专题20题型解决技巧

1/2专题（２０）:题型解决技巧班级姓名学号【专题目标】熟悉高中常见题型掌握一般的解题方法及技巧【经典题型】选择题选择题是化学高考中广泛采用的一种题型。它具有构思新颖、灵活巧妙,知识容量大，覆盖面广,考试的客观性强,答题简单,评分容易、客观准确等优点.不但能用来考查考生基础知识的掌握程度,还能用来考查考生的思维敏捷性。总之,这类习题可衡量学生能否准确地运用基本概念、基本理论和基本计算来解答问题,对学生扎扎实实地打好基础、发展智力、培养能力都起一定作用.化学选择题的解法没有一个通用的解法。但不管哪种解法都要经过认真审题、析题、解题这几个环节.选择题的类型有多种,在结构上一般由题干和选项两部分组成.由于选择题是从题干的信息和选项中找出正确答案，因此解题方法上还是有其特点的。【题型一】直接法【例1】已知自然界氧的同位素有16O、1７Ｏ、18O，氢的同位素有Ｈ、Ｄ,从水分子的原子组成来看,自然界的水一共有(A）3种（B)6种（C)9种（D)12种【点拔】:从水的分子组成（Ｈ２O)来看，3种氧原子分别与２种氢原子可构成６种水分子,此外，2种氢原子混合与3种氧原子又可构成3种水分子，因此自然界中的水一共有9种。即:H216O、H２17O、H２1８Ｏ、D16Ｏ、Ｄ17O、D１8Ｏ、ＨD16O、HD1７O、HＤ1８O。【例２】下列离子方程式书写正确的是（A）ＦeCｌ2溶液中通入氯气：Ｆe２++Ｃl2Ｆｅ3+＋2Cl-（Ｂ)澄清石灰水与少量小苏打溶液混合：Ｃa2＋＋ＯH—+HCO３—ＣaCO3↓＋H２O(C)ＦeS固体放入稀硝酸溶液中：FeＳ+2Ｈ＋Ｆe2+＋H2S↑(D）AｌCl3溶液中加入过量氨水:Al3++４OＨ—AｌO２—＋2H2O【点拔】:离子方程式的书写是高考化学中的一个常考点。根据质量守恒、电荷守恒及书写离子方程式的有关规则对各个备选答案进行一一分析，即可全面作答。（A）中质量守恒，但电荷不守恒；（C）中稀硝酸具有强氧化性，其产物应为Fe3＋、S、ＮO和水，其离子方程式与事实不符;(Ｄ)中氨水碱性比较弱,不可能和Al3+反应生成AlO2—，它们的反应产物应为氢氧化铝,因此该离子方程式也与事实不符。【规律总结】根据题干所给的信息，直接求出答案，然后再跟选项比较找出正确选项。【巩固】１.混合下列各组物质使之充分反应,加热蒸干产物并在３00℃（A）向CuSＯ4溶液中加入适量铁粉(B)等物质的量浓度、等体积的（ＮH4）2SO４与ＢaCl２溶液（C)等物质的量的NａHＣO３与Nａ2O2固体（D)在NaBr溶液中通入过量氯气2．短周期元素单质A和Ｂ中，分别加入足量的酸，在Ａ中加入盐酸，在B中加入稀H2SＯ4，反应完全后,生成相同状况下的H2的体积分别为VA和ＶB，而且ＶA≠VＢ若要确定反应生成物中A和B的化合价，至少还需知道的数据是A.VＡ∶VB的值B。VＡ或VB的值C。A或B的物质的量D．HCl和Ｈ2SO４的物质的量浓度【题型二】筛选法【例1】在pH＝1的无色溶液中能大量共存的离子组是(A）NH4+、Mg2+、SO42—、Ｃｌ-(B)Bａ2+、K＋、OH—、ＮO３-（C）Al3+、Ｃu2＋、SO４2—、Cl-(D）Nａ+、Cａ2＋、Ｃl-、AlO2-【点拔】离子共存题是高考题的常考点之一。本题有两个限定条件,一是pH=1，表明溶液为强酸性溶液，二是无色溶液。按此两个条件再加上离子是否共存对各个选项进行逐项分析.（Ａ)组离子在酸性条件下可以共存，且为无色，符合题意；（B）组离子为无色，可以共存,但其中的OH—与H+不能共存，应予排除;（C）组离子在酸性条件下可以共存,但其中的Cｕ２+在水溶液中显蓝色，也应排除;(Ｄ)组离子中AｌＯ2—在酸性条件下会迅速水解而不能共存，也应排除。【例2】水的状态除了气、液和固态外，还有玻璃态，它是由液态水急速冷却到165K时形成的，玻璃态的水无固定形状、不存在晶体结构，且密度与普通液态水的密度相同,有关玻璃态水的叙述正确的是（Ａ）水由液态变玻璃态,体积缩小（B）水由液态变为玻璃态,体积膨胀(Ｃ)玻璃态是水的一种特殊状态（Ｄ）玻璃态水是分子晶体【点拔】本题是一个信息给予题,读懂信息是解题的关键。由题给信息知,玻璃态水的“密度与普通液态水的密度相同"，表明水由液态变玻璃态其体积不变；此外，“玻璃态水无固定形状，不存在晶体结构”，因而答案（A)(B)（D)错误，【规律总结】又称排除法或淘汰法.根据题干所给的条件和要求，将选项中不合题意的答案，逐个排除，加以淘汰，剩下来的就是正确答案。【巩固】1．在常温下,10mＬpH=＝１0的氢氧化钾溶液中,加入pＨ＝=4的一元酸HA溶液至ｐH刚好等于7（假设反应前后总体积不变),则对反应后溶液的叙述正确的是（Ａ）c(A—）==c(K+)(B）c(H+)==ｃ（OH—）＜ｃ(K＋）<c（A—）(C）V总≥２0mL(D)V总≤20mL2．拟除虫菊酯是一类高效、低毒、对昆虫具有强烈触杀作用的杀虫剂，其中对光稳定的溴氰菊酯的结构简式如右图:COOCNOCOOCNOBrBr下列对该化合物叙述正确的是（A)属于芳香烃(B）属于卤代烃（C）在酸性条件下不水解(D）在一定条件下可以发生加成反应专题(20）：题型解决技巧（选择题）【随堂作业】1.下列叙述中,正确的是质子数相同的两微粒,一定属于同一元素只含一种元素的物质一定是纯净物只含一种分子的物质一定是纯净物生成了新物质的变化一定是化学变化2.在C4H10S中,S原子以两个单键与其它原子相连接,它具有的同分异构体的数目为Ａ、7B、6Ｃ、5D、43．下列说法不正确的是增大某反应物的浓度,该反应速率一定加快在Fe与稀硫酸反应时，向其中滴加少量CｕSO4溶液，生成氢气的速率加快。在Zn与稀硫酸反应时,向其中滴加少量CＨ３COONa溶液,生成氢气的速率加快.电解质溶液导电的过程实质上是在阴、阳两极发生氧化还原反应的过程。4。下列反应的离子方程式书写正确的是向澄清的石灰水中通入过量的CO2CO2＋OH—=HＣO3—向FeBr2溶液中通入少量Cl２2Bｒ-+Cl2＝Br2＋2Cl-向Cａ(ＣlO）２溶液中通入过量ＣO2Cａ2+＋2CｌＯ-+2H２O＋CO2===CａCO3↓+2HClＯ向氨水中通入少量SＯ2NＨ３•H２Ｏ+SO２＝＝=NH4＋+ＨSO3—5.．①、②、③有三瓶体积相等，浓度都是1mol·Ｌ—1的ＨＣl溶液,将①加热蒸发至体积减少一半，在②中加入少量ＣＨ3ＯOOＮa固体(加入后溶液仍呈强酸性），③不作改变,然后以酚酞作指示剂,用NaOH溶液滴定上述三种溶液，所消耗的NaOH溶液体积是A、①＝③〉②B、③＞②＞①C、③=②＞①D、①=②＝③６．甲、乙、丙、丁分别是Al2（SO4)３，FeSＯ3，NａＯH，BaCｌ2四种物质中的一种，若将丁溶液滴入乙溶液中，发现有白色沉淀生成，继续滴加则沉淀消失，丁溶液滴入甲溶液时,无明显现象发生,据此可推断丙物质是A、Al２(SO4）3Ｂ、NaOHC、BaCl２D、FeSO37．