光能转化为电能，故D不符合题意。故选A。【点睛】本题考查有关能量的转化，正确理解题意中“该材料可在光照、温度变化、压力变化的情况下产生电能”是本题解答的突破口。4.输电线进户后，经过家庭电路元件再连接用电器，图中连接顺序正确的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】根据家庭电路各元件接连的要求，为了测量家中用电器消耗的电能，进户线接入后首先应安装电能表，为更换保险丝时的安全，应将总开关安装在保险丝之前，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。5.物体M和N是同种物质，已知M的温度为0℃，N的温度为﹣4℃，下列说法正确的是（）A.M的内能为0B.M和N之间不会发生热传递C.M的分子运动比N更剧烈D.M的内能一定大于N的内能【答案】C【解析】【详解】A．一切物体在任何温度下都有内能，故M的内能不为0，故A错误；B．发生热传递的条件是两物体间存在温度差，因M和N两物体温度不同，故M和N之间会发生热传递，故B错误；C．分子无规则运动的剧烈程度与温度有关，物体的温度越高，分子运动越剧烈。M的温度高于N的温度，故M的分子运动比N更剧烈，故C正确；D．物体的内能大小与物体的温度、状态和质量等因素有关，M的温度高于N的温度，但M的内能不一定大于N的内能，故D错误。故选C。6.电炉工作时，电炉丝产生的热量比导线多，电炉丝热得发红，而连接电炉丝的导线不太热，根据焦耳定律分析可得，其主要原因是（）A.通过电炉丝的电流较大B.电炉丝的电阻较大C.电炉丝通电的时间较长D.导线的电阻较大【答案】B【解析】【详解】电炉工作时，导线与电炉丝串联，根据串联电路电流规律，两者的电流相同，同时工作，通电时间相同，根据焦耳定律，在通电时间和电流相同时，电流通过导体产生的热量与电阻大小成正比，电炉丝热得发红，而连接电炉丝的导线不太热，是因为电炉丝的电阻较大，导线的电阻较小。故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。7.有一种电动烤地瓜机，将地瓜放在托盘上，盖上锅盖相当于闭合开关S1，托盘旋转，再将温控开关S2闭合，开始加热；若只闭合开关S2，则不能加热．下图M是托盘电动机，R是加热电阻，对其内部电路设计合理的是？A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】由于“自动烤地瓜机当闭合开关S1，托盘旋转；再将温控开关闭合，开始加热；若只闭合开关，则不能加热”．因此，托盘电动机和加热电阻R是并联，S1要控制电动机和R，即串接在干路上，S2控制R，即串接在加热电阻R的支路上．故图ACD不符合题意，图B符合题意．8.如图所示，电源电压不变，闭合开关后，发现发光二极管L1比小灯泡L2亮，测得通过L1的电流为0.0013A，通过L2的电流为0.27A，则（）

A.L1的实际功率比L2小B.L1的实际功率比L2大C.L1两端的电压比L2大D.L1两端的电压比L2小【答案】A【解析】【详解】CD．闭合开关，发光二极管L1与小灯泡L2并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以L1与L2的实际电压相等，故CD不符合题意；AB．通过L1的电流为0.0013A，通过L2的电流为0.27A，通过L1电流远小于L2的电流，而它们两端的电压相等，根据公式P=UI可知，L1的实际功率小于L2的实际功率，故A符合题意，B不符合题意。故选A。9.如图所示，闭合开关，两灯都正常发光，电流表和电压表都有示数。若灯L2断路，则电流表和电压表的读数将（）

