2019-2020学年广东省揭阳市第三高二上学期第一次月考化学试题 解析版

揭阳2019―2020学年度第一学期高二级第1次月考化学试题可能用到的相对原子质量：O16H1S32C12一、选择题：（42分）本题共14小题，每小题3分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。1.未来新能源的特点是资源丰富，在使用时对环境无污染或污染很小，且可以再生。下列属于未来新能源标准的是①天然气②太阳能③风能④石油⑤煤⑥生物质能⑦氢能A.①②③④ B.②③⑥⑦ C.①②⑤⑥⑦ D.③④⑤⑥⑦【答案】B【解析】【分析】新能源的特点是资源丰富，在使用时对环境无污染或很少污染，且可以再生。【详解】天然气、石油、煤是不可再生能源，能引起严重的空气污染，不是新能源；太阳能、风能、生物质能、氢能对环境污染小，属于对环境友好型的新能源，故选B。【点睛】本题考查了新能源，注意新能源的特征及开发利用是解答关键。2.下列变化属于吸热反应的是（）①液态水汽化②将胆矾加热变为白色粉末③浓硫酸稀释④氯酸钾分解制氧气⑤生石灰跟水反应生成熟石灰A.①④⑤ B.①②④ C.②③ D.②④【答案】D【解析】试题分析：①液态水气化属于物理变化，属于吸热过程，故错误；②此反应是吸热反应，故正确；③浓硫酸稀释，是放热过程，故错误；④氯酸钾分解属于分解反应，属于吸热反应，故正确；⑤生石灰与水反应生成熟石灰，是放热反应，故错误；综上所述，选项D正确。考点：考查吸热反应和放热反应等知识。3.据报道，科学家开发出了利用太阳能分解水的新型催化剂。下列有关水分解过程的能量变化示意图正确的是A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】水分解是吸热反应，反应物总能量低于生成物总能量，催化剂能降低反应的活化能，但反应热不变，图像B符合，答案选B。【点睛】注意催化剂可降低反应的活化能，但不改变反应热。4.已知（1）H2（g）＋O2（g）=H2O（g）ΔH＝akJ•mol-1（2）2H2（g）＋O2（g）=2H2O（g）ΔH＝bkJ•mol-1（3）H2（g）＋O2（g）=H2O（l）ΔH＝ckJ•mol-1（4）2H2（g）＋O2（g）=2H2O（l）ΔH＝dkJ•mol-1下列关系式中正确的是（）A.a＜c＜0 B.b＞d＞0 C.2a＝b＜0 D.2c＝d＞0【答案】C【解析】【详解】氢气在氧气中燃烧，无论生成液态水，还是气态水，均为放热反应，则：a、b、c、d均小于0；A．燃烧反应为放热反应，焓变为负，且气态水的能量高，则c＜a＜0，故A错误；B．反应物相同，生成物中气态水的能量高，则d＜b＜0，故B错误；C．物质的量与热量成正比，则2a=b＜0，故C正确；D．物质的量与热量成正比，且燃烧反应的焓变为负，则2c=d＜0，故D错误；故答案为C。5.升高温度能使反应速率加快，下列叙述正确的是（）A.降低反应所需的活化能B.对于吸热反应、放热反应，反应速率同等程度加大C.体系中活化分子总数不变D.使反应体系的活化分子百分数增大【答案】D【解析】【详解】升高温度，增大活化分子的百分数，体系内活化分子总数增多，有效碰撞次数增多，反应速率增大，对于吸热反应、放热反应，升高温度，正逆反应速率都增大，但正逆反应增大的程度不同，故答案为D。6.已知化学反应A2（g）+B2（g）=2AB（s）的能量变化如图所示，下列叙述正确的是A.该反应为放热反应B.A—B的键能为bkJ•mol-1C.加催化剂能降低该反应焓变D.该反应的反应热为△H=（a-b）kJ•mol-1【答案】D【解析】A.由图像可以看出，生成物的总能量大于反应物的总能量，该反应为吸热反应，故A错误；B.键能是指断裂或形成1mol化学键吸收或放出的能量，则A-B的键能为kJ•mol-1，故B错误；C.