绿色化学对于化学反应提出了“原子经济性”（原子节约)的新概念及要求。理想的原子经济性反应是原料分子中的原子全部转变成所需产物,不产生副产物,实现零排放。下列几种生产乙苯的方法中，原子经济性最好的是（反应均在一定条件下进行）A+C2H5Cl→+HClＢ+Ｃ2H5ＯH→＋Ｈ2OC+CH2＝ＣＨ２→D→+ＨBr;+Ｈ2→8．以下说法正确的是A纳米材料是指一种称为“纳米”的新物质制成的材料B绿色食品是指不含任何化学物质的食品C生物固氮是指植物通过叶面直接吸收空气中的氮气D光导纤维是以二氧化硅为主要原料制成的9。有人曾建议用AG表示溶液的酸度,AG的定义为AＧ=lg（［H＋]/［ＯH-]）。下列表述正确的是A在25℃B在25℃C在2５℃D在２5℃时，溶液的pH与AＧ的换算公式为AG=2(７—10．Ｌ–多巴是一种有机物,它可用于帕金森综合症的治疗，其结构简式如下：这种药物的研制是基于获得20０0年诺贝尔生理学或医学奖和获得20０1年诺贝尔化学奖的研究成果。下列关于Ｌ–多巴酸碱性的叙述正确的是A既没有酸性,又没有碱性Ｂ既具有酸性，又具有碱性C只有酸性，没有碱性Ｄ只有碱性,没有酸性11．为了除去蛋白质溶液中混入的少量氯化钠,可以采用的方法是A过滤Ｂ电泳Ｃ渗析D加入AgＮO3溶液，过滤12。R、X、Ｙ和Z是四种元素,其常见化合价均为+２价,且Ｘ２＋与单质R不反应;X2++Z＝X＋Z2+;Y+Z2+＝Y2＋+Z。这四种离子被还原成0价时表现的氧化性大小符合AＲ２+〉Ｘ2＋＞Z2+>Ｙ2+ＢX2＋〉R２+＞Y2＋＞Ｚ２+CY２＋>Ｚ2＋>R2+＞X2+DZ2+〉X2+＞R２＋〉Y2＋13.将４0mL1．5mol·Ｌ-１的ＣｕSO4溶液与30mL３mol·L—１的NaOH溶液混合，生成浅蓝色沉淀，假如溶液中［Cｕ２＋］或[OH—]都已变得很小,可忽略，则生成沉淀的组成可表示为ACｕ(OＨ）２BCuＳO4·Cｕ（ＯH）２CCuSO4·2Ｃu（OH)2DCuSO4·3Cu(OH１4。在原电池和电解池的电极上所发生的反应,同属氧化反应或同属还原反应的是A原电池的正极和电解池的阳极所发生的反应B原电池的正极和电解池的阴极所发生的反应C原电池的负极和电解池的阳极所发生的反应Ｄ原电池的负极和电解池的阴极所发生的反应15．在一定条件下，分别以高锰酸钾、氯酸钾、过氧化氢为原料制取氧气,当制得同温、同压下相同体积的氧气时，三个反应中转移的电子数之比为A１︰1︰1Ｂ2︰2︰１C２︰3︰1D4︰3︰2１６。碘跟氧可以形成多种化合物,其中一种称为碘酸碘，在该化合物中,碘元素呈+3和+5两种价态,这种化合物的化学式是AI２O３B12O4ＣI4Ｏ7DI4Ｏ17。下列各组物理量中，都不随取水量的变化而变化的是Ａ.水的沸点；蒸发水所需热量B。水的密度;水中通人足量CO２后溶液的pＨC。水的体积；电解水所消耗的电量D．水的物质的量；水的摩尔质量18。在一支25mＬ的酸式滴定管中盛入0．ｌｍoｌ·L－１HＣl溶液,其液面恰好在5mＬ的刻度处，若把滴定管中的溶液全部放入烧杯中，然后以0.lmoｌ·L－１NaOH溶液进行中和。则所需ＮａOH溶液的体积A．大于20mLＢ.小于２０mLC．等于2０mLD.等于5mL１9．具有单双键交替长链（如：…）的高分子有可能成为导电塑料.2000年诺贝尔(Nobeｌ）化学奖即授予开辟此领域的3位科学家。下列高分子中可能成为导电塑料的是A聚乙烯B．聚丁二烯C．聚苯乙烯D.聚乙炔20．有一种磷的结构式是，有关它的下列叙述不正确的是A．它完全燃烧时的产物是P２O５Ｂ．它不溶于水Ｃ．它在常温下呈固态D．它与白磷互为同分异构体２１。将ａg含NaOＨ样品溶解在bmL0.lmol·L-１的硫酸中,再加入cmL０.１mol·L－１的氢氧化钡溶液，反应后所得溶液恰好呈中性，则样品中NaOＨ的纯度是(NaＯH式量为4０）Ａ。[(b-c）／125ａ]×１00%B.［（b－2c)／125a]×100％C［(ｂ—c)/２５0a］×1０0%D[(8ｂ－8ｃ)/a］×1０0％2２。已知化合物B３N3H６（硼氮苯）与C6H6（苯)的分子结构相似，如下图:则硼氮苯的二氯取代物B３N3Ｈ4ＣI2的同分异构体的数目为A.２B.3C。４D．62３．下列具有特殊性能的材料中，由主族元素和副族元素形成的化合物是A。半导体材料砷化镓Ｂ．吸氢材料镧镍合金C。透明陶瓷材料硒化锌D.超导材料K3C２4．重金属离子有毒性。实验室有甲、乙两种废液，均有一定毒性。甲废液经化验呈碱性，主要有毒离子为Ｂａ2＋离子，如将甲、乙两废液按一定比例混合,毒性明显降低。乙废液中可能含有的离子是AＣu2＋和ＳＯ42—BＣu2＋和Cl—CＫ+和SO4２－ＤAg＋和NO3—2５.金属加工后的废切削液中含2～5％的NaＮＯ2，它是一种环境污染物。人们用NH4Cl溶液来处理此废切削液，使NaＮO2转化为无毒物质。该反应分两步进行:第一步：ＮａNO2+NH4Cl→ＮaCl+NH4NＯ２第二步：NＨ4NO２N２↑+2H2Ｏ列对第二步反应的叙述中正确的是①ＮH4ＮO2是氧化剂②ＮＨ４NO2是还原剂③ＮＨ4ＮO２发生了分解反应④只有氮元素的化合价发生了变化⑤ＮＨ4NO2既是氧化剂又是还原剂A①③B①④C②③④Ｄ③④⑤第２8届国际地质大会提供的资料显示,海底有大量的天然气水合物，可满足人类1０00年的能源需要。天然气水合物是一种晶体,晶体中平均每４6个水分子构建成８个笼，每个笼可容纳五个CH４分子或１个游离H２O分子.根据上述信息,完成下两题：２6．下列关于天然气水合物中两种分子极性的描述正确的是Ａ两种都是极性分子B两种都是非极性分子CCH4是极性分子,H２Ｏ是非极性分子DH２Ｏ是极性分子,CＨ4是非极性分子27．若晶体中每8个笼只有6个容纳了CH4分子，另外2个笼被游离H2O分子填充,则天然气水合物的平均组成可表示为ACH4·14Ｈ2ＯＢCＨ4·８H2OＣＣH４·(23/３)Ｈ2ODCH4·6H2O28．Ｃ８Ｈ１8经多步裂化，最后完全转化为Ｃ4H8、Ｃ3H6、C2H4、C2H6、ＣH4五种气体的混合物。该混合物的平均相对分子质量可能是A28B30C3８D4029．世界卫生组织（ＷＨO）将二氧化氯ClＯ2列为A级高效安全灭菌消毒剂，它在食品保鲜、饮用水消毒等方面有着广泛应用.下列说法正确的是()A二氧化氯是强氧化剂B二氧化氯是强还原剂Ｃ二氧化氯是离子化合物D二氧化氯分子中氯为负1价我国某著名学者在潜心研究后认为：创造=需要×(设想)2。这表明，设想在创造思维中起着重要作用.下列各题均与设想有关.3０。“若在宇宙飞船的太空实验室（失重条件下)进行以下实验,其中最难完成的是A将金粉和铜粉混合Ｂ将牛奶加入水中混合C蒸发食盐水制取食盐晶体D用漏斗、滤纸过滤除去水中的泥沙31.学生用滤纸折成一只纸蝴蝶并在纸蝴蝶上喷洒某种试剂，挂在铁架台上。另取一只盛有某种溶液的烧杯，放在纸蝴蝶的下方(如图)。