好教育泄露天机2023高考押题卷-理综(二)教师版

此卷只装订不密封班级此卷只装订不密封班级姓名准考证号考场号座位号2023年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试考前须知：1、答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2、答复选择题时，选出每题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。答复非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3、考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。可能用到的相对原子质量：H-1C-12N-14O-16S-32Mn-55一、选择题：本大题共13小题，每题6分。在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的。1．以下细胞为某生物的体细胞，让该生物自交得F1，再让F1测交，发现F2性状别离比为1∶1∶1∶1〔不考虑突变和交叉互换〕，那么亲代不可能是【答案】B【解析】基因型为AaBb的亲代可以有AB、Ab、aB、ab四种配子且比例为1∶1∶1∶1，亲代自交得F1，F1的配子与亲代相同，F1测交得到的F2性状别离比为1∶1∶1∶1，A可能；A与B连锁可以看成是一个Y，a与b连锁可以看成是一个y，基因型为YyCC的亲代可以有YC、yC两种配子且比例为1∶1，最终F2性状别离比为1∶1，B不可能；A与b连锁可以看成一个Y，a与b连锁可看成一个y，即亲代基因型为YyCc，C可能；AabbCc的亲代中的bb所对应的性状不会发生性状别离，所以亲代基因型可看成AaCc，D可能。2．以下图表示在20℃、不同pH条件下，向等量的反响物中参加等量的某种酶后，生成物的量与时间的关系曲线，以下结论错误的是A．此实验中，不同pH为自变量，生成物的量为因变量，20℃为无关变量B．随pH从5升高到7，酶的活性逐渐降低C．该酶的最适pH为5D．假设将温度改为15℃，酶的最适pH不会发生改变【答案】C【解析】人为改变的变量为自变量，因自变量改变而发生改变的量为因变量，其他能对实验结果造成影响的变量为无关变量，A正确；由题图可知，pH从5升高到7，生成物的生成速率逐渐降低，酶的活性逐渐降低，B正确；在pH是5、6、7这三种条件下，pH为5时酶活性较高，但不能判断该酶的最适宜pH是5，C错误；酶的最适pH是酶的一种性质，不会因温度改变而发生改变，D正确。3．神经递质分为兴奋性神经递质与抑制性神经递质两种，去甲肾上腺素就是一种抑制性神经递质。以下说法正确的是A．去甲肾上腺素由突触前膜进入突触间隙需要借助载体的运输B．去甲肾上腺素能够被突触后膜上的受体识别，表达了细胞间信息交流的功能C．去甲肾上腺素能够长时间作用于突触后膜使膜电位长时间发生改变D．去甲肾上腺素作用于突触后膜后，细胞膜对Na+的通透性增加，Na+内流【答案】B【解析】去甲肾上腺素以胞吐的方式排放到突触间隙，不需要借助载体的运输，A错误；去甲肾上腺素能与突触后膜上的特异性受体结合，说明去甲肾上腺素能够被突触后膜上的特异性受体识别，表达了细胞间信息交流的功能，B正确；去甲肾上腺素作用于突触后膜后很快会被分解，C错误；当兴奋性神经递质作用于突触后膜后，细胞膜对Na+的通透性增加，Na+内流，但去甲肾上腺素〔抑制性神经递质〕作用于突触后膜后，细胞膜对Cl﹣的通透性增加，Cl－内流，D错误。4．以下有关细胞生命历程的表达，正确的是A．细胞生长时，细胞器的数量增加，物质交换的效率提高B．细胞分化时，遗传物质的种类增加，蛋白质的种类和数量也增加C．细胞癌变时，细胞膜上糖蛋白增多，细胞容易扩散转移D．细胞衰老时，染色质收缩，影响DNA的复制和转录【答案】D【解析】细胞生长时，细胞的体积不断增大，外表积与体积比值减小，与外界环境进行物质交换的效率降低，A错误；细胞分化时，遗传物质没有发生改变，由于基因的选择性表达，蛋白质种类和数量增加，B错误；细胞癌变时，细胞膜上的糖蛋白等物质减少，C错误；细胞衰老时，染色质收缩，导致DNA不能解旋，进而会影响复制和转录过程，D正确。5．以下有关生物变异的表达中，正确的是A．基因突变一定会导致基因结构发生改变B．染色体结构变异一定会导致基因结构发生改变C．基因突变一定会导致种群的基因频率发生改变D．