加入催化剂只能改变化学反应速率，不能改变平衡，即该反应焓变不变，故C错误；D.该反应的反应热△H=断裂化学键吸收的能量—形成化学键所放出的能量，所以反应热为△H=+（a-b）kJ/mol，故D正确；故选D。7.在2A(g)+B(g)3C(g)+4D(g)反应中，表示该反应速率最快的是A.v(A)=0.5mol/(L·s) B.v(B)=0.3mol/(L·s)C.v(C)=0.8mol/(L·s) D.v(D)=1.0mol/(L·s)【答案】B【解析】【分析】用不同物质的反应速率比较反应的快慢时，把反应速率的单位变成相同，再把各物质的反应速率除以本身的化学计量数，得到的速率越大反应就越快。【详解】A、v(B)=v(A)==0.25mol/(L·s)；B、v(B)=0.3mol/(L·s)；C、v(B)=v(C)==0.27mol/(L·s)；D、v(B)=v(D)==0.25mol/(L·s)；可以看出B中的数据最大，反应也速率就最快，选B。8.下列反应既属于离子反应，又属于氧化还原反应的放热反应是（）A.铝片与稀盐酸反应 B.灼热的碳与CO2反应C.Ba(OH)2·8H2O与NH4Cl固体反应 D.甲烷在氧气中的燃烧反应【答案】A【解析】离子反应是有离子参加或生成的反应，A、C为离子反应；有化合价变化的反应为氧化还原反应，A、B、D为氧化还原反应，灼热的碳与CO2反应和Ba(OH)2·8H2O与NH4Cl固体反应是吸热反应，综合分析符合题意的是A选项。A正确。9.已知4NH3+5O2=4NO+6H2O，若反应速率分别用υ(NH3)、υ(O2)、υ(NO)、υ(H2O)表示。则正确的关系是（）A.4/5υ(NH3)=υ(O2)B.5/6υ(O2)=υ(H2O)C.2/3υ(NH3)=υ(H2O)D.4/5υ(O2)=υ(NO)【答案】D【解析】【详解】化学计量数之比等于化学反应速率之比，则υ(NH3)：υ(O2)：υ(NO)：υ(H2O)=4:5:4:6，即υ(NH3)=υ(O2)、υ(O2)=υ(H2O)、υ(NH3)=υ(H2O)、υ(O2)=υ(NO)，故答案为D。10.反应4A(s)+3B(g)2C(g)+D(g)，经2minB的浓度减少0.6mol/L。对此反应速率的表示正确的是A.用A表示的反应速率是0.4mol/(L·min)B.分别用B、C、D表示反应速率其比值是3：2：1C.在2min末的反应速率，用B表示是0.3mol/(L·min)D.在这2min内用B和C表示的反应速率的值都是逐渐减小的【答案】BD【解析】【详解】A.A是固体，不能利用浓度变化量表示反应速率，A错误；B.速率之比等于化学计量数之比，故υ(B)：υ(C)：υ(D)=3：2：1，B正确；C.2min内，B的浓度减少0.6mol/L，υ(B)==0.3mol/(L·min)，但化学反应速率是2min内的平均速率，不是瞬时速率，C错误；D.由于反应物的浓度随着反应的进行逐渐减小，物质的浓度降低，反应速率减小，所以反应速率的值都是随时间逐渐减小的，D正确；故合理选项是BD。11.用纯净的CaCO3与l00mL稀盐酸反应制取CO2，实验过程记录如图所示(CO2的体积己折算为标准状况下的体积)。下列分析正确的是A.EF段，用盐酸表示该反应平均反应速率为0.4mol·(L·min)-1B.OE段表示的平均速率最快C.OE、EF、FG三段中，该反应用二氧化碳表示的平均反应速率之比为2∶6∶7D.F点收集到的CO2的量最多【答案】A【解析】A、EF段产生的CO2共0.02mol，由于反应中n(HCl)∶n(CO2)＝2∶1，所以该段消耗HCl＝0.04mol，时间1min，所以用盐酸表示的EF段平均化学速率是0.4mol·L－1·min－1，A正确；B、单位时间内反应生成的多或反应物消耗的多，则速率快。