过一会儿，发现纸蝴蝶的颜色由白色纸蝴蝶上的喷洒液转变为红色,喷洒在纸蝴蝶上的试剂与小烧杯中的溶液是（)AＢCD纸蝴蝶上的喷洒液石蕊酚酞酚酞石蕊小烧坏中的溶液浓盐酸浓氨水氢氧化钠溶液浓硫酸32．在烧杯中加入水和苯(密度：0.88g/cｍ3）各50mL。将一小粒金属钠（密度:0．９7g/ｃm3)投入烧杯中。观察到的现象可能是()A钠在水层中反应并四处游动B钠停留在苯层中不发生反应C钠在苯的液面上反应并四处游动Ｄ．钠在苯与水的界面处反应并可能作上、下跳动【经典题型】简答题简答题要求考生用简练的文字表述来回答问题.它具有取材广阔,内涵丰富,立意新颖，设问巧妙,思考容量大，能力要求高.而且常把识记、理解、实验、推论和计算等多方面、多层次的要求融于一题之中，往往具有一定的难度,对学生能力要求较高。简答题是填空题的变形，即把空格变成问句，所以它们的功能基本相似。它不但用来考查考生的各种能力（理解能力、观察能力、思维能力、文字表达能力)，还用来考查考生掌握知识的情况。不但用来考查考生是否“知其然”，还要考查考生能否“知其所以然”.解题时首先要紧扣题意，认真审题，抓住关键；其次回答问题时，不但要回答出“是什么”,重点还要回答出“为什么”,回答问题一般要体现“前提、理由、结论"的答题过程,切忌顾此失彼；最后联系题意综合分析、归纳，并作语言的加工提练，做到原理正确、回答切题、语言精练、意思完整。【题型一】因果分析法因果分析法要求根据题给事实或现象，进行分析、推理，并说明其原因或目的,最后阐述结果，作出正确答案。【例1】（1）明矾具有净水作用，但某些工厂用FeＣl３代替明矾，简答FeCl3净水作用的原理。(2）用石灰抹墙有硬化过程,水泥砌墙也有硬化过程，比较其硬化原理。(3）在铸造工业中常将水玻璃与石英砂混合制成模具，然后将模具浸泡在NH４Ｃｌ溶液中使之定型,简答其工艺原理。【点拔】这是用元素化学知识解释实际生产中化学问题的简答题。根据题意分析，用AlCｌ3可净水,其原理是ＡｌCl３为弱碱强酸盐,Al３+发生水解产生Al（OＨ）３胶体，其表面积大吸附水中杂质，达水净化目的。而FeCl３溶液中Fe3＋水解程度也很大，也能生成Ｆe（OH）3胶体,达净化水目的；石灰抹墙硬化是Ca（OH）2与空气中CＯ2反应，生成ＣaCO3的结果，而水泥硬化是硅酸盐与水作用，生成胶状物，胶状物发生凝聚，生成强度大的晶体的结果；定型固化：水玻璃成分是Na2SｉO3水溶液，而ＳiＯ３2-水解程度大,其溶液呈碱性SiO3２－+2H2ＯH2ＳiO3+２OH-;NH4Ｃl溶液中，NＨ４+水解，溶液呈酸性，ＮH4++H2ONH3·H2O+H+。两溶液相遇，使两者水解平衡向正反应方向移动,生成不溶性H2SiO３把石英砂粘结起来，使之定型。本题主要考查分析、比较、逻辑思维，语言表达和灵活运用知识的能力.【例2】酸雨主要是由燃烧含硫燃料时所排放的尾气中的SO2造成的。现每隔一定时间测定某份雨水样品的ｐＨ值：请回答:在测定时间里,雨水样品的PH值变小的原因。【点拔】这是有关SO2、Ｈ2SO3的性质联系实际的环境化学测试题,只要熟悉含硫燃料燃烧排放的SO2、H2ＳO3的性质,就能准确解答。在简答中可用化学方程式配合简要的文字加以说明。要注意SO２与H2Ｏ反应生成H2SO3,H2SO３既有弱酸性又有还原性，易被空气中Ｏ2氧化成H２ＳO4，而H2SO4为强酸,因此雨水的pH值减小。特别需注意pH值的不断减小,c（H＋）不断增大,不应认为是SO2续溶解雨水中造成的，因空气中SO2含量不可能很大,而SO2在水中溶解度较大(1∶40),雨水对SO２吸收不是缓慢进行。【规律总结】简答题的解法没有固定的格式。化学简答题主要考查综合分析、比较、逻辑思维、语言表达和灵活运用知识的能力。解题的关键是把握说明的理论根据,然后搞清因果关系。表达时要求条理清晰，化学用语准确，文字叙述简捷明了。【巩固】１。苏打和小苏打有着广泛的应用。试从反应物的消耗量角度说明在下列用途中选用苏打还是小苏打?为什么?(1)做面条时防止面粉较长时间储存变酸味,常加入适量的面碱，面碱就是，为什么不选用另一种？（2）作为泡沫灭火器中的药品，应选用原因是什么？２．BiCｌ3水解生成BiOCl沉淀。（1）写出水解反应的离子方程式_______＿＿＿＿___＿____＿___（２）医药上把ＢｉＯＣl叫作次氯酸铋，该名称_＿_____＿（填“合理"或“不合理”)，其理由是＿____________＿＿____.(3)配制BiCl３溶液时,其方法是__________________＿＿______.（４）把适量固体BiCl３置于浓NaCｌ溶液可得到澄清溶液,其原因是______＿＿___＿______.【题型二】分析判断法此法要求考生根据题设情境先总结、归纳、分析、判断、统摄成规律性的结论，再按此结论来作出对限定条件下的判断、分析，最后得出结论.【例１】已知有下列反应：（1)ＣｕＳO4＋Ｈ2Ｓ=CuＳ↓＋Ｈ2SO4（2)Ｂr2＋H2Ｓ=S↓+2HBｒ或4Ｂr2＋Ｈ2S+4H2O=H2ＳO4+8HBr依下述方法之一可以测定被污染空气中的H2S含量:将已知体积的空气通过溴水或ＣｕSO4溶液并测定其电导变化（电导即溶液电阻的倒数,表示溶液的导电性能,当离子浓度不太大的时候,电导随离子浓度近似地成正比关系）。上述吸收剂之一可用来测定很大浓度范围的H２S含量(每立方米空气中含0-50毫升Ｈ2S）；而另一种吸收剂用于低浓度范围的H２S含量(每立方米空气中含0—5毫升H2S)，但是后者有很高的灵敏度。试指出分析情况下选择吸收剂的依据。【点拔】这题是信息给予题，也属于综合评价题，考查自学能力。通过阅读题干内容，分析出其中要点,即未学过的新知识:①电导与离子浓度有近似正比关系;②从题干中反应，Ｈ２Ｓ是弱电解质，反应后转化为强电解质.随反应进行，离子浓度不断增大,因此电导增大，故可测知H2S的含量；③两种吸收剂溶解度不同,CuSＯ4易溶于水,所配溶液浓度大，故可吸收H2S的量就大；而Ｂr2在水中的溶解度有限，故吸收H2S的量就不大，两种吸收剂分别适合测定Ｈ２S浓度大范围及浓度小范围的要求。根据（1）反应，生成H2SＯ4溶液离子浓度大，即Ｈ2SO４完全电离H2SO4=2Ｈ+＋SO4２—，1molＨ2SO4电离3mｏｌ离子，而原ＣuSO4也为强电解质完全电离CuSO4＝Ｃu２＋＋ＳO42—，1moｌＣuSO４，电离出2mol离子,显然反应后离子总浓度增大,因此增大电导性能，而且ＣuＳO４易溶，可配制浓度大的溶液,吸收H2Ｓ容量大，从而适用于测定高浓度范围的H2S的污染空气。由反应(２）可知由Br2吸收弱电解质Ｈ2Ｓ后,生成2ｍｏｌ强电解质HBr(或１moｌH2ＳO4或8mｏlHBr）,离子浓度明显增大，电导也随之增大，所以可以更精确测定Ｈ2Ｓ的含量（灵敏度大)。但因Ｂｒ2水不能制得高浓度溶液,因此溶液吸收Ｈ２S容量有限，从而适用于测定低浓度范围的H2Ｓ污染空气。