基因重组可能会导致种群的基因频率发生改变【答案】A【解析】基因突变是DNA分子中发生碱基对的替换、增添和缺失而引起的基因结构的改变，A正确；染色体结构变异中的重复，增加了基因的数目，但基因结构未发生改变，B错误；基因突变具有不定向性，在基因H突变成基因h的同时，基因h也可能突变成基因H，所以基因突变不一定会导致种群基因频率的改变，C错误；基因重组是非等位基因的重新组合，基因频率是等位基因间所占的百分比，在概率上二者互为独立事件，D错误。6．2023年2月16日四川雅江爆发森林大火，失火面积超过100公顷，以下有关表达正确的是A．此地需经过初生演替才能恢复原来的样子B．火灾过后，森林生态系统的恢复力稳定性减弱C．森林生态系统自我调剂的根底是负反响调剂D．“山上多栽树，等于修水库〞表达了生物多样性的直接价值【答案】C【解析】火灾过后的森林原有的植被虽已不存在，但原有土壤条件根本保存，甚至还保存了植物的种子或其他繁育体，在此地发生的演替应属于次生演替，A错误；火灾过后，森林生态系统的恢复力稳定性增强，B错误；森林生态系统自我调剂的根底是负反响调剂，C正确；“山上多栽树，等于修水库〞表达了生物多样性的间接价值，D错误。7．化学与生产、生活相关，以下有关说法正确的是A．汽车用压缩天然气代替燃油可减少NOx和PM2.5的排放B．油脂在人体内水解为氨基酸和甘油等小分子物质后才能被吸取C．“天宫二号〞中使用的碳纤维是一种新型有机高分子材料D．用二氧化硫漂白后的食品显得白亮，二氧化硫可作食品漂白剂【答案】A8．化合物a、b、c的分子式均为C8H8，其结构如下所示，以下说法正确的是A．b的同分异构体可与苯互为同系物B．c苯环上的二氯代物有10种C．a能与溴水发生取代反响D．c中所有原子可以处于同一平面【答案】D9．NA为阿伏加德罗常数的值。以下说法正确的是A．0.1molCl2与0.2molCH4光照充分反响生成HCl分子数为0.1NAB．1LpH=12的氨水中参加足量盐酸，生成NH4+数为0.01NAC．100g34%的H2O2中参加MnO2充分反响转移电子数为2NAD．0.1mol乙醇与0.1mol乙酸在浓硫酸作用下充分反响生成乙酸乙酯分子数为0.1NA【答案】A10．2023年5月18日，我国海域天然气水合物试摘成功，以下分析仪工作原理类似燃料电池的工作原理，其装置如以下图所示，其中的固体电解质是Y2O3－Na2O，O2－可以在其中自由移动。以下有关表达正确的是A．该分析仪工作时，电极a为正极B．电极a的反响式为：CH4+10OH－－8e－=CO32－+7H2OC．当固体电解质中有1molO2－通过时，电子转移4molD．该分析仪可用于分析空气中的天然气的含量【答案】D11．短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大，W的简单氢化物可用作制冷剂，Y的原子半径是所有短周期主族元素中最大的，X2－与Y的简单离子的核外电子排布相同。由X、Y和Z三种元素形成的一种盐溶于水后，参加稀盐酸，有黄绿色气体产生。以下说法不正确的是A．X的简单氢化物的热稳定性比W强B．Y的简单离子半径比X的简单离子半径大C．X与Y形成化合物的水溶液可使红色石蕊试纸变蓝D．Z与X不属于同一主族，与Y属于同一周期【答案】B12．以下实验中根据现象得出的结论错误的是选项实验现象结论A将充有NO2的密闭烧瓶放入热水中烧瓶内气体颜色变深NO2生成N2O4的反响中，△H<0B向某溶液中加铜和浓H2SO4试管口有红棕色气体产生原溶液可能含有NO3－C加热盛有少量NH4HCO3固体的试管，并在试管口放置湿润的红色石蕊试纸石蕊试纸变蓝NH4HCO3显碱性D向浓度均为0.1mol·L−1的MgCl2、CuCl2混合溶液中逐滴参加氨水先出现蓝色沉淀Ksp[Mg(OH)2]>Ksp[Cu(OH)2]【答案】C13．总浓度为c的CH3COOH溶液中c(CH3COOH)和c(CH3COO－)分布图如下(δ表示分布系数)，以下说法错误的是A．δ1是CH3COO－的分布系数B．c(CH3COOH)＋c(CH3COO－)=cC．A点时，pH=pKaD．当pH＜pKa时，主要存在形式是CH3COO－【答案】D二、选择题：此题共8小题，每题6分。在每题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分〕14.在光电效应实验中，用某一单色光照到某一金属外表时，没有光电子从金属外表逸出，以下说法中正确的是A.换频率更高的单色光照射，就一定发生光电效应B.增大入射光的强度，就一定发生光电效应C.延长入射光的照射时间，就一定发生光电效应D.入射光的频率一定小于该金属材料的极限频率【答案】D【解析】虽增大入射光的频率，但如果仍然没有大于金属材料的极限频率，还是不会发生光电效应，选项A错误；光电效应产生与照射光频率有关而与照射光强度无关，选项B错误；光电效应的产生与入射光照射的时间长短无关，选项C错误；只有入射光的频率大于该金属材料的极限频率，才能发生光电效应，选项D正确。