A.变大；变大 B.不变；变大C.变小；不变 D.都变为零【答案】D【解析】【详解】如图所示，闭合开关，两灯串联，电压表测L1两端的电压，电流表测串联电路中的电流；当L2断路时，电路中电流为0，则电流表示数为0，此时电压表未接入电路，示数也为0，所以电流表和电压表示数均变小且为0。故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。10.有A、B两个电热水壶，里面装了质量和初温都相等的水。现把两个电热水壶里的水都加热到相同的温度，电热水壶A比电热水壶B加热时间短，忽略散热，下列说法中正确的是（）A.电热水壶A消耗的电能更多B.电热水壶B里的水吸收的热量更多C.电热水壶B消耗的电能更多D.电热水壶A消耗电能更快【答案】D【解析】【详解】ABC．忽略散热，水吸收的热量等于电热水壶消耗的电能，水的质量和初温相同，把两个电热水壶里的水都加热到相同的温度，升高的温度相同，由Q=cmΔt可知，吸收的热量相同，所以两个电热水壶消耗的电能相同，故ABC错误；D．由以上分析可知，两个电热水壶消耗的电能相等，电热水壶A比电热水壶B加热时间短，由可知电热水壶A的电功率较大，电热水壶A消耗电能更快，故D正确。故选D。二、非选择题：本题共9小题，共60分。按题目要求作答。结合题目要求，涉及计算的，应写出必要的文字说明、公式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，演算过程及结果都要在数字的后面写上正确的单位。11.（1）请用笔画线，将图1中的开关和灯按照安全用电的原则接入家庭电路中，要求：S同时控制L1和L2，如果L1烧坏后L2能继续工作；________（2）用试电笔测试家庭电路的电线，发现接触________（选填“火线”或“零线”）时，试电笔的氖管会发光；在图2所示的情境中，使用试电笔方法正确的是图________；（3）下列情况会造成家庭电路中的“空气开关”自动“跳闸”的是________。A．开关接触不良B．灯泡灯丝断了C．电压偏低D．双孔插座中的两个线头相碰【答案】①.②.火线③.甲④.D【解析】【详解】（1）[1]根据题意，两灯相互不影响应并联，防止断开开关灯泡仍带电，引起触电事故，开关应串联在火线与用电器之间，如图所示：（2）[2][3]火线与大地之间的电压为220V，零线与大地之间的电压为0，当试电笔与火线相接触，人手接触尾端的金属体时，可以通过人体与氖泡、大地形成一个回路，氖泡能发光，如果是零线因为没有电压就没有电流，则氖泡不能发光。而图2乙的使用方法人手直接接触笔尖的金属体，相当于在站在大地上直接接触火线，会导致触电事故。故在图2所示的情境中，使用试电笔方法正确的是图甲。（3）[4]空气开关跳闸是因为电流过大引起的。A．开关接触不良，电路中会出现断路，干路上的电流变小，故A不符合题意；B．灯泡灯丝断了，电路中会出现断路，干路上的电流变小，故B不符合题意；C．电压偏低，根据欧姆定律，在用电器使用情况不变的条件下，干路上的电流变小，故C不符合题意；D．双孔插座中的两个线头相碰即形成短路，电路中总电阻很小，根据欧姆定律，干路上电流很大，故D符合题意。故选D。12.请在如图所示电路中的“〇”内填上电流表或电压表的符号，使L1和L2并联。

【答案】【解析】【详解】两个灯泡的两端分别连在一起，然后接到电路中，这两个灯泡就是并联的。在分析电路时，电流表可视为一根导线。由图知，L1的右端的L2的左端已连接在一起，故再将L1的左端的L2的右端连接在一起，两灯即为并联，因此下面的“〇”内为电流表，上面的“〇”内为不能为电流表，否则两电流表串联后直接接在电源两端，造成电源短路，故上面的“〇”内为电压表，如下图所示：

13.如图所示的电能表示数为________，允许通过的最大电流为________。

【答案】①.225.8kW·h②.40A【解析】【详解】[1]电能表的最后一位是小数位，单位是kW·h，图中电能表示数为225.8kW·h。[2]10(40)A：表示电能表的标定电流是10A，电能表的额定最大电流是40A。14.小明通过温度传感器监测密封注射器内气体的温度。（针筒内气体分子间的作用力忽略不计，可不考虑分子势能）（1）当他快速下压活塞，注射器内密封的气体温度升高。此过程注射器内的气体内能________（选填“增加”、“减少”或“不变”），这是通过________（选填“做功”或“热传递”）的方式改变气体的内能；（2）当他缓慢推动活塞压缩针筒中的气体，发现压缩过程中针筒内气体温度保持不变，活塞对气体做功5J。上述过程中，针筒内气体的内能________（选填“有”或“没有”）发生变化，你的依据是________；针筒内气体一定________（选填“向外界放热”或“有从外界吸热”）。【答案】①.增加②.做功③.没有④.见详解⑤.向外界放热【解析】【详解】（1）[1][2]快速下压活塞，活塞压缩筒内空气对气体做了功，将机械能转化成了内能，筒内气体内能增加，温度升高，是通过做功改变内能的。（2）[3][4]内能的大小与质量、温度、状态等因素有关，而此时的质量、温度及状态均未改变，如果不考虑分子势能的影响，内能没有发生变化。[5]压缩气体，对气体做了功，气体内能应增加，而这里没有增加的原因是由于速度较慢，筒内气体向周围环境放了热，最终与外界实现热平衡，故温度没有上升，内能也没有增加。15.如图1所示，用相同的电加热器给初温及质量均相同的甲、乙两种不同的液体加热，两种液体每秒吸收的热量相同，两种液体的温度加热时间的图像如图2所示。