本题考查学生自学能力、综合分析、评价能力，题干给出材料新颖的信息知识，应通过阅读准确分析提供信息,透过现象分析本质,抓突破口，培养严密、科学的思维能力。【例2】解释下列实验问题：（1）浓盐酸易挥发，使产生的气体中含杂质HCｌ,为什么实验室还用浓盐酸与MnO2反应制Cl2而不使用稀盐酸？（2)实验室用电石制乙炔时,通常用饱和食盐水代替水，并且用分液漏斗控制加入?（3)实验室用Ｎa2SＯ3固体和硫酸反应制取SＯ2气体时,既不用稀H2SO4,也不用浓H２SＯ4，而是用中等浓度的H２SO4,为什么?【点拔】(1）因为用稀盐酸与MnＯ２反应几乎得不到Cl2,所以尽管能引入杂质HCl也只好使用浓盐酸。制得氯气中的HＣl杂质可用饱和食盐水除去。(2)电石CaC２与H2Ｏ反应生成C2Ｈ2气体是一个很剧烈的反应。所以应设法控制反应，适当降低速度.将Ｈ2Ｏ换成饱和食盐水，可以降低H2O分子的浓度、减慢反应速度。用分液漏斗控制加入，可以减小水与反应物的接触面积，减缓反应速度,使气体平稳放出。（３）SO2气体易溶于水，溶解度为1∶40，但比起HCｌ、NH３，又小得多。Na2SＯ3与Ｈ2SO4反应产生ＳO２气体,本质上是离子反应。所以使用浓H2SO４时，由于C（H+）太小（浓Ｈ2SO4中主要为H２SO４分子），反应十分缓慢。但如果用稀H2SO4,反应体系中的水太多,SＯ２又不易逸出。所以用中等浓度的硫酸即可解决上述两方面的问题:既可保证有较快的反应，又可减少SO2损失。【规律总结】考生在解题过程中，需要充分发挥由抽象到具体的演绎式的思维活动，这实际上是认识科学、认识自然的思维方法之一。【巩固】1。下列各种溶液中通入或加入少量物质,对溶液导电能力有何影响

（１）盐酸中通入少量NＨ3(２)氨水中通入少量HＣｌ（3)醋酸中通入少量NH３(4）盐酸中加入少量AgＮO32．１ｍolH2燃烧时约放热286KJ,而每kｇ汽油燃烧时约放热46000KJ.而氢气却被公认是２1世纪替代石化燃料的理想能源。请试述理由。3。近年来，某些自来水厂在用液氯进行消毒处理时还加入少量液氨,其反应的化学方程式为:ＮＨ３+ＨClO=H2Ｏ+ＮH2Ｃl（一氯氨)。ＮH2Cｌ较HClO稳定。试分析加液氨能延长液氯杀菌时间的原因：。专题(20):题型解决技巧（简答题）【随堂作业】1．某热电厂地处多雨地带，使用的燃料煤中含有少量的硫,燃烧的气体未经处理即排放到空气中，又有部分发电用水未经冷却排入附近的河中，经观察其下游几十公里范围内的河水中鱼类几乎绝迹,试解释出现这种现象的原因。2．．工业上制取CuSO４不是直接用浓硫酸与铜反应，而是将铜丝浸入稀硫酸中并不断由容器的下部吹入细小的空气泡,试分析这种制备办法的优点。ﻫ3．。大气中ＣO２增多会引起温室效应。空气中增多CO2的主要来源是什么?自然界中消耗CO2的主要过程是什么？４.我国南方某些地区的井水取来久置后，井水由澄清透明变成少量棕红色絮状沉淀积于缸底，水面浮着一层“锈皮”，当地居民常采用加明矾的方法处理。（1）井水久置后,水面浮着的一层“锈皮"的主要成分是（写化学式).

ﻩ（2)用化学方法鉴别该井水的步骤是；离子方程式是。

ﻩ(３）用化学方法鉴别经明矾处理后的水的步骤是；离子方程式是。ﻫ5.苏打和小苏打有着广泛的应用。试从反应物的消耗量角度说明在下列用途中选用苏打还是小苏打？为什么？(１）做面条时防止面粉较长时间储存变酸味,常加入适量的面碱,面碱就是，为什么不选用另一种？(２)作为泡沫灭火器中的药品,应选用原因是什么？6。制氧化钾往往不直接用金属钾与氧气反应，而是用钾还原KNO３制得，该反应的化学方程式是:为什么要采用这种方法? 7．切割钾的方法跟切割金属钠一样，但要特别小心，新切开的表面不能跟未切割的钾的表面接触,否则会发生剧烈的反应而引起爆炸,试叙其原因:８。在碳酸钠饱和溶液中通入二氧化碳气体后有碳酸氢钠晶体析出，此反应的化学方程式是。碳酸氢钠之所以能析出的原因，除了它的溶解度比碳酸钠小以外，另两个与此有关的原因是(不考虑温度）。【经典题型】实验题题型特点实验题的形式繁多，它常把实验的基本操作,实验原理，实验现象、实验设计，元素化合物的性质，化学计算和推理融为一体进行考查。它具有知道面广,命题新颖，思考容量大，综合性强等特点。它不但能用来考查考生的观察能力,操作能力,分析能力和实验设计能力，还用来考查考生创造性思维能力和数据处理的能力。不仅要求考生知其然，还要知其所以然。因此实验题的解答要求高,难度较大。只有考生对实验题的功能，考查范围，考查特点弄清弄懂,才能理顺解答实验题的思路。实验题解题方法实验题的解法没有固定的格式。解这类题时,只要从实验原理入手,结合具体实验题目的特点,根据题给信息,认真审题,抓住题眼，就能很快地理顺解答的思路和方法.【题型一】化学实验基本操作用正确的化学实验基本操作完成某项实验任务,是历年高考化学实验考查的重点内容之一。【例1】欲用亚硫酸钠和硫酸制取0。5mol的二氧化硫气体，要用下列仪器来组装气体发生装置，应选用的仪器是（)A．试管 B.烧瓶 Ｃ.烧杯 D．集气瓶【点拔】中学阶段常见的容器和反应器有：试管、烧杯、烧瓶、锥形瓶、坩埚、蒸发皿、集气瓶、试剂瓶、滴瓶、启普发生器等。要求掌握这些仪器的主要用途和使用注意事项,如能否直接加热、所装试剂的量等。本题所给仪器都可做反应容器,但烧杯、集气瓶一般不用来装配气体发生装置,试管和烧瓶都可以做反应容器，但试管适用于少量物质间的反应,而烧瓶可适用于较多量物质间的反应，现欲配制０.5mol二氧化硫气体，至少需亚硫酸钠固体63ｇ，故应选烧瓶。【例2】为了除去粗盐中的Cａ2＋、Mg2＋、SＯ42-及泥沙,可将粗盐溶于水,然后进行下列五项操作：①过滤，②加过量NａOH溶液,③加适量盐酸,④加过量Ｎａ2CO3溶液，⑤加过量BａCl2溶液.正确的操作顺序是A.①④②⑤③Ｂ．④①②⑤③Ｃ.②⑤④①③D.⑤②④①③【点拔】在有多种杂质存在的情况下，要搞清所加试剂与被除杂质的对应关系，同时还要注意到，在实际操作中，通过加入适量的试剂除去杂质几乎是做不到的,因此，所加每一种试剂一般都是过量的，后加的试剂既要除去杂质，又要除去前面所加的多余的试剂,所以一定要确定出合理的除杂顺序.本题主要考查粗盐提纯的操作顺序.从所用试剂和粗盐中的杂质可知：用BaCl2可沉淀SＯ42-,Na２CＯ3可沉淀Cａ2+，NaOＨ可沉淀Mｇ2+,但由于所加试剂过量，因此，最后必须除去所加的多余的试剂。从所用试剂看，多余的Na2ＣO3和ＮaＯＨ可用盐酸除去，多余的BaCl2可用Na2CＯ3生成BaＣO3沉淀来除去，因此在加入试剂时，BaCl２必须在加Na2CO3溶液以前加入,盐酸用来除去Na2ＣO3和NaＯH，但又会溶解Ｍg(OH）2、CａCO3沉淀，故必须在过滤后加入到滤液中。从以上分析知:粗盐提纯的关键是①、③必须在最后，⑤必须在④的前面.