15．用于热处理的电阻炉，由于发热体R在升温过程中电阻值增大很多，所以在炉子和电网之间配备一台自耦变压器，如下图。R的正常工作电压与电网电压A．启动时，应将P向下滑动，使副线圈的匝数小于原线圈的匝数B．启动时，应将P向上滑动，使副线圈的匝数大于原线圈的匝数C．保持P的位置不变，启动后的一段时间内，电流表的示数会逐渐增大D．保持P的位置不变，启动后的一段时间内，R的功率会逐渐增大【答案】A【解析】启动时，发热体R的阻值较小，要想使此时工作时的功率等于正常工作时的热功率，就必须使加载在发热体R两端的电压较小，应将P向下滑动，等发热体R的阻值增大时，再将P向上滑动；保持P的位置不变，启动后的一段时间内，发热体R的阻值增大，副线圈两端的电压不变，流过发热体R的电流变小，根据n1I1=n2I2，原线圈电流也减小，电流表的示数减小，R的功率会逐渐减小。地球静止轨道中圆地球轨道地球静止轨道中圆地球轨道倾斜地球同步轨道A．中圆轨道卫星的周期一定比静止轨道卫星的周期长B．中圆轨道卫星受到的万有引力一定比静止轨道卫星受到的万有引力大C．倾斜同步轨道卫星始终位于地球外表某点的正上方D．倾斜同步轨道卫星每天在固定的时间经过同一地区的正上方【答案】D【解析】中圆轨道卫星的轨道半径比地球静止同步轨道半径小，做圆周运动的周期短，选项A错误；由于不知道中圆轨道卫星与静止轨道卫星的质量，无法比拟二者与地球之间的万有引力大小，选项B错误；地球静止轨道卫星始终位于地球外表某点的正上方，选项C错误17.如下图，质量为M的四分之一圆柱体放在粗糙水平地面上，质量为m的正方体放在圆柱体和光滑墙壁之间，且不计圆柱体与正方体之间的摩擦，正方体与圆柱体的接触点的切线与右侧墙壁成θ角，圆柱体处于静止状态。那么A．地面对圆柱体的支持力为MgB．地面对圆柱体的摩擦力为mgtanθC．墙壁对正方体的弹力为eq\f(mg,tanθ)D．正方体对圆柱体的压力为eq\f(mg,cosθ)【答案】C【解析】以正方体为研究对象，受力分析，并运用合成法如下图。由几何知识得，墙壁对正方体的弹力N1＝eq\f(mg,tanθ)，圆柱体对正方体的弹力N2＝eq\f(mg,sinθ)，根据牛顿第三定律，那么正方体对圆柱体的压力为eq\f(mg,sinθ)，以圆柱体和正方体为研究对象，竖直方向受力平衡，地面对圆柱体的支持力N＝(M＋m)g，水平方向受力平衡，地面对圆柱体的摩擦力：f＝N1＝eq\f(mg,tanθ)。18．如下图，竖直平面内有一半径为R的固定eq\F(1,4)圆轨道与水平轨道相切于最低点B。一质量为m的小物块P〔可视为质点〕从A处由静止滑下，经过最低点B后沿水平轨道运动，到C处停下，B、C两点间的距离为R，物块P与圆轨道、水平轨道之间的动摩擦因数均为μ。假设将物块P从A处正上方高度为R处由静止释放后，从A处进入轨道，最终停在水平轨道上D点〔未标出〕，B、D两点间的距离为s，以下关系正确的是A．s>(1+eq\F(1,μ))RB．s=(1+eq\F(1,μ))RC．s<(1+eq\F(1,μ))RD．s=2R【答案】C【解析】根据动能定理，对物块P第一次运动，有mgR–Wf–μmgR=0；对物块P第二次运动，有mg·2R–Wf′–μmgs=0。对物块P经过在圆轨道任一处，第二次运动时速度较大，向心力较大，对轨道的压力较大，滑动摩擦力较大，可见Wf<Wf′，解得s<(1+eq\F(1,μ))R。19．如下图，在匀强磁场的上方有一半径为R、质量为m的导体圆环，圆环的圆心距离匀强磁场上边界的距离为h。将圆环静止释放，圆环刚进入磁场的瞬间和完全进入磁场的瞬间，速度均为v。圆环的电阻为r，匀强磁场的磁感应强度大小为B，重力加速度为g。以下说法正确的是A．圆环进入磁场的过程中，圆环的右端电势高B．圆环进入磁场的过程做的是匀速直线运动C．圆环进入磁场的过程中，通过导体某个横截面的电荷量为D．圆环进入磁场的过程中，电阻产生的热量为2mgR【答案】AD【解析】根据楞次定律可判断电流为逆时针，内部电流流向电势高，选项A正确；圆环进入磁场的过程中，切割磁感线的有效长度不同，受到的安培力大小不同，不能做匀速直线运动，选项B错误；圆环进入磁场的过程中，通过导体某个横截面的电荷量，选项C错误；根据功能关系，圆环进入磁场的过程中，电阻产生的热量为2mgR，选项D正确。20．如下图，有四个等量异种电荷，放在正方形的四个顶点处，a、b、c、d为正方形四个边的中点，O为正方形的中心，e、f为正方形外接圆与bd中垂线的两个交点。取无限远处的电势为0，以下说法中正确的是A．