2019-2020学年甘肃省武威第一高二10月阶段性考试物理试题 word版

一．单项选择题（每小题5分，共40分）1.地面上以600的倾角抛出一个质量为m的小球,小球达最高点时的动能为E,不考虑空气阻力,取地面为零重力势能面,则物体在离地面高度为h时的机械能为:()A.5EB.3EC.E+mghD.3E+mgh2.轻绳拴一个质量为m的小球以加速度a向上提升一段距离s，则拉力对小球做功（）A．mgsB．m(g＋a)sC．masD．m(g－a)s3.所示，在光滑水平面上的两小球发生正碰．小球的质量分别为m1和m2．图乙为它们弹性碰撞前后的s﹣t（位移时间）图象．已知m1=0.1㎏．由此可以判断（）A、碰前m2静止，m1向右运动B、碰后m2和m1都向右运动C、m2=0.5kgD、弹性碰撞过程中系统损失了0.4J4.m的物体自由下落,不计空气阻力,在ts内,重力对物体做功的平均功率是()A.mg2tB.mg2t/4C.0D.mg2t/25.一个带正电的粒子沿曲线从a到b越过匀强电场，则以下说法正确的是：（）baEbaEC、电场力做负功，电势能增大D、电场力做负功，电势能减少6.子都从静止开始经过相同电压加速后，速度最大的是：（）A、B、C、D、甲7.图中虚线是点电荷产生电场的等势面，乙图是匀强电场。电场中各有两点，则：（）甲乙A、甲图中两点的E相同，也相同乙B、乙图中两点的E相同，也相同C、乙图中，带电粒子在两点间移动，电场力做功为零D、甲图中，带电粒子在两点间移动，电场力做功为零ABABU/Vt/sO0.51.0.eA、先向A运动，然后向B运动，再返回A板做周期性来回运动B、一直向A板运动C、一直向B板运动D、先向B运动，然后向A运动，再返回B板做周期性来回运动二、多选题（每题至少有两个或者两个以上的选项，多选、错选不得分，少选得3分，每小题5分，，共25分）9.如图所示，足够长的木板P静止于光滑水平面上，小滑块Q位于木板P的最右端，木板P与小滑块Q之间的动摩擦因数，木板P与小滑块Q质量相等，均为m=1kg。用大小为6N、方向水平向右的恒力F拉动木板P加速运动1s后将其撤去，系统逐渐达到稳定状态，已知重力加速度g取10m/s2，下列说法正确的是()A.木板P与小滑块Q所组成的系统的动量增加量等于拉力F的冲量B.拉力F做功为6JC.小滑块Q的最大速度为3m/sD.整个过程中，系统因摩擦而产生的热量为3J10.光滑圆弧轨道质量为M的滑车静置于光滑水平面上，如图所示．一质量为m的小球以速度v0水平冲上滑车，当小球上行再返回并脱离滑车时，以下说法正确的是（

）A、小球一定水平向左作平抛运动B、小球可能水平向左作平抛运动

C、小球可能作自由落体运动D、小球可能向右作平抛运动11.将充好电的平板电容器与静电计连接，静电计指针偏转的角度为。在如下的变化中正确的是：()A、增大极板的距离，变大B、错开两个极板（距离保持不变），变小C、极板间插入陶瓷，变小D、极板间插入陶瓷，不变CBCBAA、若释放的是电子，电子将向B点运动B、若释放的是质子，质子将向B点运动C、若释放的是正电荷，要使其向B点运动，必须施加一个指向C的外力D、若释放的无论是正电荷还是负电荷，若自由运动，电场力都将做正功13.电子以初速度V0从中线垂直进入偏转电场，刚好离开电场，它在离开电场后偏转角正切为0.5。下列说法中正确的是：()A、如果电子的初速度变为原来的2倍，则离开电场后的偏转角正切为0.25B、如果电子的初速度变为原来的2倍，则离开电场后的偏转角正切为0.125C、如果偏转电压变为原来的1/2倍，则离开电场后的偏转角正切为0.25D、如果偏转电压变为原来的1/2倍，则离开电场后的偏转角正切1三．解答题（共2小题，共18+17=35分）14.ABCD是一个正方形盒子，CD边的中点有一个小孔O，盒子中有沿AD方向的匀强电场，场强大小为E.粒子源不断地从A处的小孔沿AB方向向盒内发射相同的带电粒子，粒子的质量为m，带电量为q，初速度为v0，在电场作用下，粒子恰好从O处的小孔射出，(带电粒子的重力和粒子间的相互作用力均可忽略)求：(1)正方形盒子的边长L；(用m，v0，q，E表示)(2)该带电粒子从O处小孔射出时的速率v.(用v0表示)15.如图所示，质量为m，带电荷量为－q的小球在光滑导轨上运动，导轨左边为斜轨，右边为半圆形滑环，其半径为R，小球在A点时的初速度为v0，方向和斜轨平行，整个装置放在方向竖直向下，强度为E的匀强电场中，斜轨的高为h，试问：(1)如果小球能到达B点，那么小球在B点对圆形环的压力多大？(2)在什么条件下小球可以匀速沿半圆环到达最高点，这时小球的速度多大？武威2019年秋季学期阶段性考试高二年级物理答案一、单项选择题（8*5=40分）题号12345678答案CBADBADB二、多项选择题（（每题至少有两个或者两个以上的选项，多选、错选不得分，少选得3分，每小题5分，共25分）题号910111213答案ACDBCDACADBC三．解答题（共2小题，共18+17=35分）14：(1)当盒中为匀强电场E时，设正方形边长AD＝L，则DO＝L/2.粒子做类平抛运动，设从O处射出时速度为v，竖直方向的分速度为vy，运动时间为t，加速度为a.由平抛运动知识得：eq\f(1,2)L＝v0t①L＝eq\f(1,2)at2＝eq\f(1,2)vyt②由牛顿第二定律得a＝eq\f(qE,m)③由①②③式得vy＝4v0，L＝4×eq\f(2mv20,qE)＝eq\f(8mv20,qE).(2)由运动的合成得：v＝eq\r(v\o\al(2,0)＋v\o\al(2,y))＝eq\r(17)v0.答案：(1)eq\f(8mv\o\al(2,0),qE)(2)eq\r(17)v015.小球从A点下滑有三种情况：当mg＝qE时，小球做匀速直线运动；当mg＞qE时，小球做匀加速直线运动；当mg＜qE时，小球将离开斜面做曲线运动，而不能到达B点．(1)当满足mg＝qE时，小球到达B点的速度为v0，设小球在B点受圆环的支持力为FN1，得FN1＝meq\f(v20,R)，小球对轨道压力FN1′＝FN1，方向竖直向下．当mg＞qE时，根据动能定理有mgh－qEh＝eq\f(1,2)mv2B－eq\f(1,2)mv20.①设此时小球在B点受到圆环的支持力为FN2，则FN2＋qE－mg＝meq