因此正确的答案是C、D。【规律总结】这类试题的特点通常是给出限定的仪器、药品和一些操作步骤,要求正确完成某项实验操作,从而考查考生化学实验操作的能力。【巩固】１．某学生做完实验后，采用以下方法分别清洗所有仪器:①用稀硝酸清洗做过银镜反应的试管；②用酒精清洗做过碘升华的烧杯；③用浓盐酸清洗做过高锰酸钾分解实验的试管；④用盐酸清洗长期存放过三氯化铁溶液的试剂瓶；⑤用氢氧化钠溶液清洗盛过苯酚的试管,你认为他的操作（)A．②不对B.③④不对 C．④⑤不对D.全部正确2.某同学在实验报告中有以下实验数据①用托盘天平称取１1．7gＮａCl②用量筒量取5。26mL盐酸；③用广泛pH试纸测得溶液的pH是3。5；④用标准NaＯＨ溶液滴定未知浓度的盐酸用去２3。１0mＬNaOH溶液,其中数据合理的是(）A．①④ Ｂ。②③ﻩﻩC．①③ﻩﻩD．②④3.一般所谓无水乙醇，含乙醇约９9。5％．当特殊需要而要求进一步去水时,常采用如下操作：置５克镁条和0．5克碘(碘作催化剂)于一恰当容量的烧瓶中,倾入50～75毫升无水乙醇,逐渐加热，此时有小气泡不断从混和液中逸出。继续加热回流直至镁条完全溶完,成为乳白色浆液。再倾入9０0毫升无水乙醇,回流30分钟，然后直接蒸出乙醇，这样得到的乙醇其含量可以达到99.95%。（1)上述操作所需烧瓶应选用容积为(）（选填下列序号）ﻩA.2升 B．1升 C.0.5作出以上选择的理由是（2）写出主要的反应方程式（有机物写结构简式)【题型二】化学实验原理此类试题主要考查考生的观察能力、思维能力、判断能力与理论联系实际的能力。【例1】用金属钠制取氧化钠通常采用下法：2NaＮO2＋6Na＝4Ｎa２O+N2↑，试说明为什么用此法制取氧化钠比直接钠氧化法好。【点拔】这题属于信息给予题,解答中必须紧扣题干Nａ２Ｏ制取反应式:２NaNO２＋6Na=4Nａ2O+N2↑，反应中生成Ｎ2这一重要信息,才可找出答案:Na2O在N２气中不被氧化，从而分析出Ｎa直接氧化法不足之处；无论金属钠是在氧气中点燃,还是在空气中氧化，因生成的Na2O极不稳定，会进一步氧化生成Nａ2Ｏ2，即２Na+O2Na2Ｏ2,而实际上得不到纯Nａ2O。【例2】(1）在一盛有Ｂa（OH）2溶液的烧杯中漂浮着一小木块，小心地向烧杯中滴加与Bａ（OH)２溶液密度相同的稀硫酸，静置后小木块浸入水中的体积开始(）。Ａ.不变B.增大Ｃ．减小Ｄ．无法判断（2）写出所发生的化学反应的方程式.(３）若将一试管如右图所示倒立于同一Bａ（OH）2溶液中,在滴入稀硫酸的前后，试管内外液面的高度差将(）(设反应过程中温度不变，且反应后试管仍然漂浮）.A。不变B．变大Ｃ.变小D．无法判断【点拔】本例属物理、化学综合题。题目巧妙地把化学和物理融于一体,综合运用物理的阿基米德定律、物体浮沉条件及化学的复分解反应知识.解答此题的关键是两物质发生复分解反应,判定沉淀物生成，再由物理知识正确求解。(１）滴入稀硫酸后，溶液要发生中和反应：Bａ（ＯＨ）２＋H2ＳＯ4=BａＳO４↓＋2H２O。反应生成物为BaSO4沉淀和水。由于原来的的Ba(OH)2溶液的密度比水要大，所以反应后的溶液密度应该比原来小.由木块受力平衡有（大小不变）。又由阿基米德定律

可知:将变大。（３）以试管底为研究对象，设试管横截面积为，反应后试管内气体压强为，做出其受力分析图如右所示。由其受力平衡有由于试管重力不变、外界大气压强不变，故可知反应后试管内气体的压强不变。再以试管中液面为研究对象，设液面处液体压强为,做出其受力分析图如右所示，由受力平衡有所以知试管中液面处液体压强不变。又有在上式中由(1)分析可知反应后的溶液密度变小，所以最终可得出:试管内外的液面差应该变大。【规律总结】这类试题通常要给出限定的实验装置、反应条件、实验现象和有关数据，要求考生根据实验原理，结合元素化合物知识，选用仪器药品,写出有关的化学方程式，进行数据处理,说明理由等。【巩固】1．试预测在C6H5OＮa(苯酚钠）溶液中逐滴加入FeＣｌ３溶液，可能出现哪些现象，可能发生哪些反应。水氨气水氨气图1图2⑴.写出实验室制取氨气的化学方程式:

_____＿__＿＿＿___＿______＿____＿____＿__________＿＿_＿__＿__＿__＿＿。⑵．收集氨气用_＿______＿__＿法,要得到干燥的氨气可选用＿＿＿________作干燥剂.⑶．用图1装置进行喷泉实验，上部烧瓶已装满干燥氨气,引发水上喷的操作是_＿__＿_＿＿_＿＿______＿__＿__＿__＿。该实验的原理是＿___＿__＿＿＿_＿__＿_＿_＿____＿＿＿___＿________＿__＿__＿_______＿______。⑷。如果只提供如图2的装置，请说明引发喷泉的方法.【题型三】化学实验设计这类试题的特点是利用已知的仪器装置，要求根据实验目的或给出的药品，将气体制备，除杂提纯或设计操作程序与仪器连接，定量计算结合起来,考查考生设计实验，基本操作、数据处理的能力或评价实验方案优劣的能力.【例１】．如何用实验证明一无色晶体是明矾？【点拔】明矾的组成可表示为：KAl（SO4)2·1２H2O或K2SO4·Al2(SO4)３·24H2Ｏ，要求用实验的方法分别确定出该晶体中含Ｋ+、Al3+、ＳＯ４2-及H2Ｏ.并简要地写明实验方法、现象及其结论和必要的反应方程式。【例2】水蒸气通过灼热的煤所产生的混合气,其主要成分是CO、H2，还含有ＣO2和水蒸气。请用图中装置设计一个实验,以确认上述混合气中含有CO和H2。（１)连接图中装置的正确顺序是：（填各接口的代码字母.)混合气—→（）（）接（）（)接（）（）接（）(）接（）（）.（2）确认混合气中含有H2的实验现象是_＿＿_______＿＿；其理由是__＿_＿______。［点拔]检验H2是使其转化成水后用无水CuSＯ4检验；检验CO是使其转化成ＣO２后用澄清石灰水检验.但是题中原混合气体中就含有水蒸气和CO２，因此先除去混合气中的这两种气体,是完成此题的关键所在。【规律总结】这类试题的特点是给出新情境（主要是中学课本中未介绍过的新反应或未见过的新装置）,结合仪器组装，物质的性质或制法，实验现象描述或分析等已有知识提出问题，考查考生接受新信息，运用所学知识进行联想、迁移、分析、重组来解决实验问题的能力,同时还考查了考生的观察能力、思维能力和自学能力.【巩固】1．分别由聚乙烯、聚氯乙烯为原料制成的两种塑料袋，如何用化学方法鉴别之2。不用焰色反应，如何鉴别NaCl和KCl两种无色晶体？简述实验原理、实验步骤以及实验用品。３.欲在室温和1。01×105Pa条件下测定镁的原子量。请利用图给定的仪器(盛放镁条的隔板有小孔）组装成一套实验装置(每种仪器只允许用一次)。请回答下列问题:(１）假设气流方向为左→右，则各仪器的接口连接的先后顺序为(用小写字母填写）____＿＿.