a、b、c、d电场强度和电势都相同B．O点的电场强度和电势均为零C．将一带正电的试探电荷从e点沿直线移动到f点过程中电势能不变D．过e点垂直于纸面的直线上，各点的电场强度为零，电势为零【答案】BC【解析】把其中相邻的两个正负电荷看成一组，另外两个正负电荷看成一组，中垂线就是一条零势线，a、b、c、d、O点的电势为零，根据对称性可知，a、b、c、d电场强度大小相等，方向不同，O点的电场强度为零，选项A错误、B正确；ef是一条等势线，沿ef移动电荷，电荷的电势21.如下图，质量分别为3m和m的1、2两物块叠放在水平桌面上，物块2与桌面间的动摩擦因数为μ，物块1与物块2间的摩擦因数为2μ。物块1和物块2的加速度大小分别用a1、a2表示，物块1与物块2间的摩擦力大小用f1表示，物块2与桌面间的摩擦力大小用f2表示，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。当水平力F作用在物块1上，以下反映a和f变化的图线正确的是【答案】AC【解析】把1、2这两个物体看成一个整体，开始时静止不动，拉力逐渐增大，2与地面之间的摩擦力也继续增大，当拉力增大到4μmg之后，整体开始滑动，根据牛顿第二定律F-4μmg=4ma，当拉力为12μmg时，加速度为2μg，拉力又增大，1、2之间开始滑动，2与地面之间的摩擦力为4μmg不变，1与2之间相对滑动，摩擦力为6μmg。三、非选择题：包括必考题和选考题两局部。第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33～38题为选考题，考生根据要求作答。〔一〕必考题(129分)22．〔6分〕如图甲所示是某同学探究加速度与力的关系的实验装置．他在气垫导轨上安装了一个光电门B．滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，传感器下方悬挂钩码，每次滑块都从A处由静止释放。(1)该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，那么d＝__________mm．钩码钩码光电门气垫导轨力感应器连气源刻度尺遮光条滑块(2)实验时，将滑块从A位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时间t，假设要得到滑块的加速度，还需要测量的物理量是____________________。(3)改变钩码质量，测出对应的力传感器的示数F和遮光条通过光电门的时间t，通过描点作出__________〔填“〞“〞或“〞〕的线性图像。【答案】(1)2.30(2)遮光条到光电门的距离L〔或A、B间的距离〕(3)【解析】(3)由题意可知，该实验中保持小车质量M不变，因此有v2＝2aL，其中，，即，得。电阻箱23．〔9分〕实验室提供了以下器材来测定电阻R的阻值：电阻箱A．待测电阻R〔阻值约10kΩ〕B．滑动变阻器R1〔0～1kΩ〕C．电阻箱R0〔最大阻值99999.9Ω〕D．灵敏电流计G〔500μA，内阻不可忽略〕E．电压表V〔3V，内阻约3kΩ〕F．直流电源E〔3V，内阻不计〕G．开关、导线假设干(1)甲同学用图a所示的电路进行实验。①请在图b中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接；②先将滑动变阻器的滑动头移到__________〔填“左〞或“右〞〕端，再接通开关S；保持S2断开，闭合S1，调剂R1使电流计指针偏转至某一位置，并记下电流I1；③断开S1，保持R1不变，调整电阻箱R0阻值在10kΩ左右，再闭合S2，调剂R0阻值使得电流计读数为__________时，R0的读数即为电阻的阻值。(2)乙同学查得该灵敏电流计的内阻为Rg，摘用图c进行实验，改变电阻箱电阻R0的值，读出电流计相应的电流I，由测得的数据作出eq\f(1,I)－R0图象如图d所示，图线纵轴截距为m，斜率为k，那么待测电阻R的阻值为__________。【答案】(1)如右图所示；左；I1(2)R＝eq\f(m,k)－Rg电阻箱【解析】〔1〕电路图连接如下图，在闭合开关S前，先让滑动触头移动到最左端，使测量电路分得的电压为零，以保护电表。利用等效法测量电阻的阻值，调剂R0阻值使得电流计读数为I1时，R0的读数即为电阻的阻值。电阻箱〔2〕在题图c中，根据闭合电路欧姆定律有E=I〔R0+Rg+R〕通过整的可得，又由图线纵轴截距为m，斜率为k，可得R＝eq\f(m,k)－Rg。24．