由于横坐标都是1个单位，EF段产生的CO2多，所以该段反应速率最快，不是OE段，B错误；C、由于时间都是1min，所以三段的速率之比就等于产生CO2的体积之比，即224∶(672－224)∶(784－672)＝2∶4∶1，C错误；D、收集的CO2是看总量的，F点只有672mL，应该是G点的体积最多，D错误，答案选A。12.一定量的锌粉和6mol/L的过量盐酸反应，当向其中加入少量的下列物质时，能够加快反应速率，又不影响产生H2的总量的是①石墨粉②CuO③铜粉④铁粉⑤浓盐酸A.①②⑤ B.①③⑤C.③④⑤ D.①③④【答案】B【解析】考查外界条件对反应速率对影响。石墨能和锌构成原电池，锌是负极，加快反应速率，①正确。氧化铜溶于盐酸生成氯化铜，进而和锌发生置换反应，生成铜，也构成原电池，加快反应速率，但生成的氢气减少，②不正确，同样可知③正确。铁能和盐酸反应产生氢气，④不正确。增大氢离子浓度，反应速率增大，⑤正确，答案选B。13.下列描述中正确的是（）A.HCl与NaOH反应中和热△H＝－57.3kJ/mol，则H2SO4和Ca(OH)2反应的中和热△H＝2×(－57.3)kJ/molB.CO(g)的燃烧热是283.0kJ/mol，则2CO2(g)＝2CO(g)＋O2(g)的反应热△H＝＋566.0kJ/molC.需要加热才能发生的反应一定是吸热反应D.燃烧热是指1mol物质完全燃烧时放出的热量【答案】B【解析】【详解】A．中和热是指酸和碱反应生成1mol水时放出的热量，其衡量标准是生成的水为1mol，稀溶液中强酸与强碱反应生成1mol水时的中和热为57.3kJ/mol，且稀H2SO4和Ca(OH)2反应生成的CaSO4微溶于水，故A错误；B．燃烧热是1mol可燃物完全燃烧生成稳定氧化物时放出的热量，CO(g)的燃烧热是283.0kJ/mol，则CO燃烧热表示的热化学方程式为：CO(g)+O2(g)═CO2(g)△H=-283.0kJ/mol；所以2CO2(g)=2CO(g)+O2(g)反应的△H=+566.0kJ/mol，故B正确；

C．某些放热反应需要加热引发条件才能进行如铝热反应等，需要加热的反应不一定是吸热反应，故C错误；D．燃烧热表示1mol可燃物完全燃烧生成稳定氧化物所释放的热量，故D错误；故答案为B。【点睛】考查燃烧热、中和热概念的理解应用，方程式书写方法，注意概念的条件和实质分析。中和热是酸与碱完全反应生成1mol水放出的热量；燃烧热是指1mol可燃物完全燃烧生成稳定氧化物放出的热量，热化学方程式改变方向，反应焓变符号随之变化；加热发生的反应不一定是吸热反应，某些放热反应也需要引发条件。14.将4molA气体和2molB气体在2L的容器中混合并在一定条件下发生如下反应：2A(g)+B(g)2C(g)，2s后测得C的浓度为0.6mol·L-1，下列说法正确的是（）A.用物质A表示的反应平均速率为0.6mol·L-1·s-1B.用物质B表示的反应的平均速率为0.3mol·L-1·s-1C.2

s时物质A的转化率为30%D.2

s时物质B的浓度为0.8mol·L-1【答案】C【解析】【详解】A．根据方程式知，△c(A)=△c(C)=0.6mol/L，则A的平均反应速率为：=0.3mol/(L·s)，故A错误；B．△c(B)=×0.6mol/L=0.3mol/L，υ(B)==0.15mol/(L·s)，故B错误；C．A的起始浓度是2mol/L，根据方程式知，△c(A)=△c(C)=0.6mol/L，故A的转化率=×100%=30%，故C正确；D．B的起始浓度是1mol/L，根据方程式知，△c(B)=×0.6mol/L=0.3mol/L，2s时物质B的浓度为：1mol/L-0.3mol/L=0.7mol/L，故D错误；故答案为C。