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学必求其心得,业必贵于专精学必求其心得,业必贵于专精学必求其心得,业必贵于专精2020秋物理新教材人教版必修第一册课后作业:3-5共点力的平衡含解析eq\o(\s\up7(限时:45分钟),\s\do5())一、单项选择题1.人站在自动扶梯的水平踏板上,随扶梯斜向上匀速运动,如图所示,以下说法正确的是(A)A.人受到重力和支持力的作用B.人受到重力、支持力和摩擦力的作用C.人受到的合外力不为零D.人受到的合外力方向与速度方向相同解析:因人随扶梯匀速运动,处于平衡状态,合外力一定为零,C、D项错;人所受的重力与支持力相等,合力为零,不可能有摩擦力,若有摩擦力,F合一定不等于零,这与物体的运动状态不符,故A对,B错.2.一个质量为3kg的物体,被放置在倾角α=30°的固定光滑斜面上,在如图所示的甲、乙、丙三种情况下,物体能处于平衡状态的是(g=10m/s2)(B)A.仅甲图B.仅乙图C.仅丙图D.甲、乙、丙图解析:物体受三个力的作用,重力、支持力、拉力.重力沿斜面向下的分力大小为15N,故只有乙图中能保持平衡,选项B正确.3.如图所示,光滑半球形容器固定在水平面上,O为球心,一质量为m的小滑块,在水平力F的作用下静止于P点.设滑块所受支持力为N,OP与水平方向的夹角为θ.下列关系正确的是(A)A.F=eq\f(mg,tanθ) B.F=mgtanθC.N=eq\f(mg,tanθ) D.N=mgtanθ解析:对小滑块进行受力分析,如图所示,将N沿水平方向和竖直方向进行分解,根据平衡条件列方程.水平方向有Ncosθ=F竖直方向有Nsinθ=mg联立解得F=eq\f(mg,tanθ),N=eq\f(mg,sinθ)。4.如图所示,用轻绳系住一个小球,放在倾角为θ的光滑斜面上,当轻绳由水平方向逐渐向上缓慢偏移时,小球仍保持静止状态,则轻绳上的拉力将(D)A.逐渐增大 B.逐渐减小C.先增大后减小 D.先减小后增大解析:如图所示,对小球进行受力分析知:小球受三个力的作用而保持平衡,且拉力T和支持力N的合力与重力G平衡,即拉力T和支持力N的合力保持不变.因为支持力始终是与斜面垂直的,所以支持力的方向不变.根据几何知识,点到线的垂线段最短,当拉力T的方向和支持力的方向相垂直时,拉力取得最小值,所以当轻绳向上缓慢偏移时,拉力先减小后增大,选项A、B、C错,选项D正确.5。如图所示,用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点,制成一简易秋千.某次维修时将两轻绳各剪去一小段,但仍保持等长且悬挂点不变.木板静止时,F1表示木板所受合力的大小,F2表示单根轻绳对木板拉力的大小,则维修后(A)A.F1不变,F2变大B.F1不变,F2变小C.F1变大,F2变大D.F1变小,F2变小解析:如果维修时将两轻绳各剪去一小段,但仍保持两轻绳等长且悬挂点不变,根据物体的平衡条件可知,木板静止时,木板受到的合外力始终为零,因此木板所受合力的大小F1始终不变,由力的平行四边形定则可知,当两绳的合力大小不变,在剪短轻绳后,由于悬点不变,使两绳之间的夹角变大,而合力不变,所以两绳上的分力F2变大,由此可知A正确.二、多项选择题6.如图所示,质量分别为m1、m2的两个物体通过轻弹簧连接,在力F的作用下一起沿水平方向做匀速直线运动(m1在地面上,m2在空中),力F与水平方向成θ角.则m1所受支持力N和摩擦力f正确的是(AC)A.N=m1g+m2g-Fsinθ B.N=m1g+m2g-FcosθC.f=Fcosθ D.f=Fsinθ解析:选整体为研究对象,在水平方向整体受摩擦力f和F在水平方向的分力,根据平衡条件得f=Fcosθ,所以选项C正确,选项D错误;在竖直方向受支持力N、重力和F在竖直方向的分力,根据平衡条件得N=m1g+m2g-Fsinθ,所以选项A正确,选项B错误.7.