〔14分〕如下图，一根长度l=0.55m的轻绳一段系在O点〔在N点的正上方〕，另一端系一小物块a，把质量m=0.5kg的小物块a拉到与圆心O等高位置M由静止释放，到达最低点时恰好进入一长L=0.19m的水平台面上，并且轻绳断开。小物块a到达平台右边时与放在水平台面最右端的小物块b发生碰撞，碰撞后小物块a、b恰好分别从A、B两点落入洞中；水平台面离地面的高度h=1.25m，其右侧地面上有一直径D=0.5m的圆形洞，洞口最左端的A点离水平台面右端的水平距离s=1m，B点在洞口的最右端。小物块与水平台面之间的动摩擦因数μ=0.2。取g=10m/s2。求：〔1〕小物块a到达最低点时轻绳的拉力大小；〔2〕小物块b的质量m'；【解析】〔1〕设小物块a到达最低点时的速度大小为ν1，根据机械能守恒定律得:〔2分〕设小物块a在最低点时受到的拉力的大小为F，由牛顿第二定律得:〔2分〕解得：F=15N。〔1分〕〔2〕设小物块a与b碰撞前的速度大小为v2，根据动能定理有：〔2分〕小物块从水平台面飞出做平抛运动，在竖直方向上有：〔1分〕在水平方向上有：s=v2't，s+D=v3t〔3分〕小物块碰撞过程，由动量守恒定律有：mv2=mv2'+m'v3〔2分〕解得：m'=0.2kg。〔1分〕25．〔18分〕在平面直角坐标系xoy中，y轴左侧有两个正对的极板，极板中心在x轴上，板间电压U0=1×102V，右侧极板中心有一小孔，左侧极板中心有一个粒子源，能向外释放电荷量q=1.6×10-8C、质量m=3.2×10-10kg的粒子〔粒子的重力、初速度忽略不计〕；y轴右侧以O点为圆心、半径为的半圆形区域内存在互相垂直的匀强磁场和匀强电场〔电场未画出〕，匀强磁场的的磁感应强度为B=2T，粒子经电场加速后进入y轴右侧，能沿x轴做匀速直线运动从P点射出。〔1〕求匀强电场的电场强度的大小和方向；〔3〕假设撤去电场，粒子在场区边缘N点射出磁场，求粒子在磁场中运动半径和N点的坐标。【解析】〔1〕粒子在板间加速，设粒子到O点时的速度为，有：〔1分〕得：〔1分〕粒子在电磁场中做匀速直线运动，〔2分〕得：〔1分〕由左手定那么判断洛伦兹力沿y轴负方向，所以电场力沿y轴正方向，电场方向沿y轴负方向。〔1分〕〔2〕撤去磁场后，粒子进入y轴右侧电场做类平抛运动，轨迹如图〔1〕所示：对粒子x轴方向有：〔2分〕y轴方向有：〔1分〕由几何关系：〔2分〕解得：，，所以M点的坐标为〔1m，0.5m〕〔1分〕。〔3〕撤去电场后，粒子在y轴右侧磁场内做匀速圆周运动，轨迹如图〔2〕所示：，〔1分〕〔1分〕由几何关系，，〔1分〕〔1分〕解得：，〔1分〕所以N点的坐标为〔，〕〔1分〕。26．〔14分〕氯化铁可用作金属蚀刻、有机合成的催化剂，研究其制备及性质是一个重要的课题。〔1〕氯化铁晶体的制备〔夹持及加热装置省略〕：①实验过程中装置丙中可能发生反响的离子方程式有_。②该装置气密性检查方法及操作：。〔2〕氯化铁的性质探究：为探究氯化铁的性质设计了如下实验。〔查阅文献知：①氯化铁的熔点为306℃、沸点为315℃，易升华，气态FeCl3会分解成FeCl2和Cl2②FeCl2熔点670℃〕操作步骤实验现象解释原因翻开K，充入氮气D中有气泡产生①充入N2的原因_____________________。关闭K，加热至600℃，充分灼烧固体B中出现棕黄色固体②产生现象的原因____________________________。实验结束，振荡C静置③_______________④__________________________。(用方程式解释〕【答案】〔1〕①OH－+H+=H2O〔只写对这个给1分〕；

C12+2OH－=ClO－+Cl－+H2O〔只写对这个给2分〕〔两个全写对给3分〕②关闭两个分液漏斗活塞及弹簧夹2，翻开弹簧夹1、3，丙烧杯中盛蒸馏水，将导气管插入烧杯中水中，用酒精灯微热甲装置中的烧瓶，假设导管末端产生气泡，停止微热，有水柱形成，说明装置不漏气。〔3分〕〔2〕①排出装置内的空气〔1分〕②FeCl3易升华〔2分〕③溶液分层，上层接近无色，下层为橙红色〔2分〕④2FeCl32FeCl2+Cl2