（1）加热到第2min，________（选填“甲”或“乙”）液体上升的温度较多，两种液体吸收热量关系为Q甲________（选填“>”、“=”或“<”）Q乙；（2）乙液体在第2min时的内能________（选填“大于”、“等于”或“小于”）第1min时的内能（质量变化忽略不计）；乙液体在第2min时的比热容________（选填“大于”、“等于”或“小于”）第1min时的比热容；（3）通过图像分析可得，甲、乙两液体的比热容大小之比c甲:c乙＝________。【答案】①.甲②.=③.大于④.等于⑤.1:2【解析】【详解】（1）根据图2可知，加热到第2min，甲液体上升的温度较多。[2]我们使用相同的电加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。加热到第2min，因加热时间相同，故两种液体吸收热量关系为Q甲=Q乙。（2）[3]从第1min加热到第2min，乙液体吸收热量，温度升高，但状态没有改变，质量没有改变，故在第2min时的内能大于第1min时的内能（质量变化忽略不计）。[4]比热容是物质的一种特性，与物质的种类、状态有关，因种类相同，状态没有改变，故端乙液体在第2min时的比热容等于第1min时的比热容。（3）[5]通过图像分析可得，升高20℃，甲用时1min，乙用时2min，甲、乙吸收的热量之比为，根据Q=cm△t，在质量和升高温度相同的情况下，吸热多少与比热容大小成正比，故甲、乙两液体的比热容大小之比为c甲:c乙＝1:216.汽油机是热机的一种，请回答以下问题。

（1）图1中甲、乙是汽油机的其中两个冲程，则甲是________冲程，乙是________冲程（以上两空均选填“吸气”、“压缩”、“做功”或“排气”）；（2）做功冲程是把________能转化成________能，从而获得动力；（3）图2是汽油机的能量流向图，其效率为________×100%（用图中的符号表示）；（4）某汽车在水平路面上行驶，共消耗了0.5kg汽油。[汽油热值q＝4.6×107J/kg，水的比热容]①假如汽油完全燃烧，求释放的热量________；②若其释放热量的20%被初温为20℃质量为100kg的水完全吸收，求水升高的温度是多少________？（结果保留整数）【答案】①.排气②.压缩③.内④.机械⑤.⑥.⑦.【解析】【详解】（1）[1][2]图1甲中进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，故甲是排气冲程；乙中，两气门关闭，活塞向上运动，乙是压缩冲程。（2）[3][4]利用内能可以做功，人们制造了各种利用内能做功的机械即热机。做功冲程是把内能转化成机械能，从而获得动力。（3）[5]用来做有用功的那部分能量，与燃料完全燃烧放出的能量之比，叫做热机的效率。图2是汽油机的能量流向图，故其效率为（4）①[6]假如汽油完全燃烧，释放的热量Q=mq＝0.5kg×4.6×107J/kg=2.3×107J②[7]水吸收的热量为初温为20℃质量为100kg的水升高的温度是17.如图1所示，小灯泡L的额定电压为3.8V，R为定值电阻（其电压与电流的变化关系如图2所示），S1处于闭合状态。当S2断开时，电压表的示数如图3所示；闭合S2后，电压表的示数为2V，电流表的示数如图4所示。（1）求R阻值________；（2）S1闭合，S2断开时，求电流表示数________；（3）S1和S2都闭合后，小灯泡________（选填“能”或“不能”）正常发光；请求出小灯泡L工作30s所消耗的电能________。

【答案】①.10Ω②.0.24A③.不能④.14.4J【解析】【详解】（1）[1]由图2可知，电阻R的阻值为（2）[2]S1闭合，S2断开时，只有R的简单电路，电压表测量R两端的电压，电流表测量通过R的电流，由图3可知，电压表的量程是0~3V，分度值是0.1V，电压表的示数是2.4V，电流表的示数（3）[3]闭合S2后，电阻R与灯泡L并联，电流表测量干路中的电流，电压表测量R和L两端的电压，电压表的示数为2V，小灯泡L的额定电压为3.8V，灯泡的实际电压是2V，低于额定电压，小灯泡不能正常发光。[4]由图4可知，电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，电流表的示数是0.44A，通过R的电流由并联电路电流的规律可知通过L的电流IL=I-I3=0.44A-0.2A=0.24A小灯泡L工作30s所消耗的电能W=U3ILt=2V×0.24A×30s=14.4J18.学习小组想探究当小灯泡两端的电压增大时，其实际功率和亮度的变化情况。图1是实验电路图，实验提供的小灯泡的额定电压为2.5V。

（1）按图1在图2中正确连接实物，要求滑动变阻器滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻值变大________；（2）正确连接电路后，闭合开关，小明发现电流表和电压表的指针都有偏转，灯泡却不亮。小明认为一定是因为灯丝烧断了，他的判断是否正确？________；依据是________；（3）解决以上问题后，继续做实验。小明移动滑动变阻器的滑片，记录电压表示数、电流表示数及灯泡亮度如表：数据序号123456电压U/V0.6111.52.534.3电流I/A0.110.20.350.70941.4灯泡亮度微微发光偏暗较亮亮很亮忽然烧坏由上表可得，小灯泡两端电压越大，它的实际功率________（选填“越大”、“越小”或“不变”）；小灯泡正常发光时的功率为________W；（4）小红认为不需要滑动变阻器，只通过增加干电池（每节1.5V）的节数也能记录多组实验数据完成该探究实验，你觉得可行吗？________；为什么？________。【答案】①.②.错误③.见解析④.越大⑤.1.75