二非选择题（共58分）15.用50mL0.50mol/L的盐酸与50mL0.55mol/L的氢氧化钠溶液在如下图所示的装置中进行中和反应，通过测定反应过程中所放出的热量可计算中和热。回答下列问题：（1）烧杯间填满碎泡沫塑料的作用是_________；（2）环形玻璃搅拌棒能否用环形铁质搅拌棒代替？_____（填“能”或“不能”），其原因是_________（3）实验时氢氧化钠溶液的浓度要用0.55mol/L的原因是_________；实验中若改用60mL0.50mol/L的盐酸与50mL0.55mol/L的氢氧化钠溶液进行反应，与上述实验相比，所放出的热量_____（填“相等”或“不相等”），若实验操作均正确，则所求中和热________（填“相等”或“不相等”）；（4）已知在稀溶液中，强酸和强碱发生中和反应生成1mol水时，放出57.3kJ的热量，则上述反应的热化学方程式为：_____________。（5）倒入NaOH溶液的正确操作是_________A．沿玻璃棒缓慢倒入B．分三次少量倒入C．一次迅速倒入（6）某同学利用实验数据计算出的中和热与57.3kJ/mol有偏差，产生偏差的原因可能是(填字母)____________。a．实验装置保温、隔热效果差；b．用温度计测定NaOH溶液起始温度后直接测定HCl溶液的温度；c．量取NaOH溶液的体积时仰视读数；d．倒完NaOH溶液后，发现装NaOH烧杯内有极少量残留液。【答案】(1).减少热量损失(2).不能(3).铁会和盐酸反应；铁导热性好，热量损失较大(4).为了确保盐酸完全被中和(5).不相等(6).相等(7).NaOH(aq)+HCl(aq)=NaCl(aq)+H2O(l)ΔH=-57.3kJ/mol(8).C(9).abcd【解析】分析】(1)中和热测定实验成败的关键是保温工作；(2)铁是热的良导体，易传热，且铁能与盐酸反应；(3)氢氧化钠过量能保证盐酸完全反应；反应放出的热量和所用酸以及碱的量的多少有关，结合中和热的概念和实质来回答；(4)根据稀强酸与稀强碱中和生成1mol液态水时放出57.3kJ的热量书写热化学方程式；(5)将NaOH溶液倒入小烧杯中，不能分几次倒入，否则会导致热量散失，影响测定结果；(6)从对热量的影响分析即可。【详解】(1)中和热测定实验成败的关键是保温工作，烧杯间填满碎泡沫塑料的作用是：减少实验过程中的热量损失；(2)铁是热的良导体，易传热，热量散失较大，实验测得误差较大，且铁能与盐酸反应；(3)用过量的氢氧化钠保证盐酸反应完全，以盐酸的量为准进行准确计算；反应放出的热量和所用酸以及碱的量的多少有关，改用60mL0.50mol/L的盐酸与50mL0.55mol/L的氢氧化钠溶液进行反应，与上述实验相比，生成水的量增多，所放出的热量增多，但是中和热是以强酸和强碱反应生成1mol水时放出的热为标准，与酸碱的用量无关；(4)已知稀强酸、稀强碱反应生成1mol液态水时放出57.3kJ的热量，盐酸和氢氧化钠稀溶液都是强酸和强碱的稀溶液，则反应的热化学方程式为：NaOH(aq)+HCl(aq)═NaCl(aq)+H2O(l)△H=-57.3kJ/mol；(5)倒入氢氧化钠溶液时，必须一次迅速的倒入，目的是减少热量的散失，不能分几次倒入氢氧化钠溶液，否则会导致热量散失，影响测定结果，故答案为C；(6)a．装置保温、隔热效果差，测得的热量偏小，中和热的数值偏小，故a符合题意；b．温度计测定NaOH溶液起始温度后直接插入稀HCl测温度，盐酸的起始温度偏高，温度差偏小，中和热的数值偏小，故b符合题意；c．量取NaOH溶液的体积时仰视读数，会导致所量的氢氧化钠体积偏大，放出的热量不变，但温度差偏小，中和热的数值偏小，故c符合题意；d．