；2Br－+Cl2=Br2+2Cl－分〕27．〔14分〕一种用软锰矿〔主要成分MnO2〕和黄铁矿〔主要成分FeS2〕制取MnSO4·H2O并回收单质硫的工艺流程如下：答复以下问题：〔1〕步骤①混合研磨成细粉的主要目的是________________________；步骤②浸取时假设生成S、MnSO4及Fe2(SO4)3的化学方程式为__________________________________。〔2〕步骤③所得酸性滤液可能含有Fe2+，除去Fe2+可用的方法是_____________；步骤④需将溶液加热至沸然后在不断搅拌下参加碱调剂pH4～5，再继续煮沸一段时间，“继续煮沸〞的目的是_________________。步骤⑤所得滤渣为____________〔填化学式〕。〔3〕步骤⑦需在90～100℃下进行，该反响的化学方程式为____________________。〔4〕测定产品MnSO4·H2O的方法之一是：准确称取ag产品于锥形瓶中，参加适量ZnO及H2O煮沸，然后用cmol·L－1KMnO4标准溶液滴定至浅红色且半分钟不褪，消耗标准溶液VmL，滴定反响的离子方程式为_______________________________，产品中Mn2+的质量分数为w(Mn2+)=_____________。【答案】〔1〕提高硫酸浸取时的浸取率〔1分〕3MnO2+2FeS2+6H2SO4=3MnSO4+Fe2(SO4)3+4S↓+6H2O〔2分〕〔2〕参加软锰矿粉或H2O2溶液〔2分〕；破坏Fe(OH)3胶体并使沉淀颗粒长大，便于过滤别离〔2分〕Fe(OH)3〔1分〕〔3〕(NH4)2Sx+12NH3+H2S+xS↓〔2分〕〔4〕2MnO4－+3Mn2++2H2O5MnO2↓+4H+〔2分〕〔2分〕28．〔15分〕硫及其化合物在生产生活中应用广泛。答复以下问题：〔1〕铁铵矾是一种化学物质，分子式是NH4Fe(SO4)2·12H2O，其溶于水后，溶液中的离子浓度大小关系为__________________。〔2〕某溶液中含有CO32－、SO42－等离子，取一定量的该溶液，向其中滴加BaCl2溶液，当CO32－开始沉淀时，溶液中为_____。〔Ksp(BaSO4)=1.0×10－10，Ksp(BaCO3)=2.5×10－9〕〔3〕：S2Cl2(l)＋Cl2(g)2SCl2(l)ΔH＝－50.2kJ·mol－1。断裂1molCl－Cl键、1molS－S键分别需要吸取243kJ、268kJ的能量，那么断裂1molS－Cl键需要吸取的能量为______________kJ。〔4〕某密闭容器中发生如下反响：2SO2(g)+O2(g)2SO3(g)△H=－197kJ·mol－1。①该反响的平衡常数的表达式K=____________。以下能说明反响到达平衡状态的是__________。a．体系压强保持不变b．混合气体的密度保持不变c．SO3和O2的体积比保持不变d．每消耗1molSO3的同时生成1molSO2②向同温、同体积的两个密闭容器中分别充入气体：(甲)2molSO2和1molO2；(乙)1molSO2和0.5molO2；恒温、恒容下反响达平衡时，两个容器内的压强大小关系为__________〔用p甲、p乙表示〕，SO3的质量大小关系为_______________〔用m甲、m乙表示〕。〔5〕用NaOH溶液吸取烟气中的SO2，将所得的Na2SO3溶液进行电解，可以制备H2SO4，其原理如以下图所示(电极材料为石墨)。阳极的电极反响式为______________________；其中可循环使用的物质是________。【答案】〔1〕c(SO42－)>c(NH4＋)>c(Fe3＋)>c(H＋)>c(OH－)〔2分〕〔2〕25〔1分〕〔3〕280.6〔2分〕〔4〕①〔1分〕ac〔2分〕②p乙<p甲<2p乙〔2分，写p乙<p甲给1分〕m甲>2m乙〔2分，写m甲>m乙给1分〕〔5〕SO32－－2e－＋H2O=SO42－＋2H＋〔2分〕NaOH〔1分〕29．〔9分〕有人设计了一个研究光合作用的实验，实验前在溶液中参加只破损了外膜和内膜而其他结构都完整的叶绿体，然后分Ⅰ、Ⅱ两个阶段，按图示条件进行实验，糖的合成速率如下图，请答复以下问题：〔1〕在从绿叶中提取光合色素的实验中，参加可防止研磨时色素被破坏。〔2〕为了到达上述实验结果，在Ⅰ阶段还应该向溶液中参加。除糖以外，Ⅰ阶段积存的物质还有〔至少写三种〕。假设将Ⅰ阶段的黑暗条件改为光照，是否会对Ⅰ阶段糖的合成速率产生影响？〔填“会〞“不会〞或“不确定〞〕。〔3〕Ⅱ阶段合成了葡萄糖但是合成量较少，原因是。【答案】〔1〕碳酸钙〔或CaCO3〕〔1分〕〔2〕[H]〔NADPH〕和ATP三碳化合物〔C3〕、NADP+、ADP、Pi会〔3〕Ⅱ阶段有了光照，叶绿体进行光反响产生了ATP和[H]，Ⅰ阶段积存的C3就可以合成一定量的葡萄糖，但是C3的量有限且又无CO2的供给，当C3消耗完之后就不能再合成葡萄糖了【解析】〔1〕在从绿叶中提取光合色素的实验中，参加CaCO3可防止研磨时色素被破坏。〔2〕Ⅰ阶段设置的条件为黑暗、有CO2且结果有糖的合成，为光合作用的暗反响阶段，暗反响不需要光，但需要光反响提供[H]〔NADPH〕和ATP，所以为了到达上述实验结果，在Ⅰ阶段还应该向溶液中参加[H]〔NADPH〕和ATP。