（2)连接好仪器后，要进行的操作有以下几步：①待仪器Ｂ中的物质恢复至室温时，测量量筒C中水的体积(若假定将测定的体积换算成标准状况下为VｍL);②擦掉镁条表面的氧化膜,将其置于天平上称量(假定其质量为mｇ），并将其投入试管Ｂ中；③检查各装置的气密性；④旋开仪器A上分液漏斗的活塞,当镁条完全溶解时再关闭活塞.上述几步操作的先后顺序是____＿＿。(3）根据实验数据可算出镁的原子量，其数字表达式为_____＿。(４)若未将试管B冷却至室温就测量量筒C中水的体积，这将会使所测镁的原子量数据（填偏高、偏低或无影响）＿_＿___。（５）若未擦净镁条表面氧化膜就进行实验,这将会使所测镁的原子量数据(填偏高、偏低或无影响)＿___＿_.专题（２０）：题型解决技巧(实验题)【随堂作业】１、以下实验能获得成功的是（Ａ)用含结晶水的的醋酸钠和碱石灰共热制甲烷气体（Ｂ）将铁屑、溴水、苯混合制溴苯(C）在苯酚溶液中滴入少量稀溴水出现白色沉淀（D)将铜丝在酒精灯上加热后，立即伸入无水乙醇中，铜丝恢复成原来的红色2．以下贮存物质的方法正确的是[]A.少量白磷贮存在二硫化碳中Ｂ。氢氧化钠贮存在带玻璃塞的试剂瓶中Ｃ．少量的钠贮存在酒精中D．硝酸银贮存在棕色试剂瓶中3.设计了五种制备气体的方案:①加热稀硫酸和乙醇制备乙烯②加热稀盐酸和二氧化锰制备氯气③用稀H２SO4和大理石制备CO2④用稀硝酸和硫化亚铁制备H2S⑤用稀H2SO４和食盐共热制备HＣl不宜采用的方案有哪些？[］A。只有①和②Ｂ．只有②和③C．只有④和⑤Ｄ.①②③④⑤４。下列各组溶液,不用其他试剂，就可以将它们区别开的是［］A．盐酸、氢氧化钠、碳酸钠、硫酸钠B.盐酸、硝酸镀、氢氧化钠、硝酸钠C．氢氧化钠、硫酸镁、碳酸钠、硫酸氢钠D.氯化钡、硫酸钠、氯化钙、硝酸钙５．给15０mL某液体加热的操作中,所需的仪器是[]①试管；②烧杯；③酒精灯;④试管夹；⑤石棉网；⑥泥三角；⑦坩埚；⑧铁三角架。Ａ。③⑥⑦⑧B.②③⑤⑧C．①③④⑤Ｄ．②③⑤⑥6。以下贮存物质的方法正确的是[］A．少量白磷贮存在二硫化碳中B．氢氧化钠贮存在带玻璃塞的试剂瓶中C．少量的钠贮存在酒精中Ｄ。硝酸银贮存在棕色试剂瓶中7.下列实验操作错误的是［］Ａ．用胶头滴管加液时,可以伸入试管中但不要接触试管壁B.蒸馏盛在烧瓶中含水的酒精，需在瓶内放一些碎瓷片Ｃ。温度计插入液体测量温度的同时，又用它搅拌液体Ｄ．用容积100ｍL的量筒量取8０mL无水乙醇，使液面最低点至刻度8０mL处8某学生的实验报告中有下列数据：①用托盘天平称取11.7g食盐;②用量筒量取2１．48mL盐酸；③用容量瓶配制216mL1mol／L硫酸溶液；④用标准NaＯH溶液滴定未知浓度的盐酸,用去２1．2０ｍLNａＯH溶液。其中数据合理的是［］A。①④B.②④C.①③D.②③9。洗涤下列试管时,选用的试剂(括号中的物质)不妥当的是[］A.做过KMnO4分解反应实验的试管(浓盐酸）B．做过木炭还原氧化铜实验的试管（硝酸)C。做过银镜反应实验的试管（氨水)D。做过Na2Ｓ２O3和稀硫酸反应的试管（二硫化碳)１0。下列实验操作中，仪器需插入液面下的有：①制备Ｆe（OH)2，用胶头滴管将ＮａOH溶液滴入ＦeSO4溶液中;②制备氢气的简易装置的长颈漏斗；③分离石油时控制温度所用的温度计；④用水吸收氨气时的导管口；⑤向试管中的BaCｌ２溶液中滴加稀硫酸.A．③④⑤Ｂ。②⑤Ｃ．①②D。①②③④⑤11如图装置中，若关闭活塞，则品红溶液无变化,石蕊试液变红，石灰水变浑浊。若打开活塞，则品红褪色,石蕊试液变红，石灰水变浑浊.据此判断气体和广口瓶中盛放的物质是［］A．Ｈ2S和浓H2ＳO4B．ＳO２和ＮａHＣO３溶液C。Cｌ2和ＮaＨＣO３溶液D。Cｌ2和氯水１2对未知无机盐溶液里所含的离子作鉴定。根据下列实验做出的判断不一定正确的是［］A．加入BａCl２溶液有白色沉淀，再加稀盐酸，沉淀不溶解，则原溶液中含有SO42—离子Ｂ.向溶液中加稀ＨNO3酸化，再加AgNO3溶液，有白色沉淀，则原溶液中含有Cｌ－离子Ｃ．向溶液中加盐酸有无色能使石灰水变浑浊的气体逸出，则原溶液中含有CO3２－离子Ｄ．加入NaＯH溶液，微热时有能使湿润的红色石蕊试纸变蓝的气体放出，则溶液中含有NH4+离子13下列三个问题均与图实验装置有关,请选择A～Ｄ序号填入空格中.（1）制取某无色非金属氧化物气体时,烧瓶X内的药品应是［］A.铜和稀硝酸B．铜与浓硝酸C．碳酸钙与稀硫酸Ｄ.亚硫酸钠和浓盐酸(２）洗气瓶Y中所装的液体应是(不允许非水杂技混在气体中）[]A。浓硫酸B。NaOH溶液C．饱和NaHSO3溶液D．NaＨCＯ3溶液（3）检验集气瓶乙是否集满气体，置于瓶口的滤纸应沾上的溶液是［]A．BａCl2溶液B。酸性KＭｎO４溶液Ｃ.KI淀粉试纸D。澄清石灰水14。现有Ａ、B、Ｃ、D、E、F六瓶未知液,它们分别是MｇSＯ4、BａCl２、（NH4）２ＣO3、AｇNO3、HBr、NaＯH。为了区别它们，各取少量溶液进行两两混合试验，结果如下表。“↓”表示沉淀,“↑”表示气体，“—"表示无明显现象.试推断A是_____＿，B是______,C是_＿___＿，Ｄ是＿___＿_，E是____＿_，F是_＿__＿_。１5．．实验室中有一瓶KCｌ和CaCｌ2的固体混合物，通过下述实验方法可以确定该混合物中KCｌ和CａCl2的质量比，也可得纯净的氯化钾.根据实验步骤填写下列空白.实验步骤：（1)调整零点时，若指针向左偏转,应将左边的螺丝帽向＿＿____旋动。（2）某学生用已知质量yg的表面皿，准确称取wｇ样品。他在托盘天平的右盘上放入（ｗ+y）g砝码,在左盘的表面皿中加入样品,这时指针偏向右边（如右图所示）,下面他的操作应该是＿＿＿＿＿_使＿__＿__。（3）加入的A是＿_____，检验A是否过量的方法是_＿＿＿__。（4)过滤时，某学生的操作如左图所示,其中的错误是＿____＿。（5）滤液中加入的Ｂ物质是__＿___，其过量的理由是___＿_＿。（6）为了检验沉淀是否洗净，应在最后几滴洗出液中加入_＿___，若__＿_＿_,表明沉淀已洗净。（7）得到的固体C是______。（８)该混合物中KCl与CaCl2质量比的计算式为______。【经典题型】计算题化学计算题题型特点化学计算是从量的方面来反映物质的组成、结构、性质及其变化规律的,是历年高考化学试题的压轴题，它具有情境新颖，信息量大，化学知识丰富，复盖面广，综合性强等特点。它不但能用来考查考生的思维能力和自学能力，还用来考查考生应用各方面知识进行逻辑思维、抽象思维、推理判断和分析综合的能力.因此这类试题区分度较大,易于把考生不同的知识和能力水平区分开来，具有选拔优秀学生的功能，比其它几种题型难度大,要求高.化学计算解题方法化学计算内容繁多,千差万别,其解法也没有一成不变的解题模式。但不管哪种解法都要经过认真审题、析题、解题这几个环节.①认真审题，挖掘题给信息，明确试题的已知条件是什么，需求什么。