倒完NaOH溶液后，发现装NaOH烧杯内有极少量残留液，则参加反应的NaOH偏小，测得的热量偏小，中和热数值偏小，故d符合题意；故答案为：abcd。16.I某温度时，在2L容器中，X、Y、Z三种物质的物质的量随时间变化的曲线如图所示。（1）由图中数据分析：该反应的化学方程式为_________________。（2）反应开始至2min，用Z表示的平均反应速率为________。用X表示的平均反应速率为___________________II对于可逆反应CO(g)+H2O(g)CO2(g)+H2(g)，若开始时容器中各有1mol的CO(g)和H2O(g)，并在一定条件下发生反应，回答下面的问题：①恒温恒压时，向容器中充入0.5mol的He，这时反应速率___________(填“加快”、“减慢”或“不变”)，原因是____________________②恒温恒容时，加入0.3mol的CO，这时反应速率___________(填“加快”、“减慢”或“不变”)，原因是_______________【答案】(1).3X+Y2Z(2).0.05mol·L-1·min-1(3).0.075mol·L-1·min-1(4).减慢(5).恒温恒压时充入He，体系体积增大反应物浓度减小，反应速率减慢(6).加快(7).恒温恒容充入0.3molCO，反应物CO的浓度增大反应速率加快【解析】【分析】I.(1)根据各物质的增减判断反应物、生成物，根据同一反应、同一时间段内，各物质的浓度变化量之比等于其计量数之比判断；(2)根据υ＝＝计算；再根据同一反应、同一时间段内，各物质反应速率之比等于其计量数之比判断；II.①恒温恒压时，向容器中充入0.5mol的He，总体积增大，反应物浓度减小；②恒温恒容时，加入0.3mol的CO，CO为反应物，且浓度增大。【详解】I.(1)根据图象知，随着反应的进行，X、Y的物质的量减少，Z的物质的量增加，所以X、Y是反应物，Z是生成物；同一反应、同一时间段内，各物质的浓度变化量之比等于其计量数之比，0~2min时，△n（X）=(1-0.7)mol=0.3mol，△n（Y）=(1-0.9)mol=0.1mol，△n（Z）=0.2mol-0=0.2mol，△n（X）:△n（Y）:△n（Z）=0.3mol:0.1mol:0.2mol=3:1:2，故该反应的化学方程式为3X+Y2Z；(2)υ（Z）＝＝==0.05mol•L-1•min-1；同一反应、同一时间段内，各物质反应速率之比等于其计量数之比，所以υ(Z):υ(X)=0.05mol•L-1•min-1:υ(X)=2:3，υ(X)=0.075mol•L-1•min-1；II.：①恒温恒压时，向容器中充入0.5mol的He，总体积增大，反应物浓度减小，则反应速率减慢；②恒温恒容时，加入0.3mol的CO，CO为反应物，CO浓度增大，则反应速率加快。【点睛】图象问题解题步骤：(1)看懂图象：①看面(即弄清纵坐标与横坐标的意义)；②看线(即弄清线的走向和变化趋势)；③看点(即弄清起点、拐点、交点、终点的意义)；④看是否要作辅助线(如等温线、等压线)；⑤看定量图象中有关量的多少；(2)联想规律：联想外界条件的改变对化学反应速率和化学平衡的影响规律。17.到目前为止，由化学能转变的热能或电能仍然是人类使用的最主要的能源．(1)在25℃、101kPa下，16g的甲醇(CH3OH)完全燃烧生成CO2和液态水时放出352kJ的热量，则表示甲醇燃烧热的热化学方程式为_____________________。(2)化学反应中放出的热能(焓变，△H)与反应物和生成物的键能(E)有关．已知：H2(g)+Cl2(g)=2HCl(g)△H=﹣185kJ/mol，E(H﹣H)=436kJ/mol，E(Cl﹣Cl)=243kJ/mol则E(H﹣Cl)=_____________(3)纳米级Cu2O由于具有优良的催化性能而受到关注．