Ⅰ阶段有CO2，可进行CO2的固定，形成三碳化合物〔C3〕，NADPH和ATP被消耗后，将产生NADP+和ADP、Pi。从题图中可以看出Ⅰ阶段糖的合成速率先增加后减小，说明参加的[H]〔NADPH〕和ATP有限，随着它们的大量消耗，糖合成速率也下降，如将Ⅰ阶段的黑暗条件改为光照，可以提供[H]〔NADPH〕和ATP，糖合成速率会加快。〔3〕Ⅱ阶段有了光照，叶绿体将进行光反响，产生ATP和[H]〔NADPH〕，Ⅰ阶段积存的三碳化合物〔C3〕在它们的作用下就可以合成一定量的葡萄糖，但是三碳化合物〔C3〕的量有限且又无CO2的供给，当三碳化合物〔C3〕消耗完之后就不能再合成葡萄糖了。30．〔10分〕季节交替期的天气变化无常，早晚温差较大，极易引起唤吸道感染及过敏性疾病。特别是婴幼儿，自身免疫功能发育不完全，抵抗能力较弱，更容易患感冒、流感、肺炎、肠胃炎等。结合所学知识答复以下问题：〔1〕流感病毒进入宿主细胞后，细胞能识别靶细胞并使其裂解，这种免疫方式称为。〔2〕免疫系统的功能包括。过敏性疾病和自身免疫疾病均属于免疫系统反常所产生的疾病。请举出一个人体自身免疫疾病的例子：。〔3〕注射流感疫苗在一定程度上可预防流感，疫苗的作用是。【答案】〔1〕效应T细胞免疫〔2〕防卫、监控和去除类风湿性关节炎〔答对即可〕〔3〕刺激机体产生相应的记忆细胞和抗体【解析】〔1〕流感病毒进入宿主细胞后，效应T细胞能识别靶细胞并使其裂解，这种免疫方式称为细胞免疫。〔2〕免疫系统的功能包括防卫、监控和去除。自身免疫疾病的实例有风湿性心脏病、类风湿性关节炎、系统性红斑狼疮等。〔3〕疫苗的作用是刺激机体产生相应的记忆细胞和抗体。31．〔10分〕当前，在全国乃至全世界都刮起一股“低碳风〞，低碳生活也正悄然走近觅常百姓家，为越来越多的人所认可。以下图为某森林生态系统中碳循环模式图，图中A、B、C、D表示生态系统的成分，①②③④为特定的过程。答复以下问题：〔1〕从微观上看，过程①主要在________(细胞器)中进行。过程③中碳以的形式流动。〔2〕一研究小组要估算该生态系统中某种植物的种群密度，应摘取法。该生态系统中每种生物在生长发育过程中不断地与其他生物进行着信息交流，其作用在于_____________________________________。〔3〕在森林中发现了两个鼠群，如何判别这两个鼠群是否为同一种？_____________________________________________________________________________________________________。【答案】〔1〕叶绿体含碳有机物〔2〕样方调剂种间关系，保持生态系统的稳定〔3〕让这两个鼠群的雌雄个体交叉交配，如果不能交配或杂交后不能产生可育后代，说明它们不是同一物种【解析】图中的A表示无机环境，B表示消费者，C表示分解者，D表示生产者。过程①主要为光合作用，过程②为唤吸作用，过程③为捕食，过程④为分解作用。〔1〕从微观上看，过程①主要在叶绿体中进行。过程③中碳以含碳有机物的形式流动。〔2〕对植物的种群常用样方法调查种群密度。生态系统中的信息交流可以调剂种间关系，保持生态系统的稳定。〔3〕生殖隔离的产生是新物种形成的标志，故让这两个鼠群的雌雄个体交叉交配，如果不能交配或杂交后不能产生可育后代，说明它们不是同一物种。32．〔10分〕某种鸟〔雄性ZZ，雌性ZW〕的眼色由一对位于常染色体上的等位基因〔A、a〕控制，羽色由另一对位于性染色体上的等位基因〔B、b〕控制，有多对纯合褐眼栗羽雄鸟和基因型相同的红眼黄羽雌鸟杂交，发现它们的眼色和羽色均能在子代中找到。答复以下问题:〔1〕亲代雄鸟的基因型是。子代中与亲代基因型相同的个体占子代的比例为。〔2〕根据题干所给信息能否确定W染色体上是否存在控制羽色基因？请说明理由：__________________________________________________________________________________________________________________。〔3〕假设F1中发现一只因基因突变而产生的蓝羽〔能稳定遗传〕雌鸟，如何确定此基因位于哪条染色体上？〔设计实验并预测实验结果及相应结论〕________________________________________________________________________________________________________________________。