②析题就是在审题的基础上，运用有关的化学概念对题目进行分析和解剖，找出已知条件和未知条件之间量的关系，探求解题的突破口和解题途径。③确定解题途径后，列出各步算式，然后计算求解。【题型一】差量法【例1】在２只盛有100mL１mol/L盐酸的烧杯中,分别加入ag碳酸镁、bｇ小苏打，反应完全后，两烧杯中的溶液质量仍相等，则a与b的关系中正确的是[］A。ａ＝b〉4．２gＢ。a＞b>6.２gC。ａ＝6.2g,b＝8.4ｇＤ．a=b<4．２g【点拔】等量的酸和不同的金属（或盐）反应，要保持溶液质量相等，实际上是要求投入溶解的金属质量减去反应后离开溶液的气体质量的差值相等。由于本题提供的酸是一具体数量,而不同盐的质量是变量,因此要从量上进行讨论。HＣl物质的量为０．１L×1ｍｏl／L=0.1moｌ,MgCO3+2HCl=＝MgCｌ2+CO２↑+H2O84g２mola=4。2ｇ0.１ｍｏｌＮaHCO３+ＨCｌ=＝ＮaCl+CO2↑+Ｈ2Ｏ8４g1mｏlｂ＝８.４ｇ0.1mol当a=b＜4.2g时,ＭｇCO３和NａHCO3均不足，放出的ＣＯ２均按盐的量计算,由于MｇＣO3和NａHCO3的摩尔质量相同，且每摩尔盐完全反应均放出1ｍoｌCO2，所以此时放出CＯ2的量也相等,反应后两烧杯中的溶液质量仍相等，满足题目要求。当a=b〉4.２g时,由上述分析可知MgCＯ３过量，NａH-CＯ3不足，此时两边放出CO2的量不相等,因此反应后两烧杯中溶液质量不可能相等。当a＝６。２g,b=８．4g时，ＭgCO3有余，放出CＯ２的量按HCl的量计算为2.2g，NaHCＯ３和ＨCl恰好反应完，放出ＣO24.４g,反应后加MｇCO3的烧杯中质量增加为6。2g－2。2g=4g，加NaHCO3。的烧杯中质量增加为8。4g－4.4g=4g，也满足题目要求。用类似方法分析知当a〉b>6。２ｇ时,反应后两烧杯中的溶液质量也不相等.【例2】20０℃时，1１.6gCO２和H２Ｏ蒸气的混合气体与足量的Na２O2充分反应后，固体质量增加了3.6g,求原混合气体的平均相对分子质量为多少？【点拔】Ｎa2Ｏ2与CO2、Ｈ2O反应，其化学方程式如下:2Nａ2Ｏ2＋2ＣＯ2＝＝２Na2CO３+O２↑2Ｎa2O2+2H２O=＝4NaOH+O２↑在解题过程中，如果我们从不同角度对上述反应方程式进行分析,往往会给我们许多启发，从而使解题过程简化.(1)若我们从反应前后气体体积变化的角度来分析，则由上述反应方程式可知2CO2～Ｏ２,2H2Ｏ~Ｏ2，因此可推出一定物质的量的CO２和H２的混合气体,不管它们以任何比例混合，混合气体与Ｎa2Ｏ２固体充分反应以后,产生的Ｏ２的物质的量是原混合气体总物质的量的一半。(2)若从反应前后固体质量的变化进行分析,Ｎa2Ｏ2与CO2反应，从1molNa2Ｏ2变为1mｏlＮa２ＣO3固体物质增重的质量为１molCＯ的质量.同样Nａ2O2与H2Ｏ反应,从1ｍｏlNa2O2变为2ｍolNａOH，固体物质增重的质量为1molH2的质量，如果反应前CO２和H2Ｏ混合气体的质量为ag，而反应前后固体物质质量增重为bg,则(a—ｂ)g应是产生的O2的总质量。在解本题时,如果我们按(2）并结合(1）的思考方式，则解题过程就大大简化。【规律总结】化学反应中，物质在量（质量、物质的量、气体体积、压强等）的方面常常发生一些变化，而这种变化的差值－—差量,必然与反应物或生成物的量存在某种比例关系。利用这种比例关系进行计算的方法，叫差量法。【巩固】固体复盐化学式是ｍＫＣｌ·MgＣl2·ｎＨ2O,取此样品3．33g,加热使其失去全部结晶水,质量变成2．03ｇ，把剩余固体溶于水并加入过量氢氧化钠溶液，滤出的沉淀物经干燥后加强热,发现质量减轻了０.２16g,则复盐中m、n值分别为多少？【题型二】平均值法【例1】0．03mｏl铜完全溶于硝酸，产生氮的氧化物（NO、NO2、N２Ｏ4)混合气体共０。05ｍoｌ。该混合气体的平均相对分子质量可能是（A）3０（B）46（C）5０(Ｄ）66【点拔】：设生成的气体产物中NO、ＮO２、Ｎ２O４的物质的量分别为x、y、ｚ按极限思维的观点,将三组分体系转化为二组分体系。①若气体产物中只生成NO、NO2的混合物。则由3Cu～2NOCu~2NＯ232123／２xxｙ/2y依题意:3/2ｘ+ｙ/２==0。03molx+ｙ==0。05mol解得:x=＝0.005moｌy==0。045ｍol0.005mol×30g0.005mol×30g/mol+0.045mol×46g/mol0.05mol==44.4g/molM1==②若气体产物中只生成ＮO2、N2O4的混合物则由Cｕ~２NＯ２Cu～N2Ｏ4y／２yｚz依题意：ｙ/2+z=＝0。03moly+z===0．05moｌ解得：ｙ＝=０．０4ｍolz＝=0。01mｏｌ0.004mol×0.004mol×46g/mol+0.01mol×92g/mol0.05mol==55.2g/molM2==∴M１＜M＜M2，即44．４<M＜5５.2。【例2】将金属元素钠在空气中燃烧,生成Na2O与Na2Ｏ2的混合物。取该燃烧产物7.48ｇ溶于水制成１0０0ｍL溶液,取出10mL用0。1mol/L的盐酸中和，用去盐酸20mL，由此可知该产物中Na２O的质量分数约为[］Ａ．1６。６％B．20％C.80％Ｄ。７8.4％【点拔】由盐酸和NaＯH反应的化学方程式知:Na2O与Ｎa２O2混合Na2O＋H2O==2NaOＨ1mol2moｌ2Nａ２Ｏ2+2H2O==４NaＯH＋O2↑1mｏl2moｌ分子量为７4。8，由十字交叉法：所以，ｎＮa2O∶nNa2O2=3。2∶12。8＝１∶4,即Na2Ｏ物质的量分数为2０％，由Na２O和Na2O2的分子相对质量知Na２O的质量分数一定小于2０％【规律总结】所谓平均值法是一种将数学平均原理应用于化学计算的解题方法.它所依据的数学原理是：两个数M1和M2（M１〉M2)的算术平均值M一定介于二者之间,即M1〉M＞M2。所以,只要求出平均值Ｍ,就可知道M1和M2的取值范围，结合题给条件即可迅速求出答案【巩固】含有1。4ｇ某碱金属及其氧化物的混合物，跟水完全反应后蒸干溶液得不含结晶水的固体1．7９g，则该混合物中碱金属的质量分数为［]A。25.7％B．35。2％C．44.５％D．64。5％【题型三】守恒法【例1】将1２．4ｇ碱石灰制成溶液，加入13.7gNａ2ＣO3和NaHＣO３，反应后得沉淀１5g，经测定,反应后溶液中不含Ca２＋、CＯ３２+、HCO3－.求(1)CaO和NａOＨ各多少ｇ?(2)Na2CＯ3和ＮaHＣO3各多少ｇ?【点拔】运用守恒法解题既可避免书写繁琐的化学方程式,提高解题的速度，又可避免在纷纭复杂的解题背景中寻找关系式,提高解题的准确度。据题意CaO和Nａ2CO3、NａHCO3均全部转化为ＣａCO3沉淀,据Ca原子和Ｃ原子两种原子的守恒关系,便可列出关系式:nＣaO＝nＣa(OＨ)２=ｎＣaＣＯ3=nNa2CO3+nNaHCＯ3可得关系式：CaO～CaＣO３~（Na2CO3+NａHCO3）５6ｇ100g１ｍolx1５gy解得x＝８.