如图,一粗糙斜面固定在地面上,斜面顶端装有一光滑定滑轮.一细绳跨过滑轮,其一端悬挂物块N.另一端与斜面上的物块M相连,系统处于静止状态.现用水平向左的拉力缓慢拉动N,直至悬挂N的细绳与竖直方向成45°。已知M始终保持静止,则在此过程中(BD)A.水平拉力的大小可能保持不变B.M所受细绳的拉力大小一定一直增加C.M所受斜面的摩擦力大小一定一直增加D.M所受斜面的摩擦力大小可能先减小后增加解析:如图所示,以物块N为研究对象,它在水平向左拉力F作用下,缓慢向左移动直至细绳与竖直方向夹角为45°的过程中,水平拉力F逐渐增大,绳子拉力T逐渐增大;对M受力分析可知,若起初M受到的摩擦力f沿斜面向下,则随着绳子拉力T的增加,则摩擦力f也逐渐增大;若起初M受到的摩擦力f沿斜面向上,则随着绳子拉力T的增加,摩擦力f可能先减小后增加.故本题选BD.三、非选择题8.如图所示,质量为m的物体在与竖直方向成θ角的推力F作用下,沿竖直墙壁向上匀速运动.若物体与墙面间的动摩擦因数为μ,试求F的大小.解析:物体的受力如图所示.由共点力的平衡条件,沿水平方向FN-Fsinθ=0,沿竖直方向Fcosθ=mg+Ff,又Ff=μFN,解得F=eq\f(mg,cosθ-μsinθ).答案:eq\f(mg,cosθ-μsinθ)9.如图所示,用绳AC和BC吊起一重物,绳与竖直方向的夹角分别为30°和60°,AC绳能承受的最大拉力为150N,而BC绳能承受的最大拉力为100N,求物体最大重力不能超过多少.解析:重物静止,建立沿水平方向、竖直方向的坐标轴,将各力分解如图,可得:FTACsin30°=FTBCsin60°①FTACcos30°+FTBCcos60°=G②由以上两式解得:当FTBC=100N时,FTAC=173.2N而当FTAC=150N时,FTBC=86。6N〈100N将FTAC=150N,FTBC=86.6N代入②式解得G=173。2N所以重物的最大重力不能超过173。2N。答案:173。2N10。如图所示,质量M=2eq\r(3)kg的木块A套在水平杆上,并用轻绳将木块A与质量m=eq\r(3)kg的小球B相连.今用跟水平方向成α=30°角的力F=10eq\r(3)N,拉着球带动木块一起向右匀速运动,运动中A、B相对位置保持不变,取g=10m/s2.求:(1)运动过程中轻绳与水平方向夹角θ;(2)木块与水平杆间的动摩擦因数μ.解析:(1)设轻绳对B的拉力为FT,以小球为研究对象,分析受力,作出受力图如图甲,由平衡条件可得:Fcos30°=FTcosθ,Fsin30°+FTsinθ=mg代入解得,FT=10eq\r(3)N,tanθ=eq\f(\r(3),3),即θ=30°.(2)以木块和小球组成的整体为研究对象,分析受力情况,如图乙.由平衡条件得Fcos30°=fFN+Fsin30°=(M+m)g,又f=μFN解得μ=eq\f(Fcos30°,M+mg-Fsin30°)=eq\f(\r(3),5).答案:(1)θ=30°(2)μ=eq\f(\r(3),5)11.如图所示,绳OC与竖直方向成30°角,O为质量不计的光滑滑轮,已知物体B重1000N,物体A重400N,物体A、B均静止,求:(1)物体B所受摩擦力大小;(2)OC绳的拉力大小.解析:(1)对滑轮O进行受力分析,由于OA、OB绳上的拉力大小相等,OC的拉力与OA、OB两个拉力的合力平衡,合力在∠BOA的角平分线所在的直线上,所以BO与竖直方向的夹角为60°,与水平方向的夹角为30°。对物体A,拉力和重力平衡,则有FT=GA=400N对物体B,摩擦力等于拉力的水平分量,则有f=FTcos30°=200eq\r(3)N。(2)对滑轮O,OC绳
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