已知：2Cu(s)+O2(g)═Cu2O(s)△H=﹣169kJ•mol﹣1，C(s)+O2(g)═CO(g)△H=﹣110.5kJ•mol﹣1，2Cu(s)+O2(g)═2CuO(s)△H=﹣314kJ•mol﹣1则工业上用炭粉在高温条件下还原CuO制取Cu2O和CO的热化学方程式_____________。(4)如图是N2和H2反应生成2molNH3过程中能量变化示意图：①请计算每生成1molNH3放出热量为：_________．②若起始时向容器内放入1molN2和3molH2达平衡后N2的为20%，则反应放出的热量为Q1kJ，则Q1的数值为_________．【答案】(1)CH3OH(l)+3/2O2(g)=CO2(g)+2H2O(l)；△H=-704kJ·mol．-1(2)434kJ/mol(3)C(s)+2CuO(s)=Cu2O(s)+CO(g)△H=+34.5kJ·mol．-1(4)46.1kJ；18.44【解析】试题分析：(1)16g的甲醇(CH3OH)完全燃烧生成CO2和液态水时放出352kJ的热量，32g甲醇即1mol，燃烧生成二氧化碳和液态水放热704KJ，标注物质聚集状态和对应焓变写出热化学方程式为：CH3OH(l)+O2(g)═CO2(g)+2H2O(l)△H=-704KJ/mol；(2)H2(g)+Cl2(g)═2HCl(g)△H=-185kJ/mol，E(H-H)=436kJ/mol，E(Cl-Cl)=243kJ/mol，△H=反应物键能总和-生成物键能总和得到：-185kJ/mol=436KJ/mol+243KJ/mol-2E(H-Cl)，则E(H-Cl)=432kJ/mol；故答案为：432kJ/mol；(3)①2Cu(s)+O2(g)═Cu2O(s)△H=-169kJ•mol-1，②C(s)+O2(g)═CO(g)△H=-110.5kJ•mol-1，③2Cu(s)+O2(g)═2CuO(s)△H=-314kJ•mol-1，依据盖斯定律②+①-③得到C(s)+2CuO(s)═Cu2O(s)+CO(g)△H=+34.5KJ/mol；则工业上用炭粉在高温条件下还原CuO制取Cu2O和CO的热化学方程式为C(s)+2CuO(s)═Cu2O(s)+CO(g)△H=+34.5KJ/mol；(4)①图象分析可知，N2和H2反应生成2molNH3过程中能量变化示意图可知反应放热427.2KJ-335KJ=92.2KJ，每生成1molNH3放出热量46.1KJ；故答案为：46.1kJ；②如图是N2和H2反应生成2molNH3过程中能量变化示意图，反应焓变△H=335KJ/mol-427.2KJ/mol=-92.2KJ/mol，N2(g)+3H2(g)2NH3(g)△H=-92.2KJ/mol1300.20.60.4生成0.4mol氨气放热=×92，2KJ=18.44KJ，故答案为：18.44。考点：考查了热化学方程式书写方法和盖斯定律的计算的相关知识。18.某小组拟用酸性KMnO4溶液与H2C2O4溶液的反应（此反应为放热反应）来探究“条件对化学反应速率的影响”，并设计了如下的方案记录实验结果（忽略溶液混合体积变化）。限选试剂和仪器：0.20mol/LH2C2O4溶液、0.010mol/LKMnO4溶液（酸性）、蒸馏水、试管、量筒、秒表、恒温水浴槽。物理量编号V（0.20mol/LH2C2O4溶液）/mLV（蒸馏水）/mLV（0.010mol/L酸性KMnO4溶液）/mLm（MnSO4）/gT/℃乙①2.004.0050②2.004.0025③1.5a4.0025④2.004.00.125回答下列问题：(1)KMnO4溶液用_______酸化（填名称）；写出上述反应的离子方程式：__________；(2)上述实验①②是探究__________