４gy=0．１5ｍoｌ所以ｍNaOH＝１2。4g－８．4g＝４g设Na2CＯ3物质的量为ａ，则ＮａHCO３物质的量为0。1５mｏl—ａ106g/mola+８４g/mol×(0.15ｍol-a）＝1３.７g解得a＝0.0５mol所以mNa2ＣO3＝0。0５moｌ×10６g/ｍol=５.3gmＮaHCO3=1３.7g－5.３g=8．4g。【例2】为了测定某铜银合金的组成，将30。0g合金溶于８０ｍL1３。5mol／L的浓HＮO3中，待合金完全溶解后，收集到气体６．72Ｌ（标准状况），并测得溶液的pＨ=０，假设反应后溶液的体积仍为8０mL,试计算：（1)被还原的硝酸的物质的量。（２）合金中银的质量分数。【点拔】（１）HNO3与金属反应时还原得到的产物是NO或NO2，由于题设收集到的气体在标准状况下的体积是６．7２L,不管其中ＮO和ＮO２的相对含量各是多少，其物质的量之和应该跟被还原HNO３的物质的量相等,即（2）由反应后溶液的ｐＨ值可知溶液中余下HＮＯ3的浓度和溶质HＮO3的物质的量，由题目已知条件可求得HＮO３总物质的量和参加反应的ＨNO3物质的量，将参加反应的ＨNO３的量减去第（1）小题所求得的被还原ＨNO３的物质的量,就是反应中跟生成的Ag+和Cu2＋形成硝酸盐的ＮＯ3－的物质的量.然后列式求解。【规律总结】化学反应的实质是原子间的重新组合，故在反应前后总质量不变,某元素或原子间的质量或物质的量不变，某元素的原子间的的质量或物质的量不变，这是守恒法解题的依据.化学反应中存在许多守恒关系（如质量守恒、电子守恒、电荷守恒、原子个数守恒、离子守恒、物质的量守恒等)。抓住这些守关系,将其运用于化学计算,即为守恒法。守恒法的优点是基于反应前后呈守恒关系的量，不去探究中间变化过程的分析，因此这是一种整体思维方式，具有快速简捷解答计算题的特点。守恒法是化学计算最基本的方法，建立各种计算关系的本质依据是守恒规律，其它方法和技巧都是守恒法衍生出来的。①质量守恒法质量守恒法是根据化学反应前后反应物的总质量与生成物的总质量相等的原理，进行计算或推断的一种方法。应用范围较广泛。②电子守恒法电子守恒法是根据氧化还原反应中电子得失数目相等的原则，进行推导和计算.③电荷守恒法电荷守恒法是利用反应前后离子所带电荷总量不变的原理。进行推导或计算的方法。【巩固】22.由人尿分离出来的结晶化合物A的熔点为187~18８℃。对Aﻩ①测得A的蒸气密度为８．０g/L(已折合成标准状况)，取1７．92ｇA完全燃烧,生成的气体通过浓硫酸,浓硫酸增重8。10g。剩余气体通过碱石灰，气体质量减轻39。６g；另取17.92gＡ完全分解，可得标准状况下氮气1。1２ ②又知Ａ和足量6mol/L盐酸混合加热可以完全水解，1moｌＡ水解生成1mｏlB和1ｍoｌC，已知A、B、C三物质均含有一个羧基，Ｂ物质仍由碳、氢、氧元素组成,其物质的量之比为7：6:２；Ｃ俗称甘氨酸，试写出化合物Ａ、Ｂ、C的结构式. 【题型四】数形讨论法【例1】有NH４HＣO３、NＨ4Cl、Ｎa2ＣO3·xH2Ｏ混合物11。6２g,加入4４ｍL5mol／L过量NaOH溶液共热，放出气体通过碱石灰后测得为３。36Ｌ(标准状况)，向上述溶液中加入30mL２.5mol/LH2ＳO4，并加热使气体全部排出,测得体积为１.344L（标准状况),最后把所得溶液稀释到10０ｍL，测得pH=1，求原混合物中各物质的量和x的数值。【点拔】本题涉及的化学反应较多,我们可用图示表示如下：若按常规方法来解，则比较繁琐，但如若我们抓住反应前后N元素、Ｃ元素以及溶液中离子电荷的守恒关系,由守恒关系列方程,解题则往往较简捷。【解题过程】设混合物中ＮH４HCO３、NH４Cl、Na２CO3·ｘH2Ｏ的物质的量各为a、b、c。则由总质量可得７9g/mol·a+５３。5ｇ/moｌ·ｂ+（106g/moｌ＋18g/mｏｌ·x）c=１1．62ｇ①因最终得到的是Ｎa2SO4、H２SO4、ＮaＣｌ的混合液，故由溶液中离子电荷守恒得：2c+5ｍoｌ/L×0.0４4L＋0.１mol/L×0.1L＝2×２。5moｌ/L×０.０3L+b④解联立方程式①②③④得:【例2】在10０ｍLＮaOH溶液中加入ＮＨ4NO3和(NH4)2SO4的固体混合物，加热充分反应,如图表示加入的混合物质量与产生的气体体积（标准状况）的关系。试计算（１)NaOＨ溶液的物质的量浓度。（2）当NaOH溶液的体积为140ｍL，固体混合物的质量是5１。6g时，充分反应后，生成气体的体积在标准状况下为多少L.（3)当NaOH溶液的体积为１8０mL,固体混合物的质量仍为51。６g时，充分反应后，生成气体的体积在标准状况下为多少L？【点拔】（1)由图中折线所对应的纵、横坐标得知，对于100mLNaＯH溶液而言，随着铵盐的加入量增加，放出的ＮＨ3的体积也增大;但当铵盐的加入量超过３4.4g以后,ＮH3的体积不再变化，说明１00mＬNaＯH溶液跟34．４g铵盐恰好完全反应。(2）为计算１４0mLＮａOＨ溶液跟5１．6g固体铵盐混合物反应后生成的NＨ3的体积,首先应判断这两种作用物中何者为过量试剂,具体计算时可根据第（１)小题中的量按比例计算。(3）题计算方法与第(2）题相仿。【解题过程】（1）从图上看出34。4ｇ混合物和10０mLNａＯＨ溶液恰好完全反应生成11．2ＬＮＨ3，消耗的ＮaＯH的物质的量为（２）由于３4.4g固体恰好跟100mLＮaOH溶液完全反应，则跟51.６ｇ固体反应时需要的NaOＨ溶液体积为所以,１４0mＬNaOH溶液是不足量的，计算ＮH３的体积应以它为准。生成的NＨ3的体积为(３)由第（2）小题得知，51.6g铵盐固体混合物完全反应时需要150mLNaOH溶液,题设ＮaOH溶液体积为180ｍL,所以铵盐混合物是不足量的。生成NＨ3的体积为【规律总结】数形讨论法就是将题目中各种信息转变为数学条件,边计算边讨论足量、适量、过量、不过量等各种边界条件,得用不等式、不定方程、几何定理、数轴、图像等数学工具，灵活机智地将化学问题抽象成为数学问题，或者是将隐含的信息变为数学的边界条件，进行讨论以解决化学问题.【巩固】1。一定量的NH3和Cｌ2可进行下列反应：2NH3+３Cl2=＝N2+6HCｌ,图为反应后气体总体积（ＶＬ）随原混合气体中Ｃｌ2的体积百分含量（x％）而变化的坐标图（D点对应横坐标为１00％)。试求：（1）当反应结束如处于A、B两点时，原混合气体中Ｃｌ２的体积百分含量：A＿＿__B＿_＿_＿_(２）当反应结束如处于Ａ、B两点时,混合气体的总体积：Ａ_＿__B____(３)若反应结束时气体总体积为11L,则原混合气体中Ｃｌ２的体积百分含量为多少？2.在密闭容器中高温加热某白色晶体,使其完全分解生成CＯ2、NＨ3、H2O（g