【答案】〔1〕aaZbZb0〔2〕不能，由题干信息知如果W染色体上有控制羽色的基因，此基因也是隐性基因，与W染色体上没有控制羽色的基因得到的结果相同〔3分〕〔3〕用栗羽雄鸟与此蓝羽雌鸟交配，假设后代中没有蓝羽产生或者只有雄鸟中出现蓝羽，那么说明此基因位于Z染色体上；假设后代中只有雌鸟中出现蓝羽，那么说明此基因位于W染色体上〔3分〕【解析】〔1〕由题意知亲代的眼色和羽色均能在子代中找到，说明红眼为显性性状〔A〕、黄羽为显性性状〔B〕。亲代雄鸟的基因型为aaZbZb，亲代雌鸟的基因型为AaZBW?，而子代的基因型有AaZBZb、aaZBZb、AaZbW?、aaZbW?，子代中没有与亲代基因型相同的个体。〔2〕假设W染色体上有控制羽色的基因即亲代雌鸟基因型为AaZBWb，子代中雌鸟基因型为AaZbWb、aaZbWb，与题意相符；假设W染色体上没有控制羽色的基因即亲代雌鸟基因型为AaZBW，子代中雌鸟基因型为AaZbW、aaZbW，与题意也相符，所以不能确定。〔3〕此突变的蓝羽雌鸟基因型为Zb1W或ZbWb1，用基因型为ZbZb的雄鸟与其进行杂交，得到的含突变基因的个体基因型为Zb1Zb或ZbWb1，而Zb1Zb雄鸟的突变基因不一定能表达出来。33．【物理——选修3-3】〔15分〕〔1〕〔5分〕关于热力学定律的说法正确的是〔〕(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得3分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．功B．热量能够从高温物体传到低温物体，也可能从低温物体传到高温物体C．做功和热传递具有相同的物理本质D．热力学系统没有对外做功，物体吸热，物体的内能一定增加E．假设一定质量的某理想气体的内能增加，那么其温度一定升高【答案】BDE【解析】热量也可以全部转化为机械功；例如在等温膨胀过程中，系统吸取的热量全部转化为对外界做的功。选项A错误;根据热传递的规律可知热量能够自发地从高温物体传到低温物体；当外界对系统做功的时，可以使系统从低温物体吸取热量传到高温物体上去，致冷机〔例如冰箱和空调〕就是这样的装置。但是热量不能自发地从低温物体传到高温物体。选项B正确；做功和热传递具有不同的物理本质，选项C错误；物体没有做功，即W＝0，物体吸热，Q＞0，由热力学第一定律得知，物体的内能一定增加,选项D正确；一定质量的理想气体的内能只与温度有关，选项E正确。〔2〕〔10分〕如图甲所示，一左端封闭、右端开口的粗细均匀长玻璃管水平放置。玻璃管的左部封有长l1=15.0cm的空气柱，中间有一段长l2=15.0cm的水银柱，右部空气柱的长度l3=30.0cm。大气压强p0=75.0cmHg。现将玻璃管逆时针旋转至水平放置，如图乙所示，求：〔i〕水银柱上端离玻璃管开口有多远？〔ii〕假设现在室温t=37℃，将图乙管中下面的空气柱进行加热，使气体温度升高多少，才能使水银柱恰好不会从管口溢出。【解析】〔i〕以cmHg为压强单位，竖直放置时，玻璃管底部空气柱的压强p1=p0+15.0cmHg；水平放置时，玻璃管底部空气柱的压强p0，由玻意耳定律得：p0l1=p1lx〔2分〕解得：lx=12.5cm〔1分〕水银柱上端离玻璃管开口的距离d=l1+l2+l3-〔lx+l2〕=32.5cm〔2分〕〔ii〕设气体温度升高ΔT，水银柱恰好不会从管口溢出，水银恰好不溢出时管内气体的体积V2=45S，由盖吕萨克定律有：，即〔3分〕解得：ΔT=780K。〔1分〕34．【物理——选修3-4】〔15分〕〔1〕〔5分〕一列波沿x轴传播，t=2s时刻的波形如图1所示，图2是某质点的振动图象，那么以下说法正确的是〔〕A．波的传播速度为1m/sB．波如果向右传播，那么图2是x=0、4m处质点的振动图象C．波如果向右传播，那么图2是x=2m、6m处质点的振动图象D．波如果向左传播，那么图2是x=0、4m处质点的振动图象E．波如果向左传播，那么图2是x=2m、6m处质点的振动图象【答案】ABE【解析】〔1〕根据波形图可知该波的波长为4m，该波的周期为4s，由=1m/s，选项A正确；根据振动图象知该质点在t=2s时在平衡位置并且向下振动，根据波的振动方向与波的传播方向间的关系可知，波如果向右传播，应是x=0、4m处质点的振动图象，选项B正确、C错误；如果波向左传播，图1是x=2m、6m处质点的振动图象，选项D错误、E正确。〔2〕〔10分〕有两种不同材料制成的的半球形透明体，球心为O，将透明体如下图放置，其中截面圆呈竖直方向，一束水平方向射来的光线从两透明体的球面上某点射入，其入射角θ=60º，其半径为R，且足够大。〔i〕第一种透明体的折射率n=，光在空气中的速度为。试求光从入射点到左侧界面出射点所用的时间。〔ii〕如果光折射到第二种透明体的竖直面上时，恰好发生全反射，那么光从第二种透明体射到空气的临界角为多大？【解析】〔i〕光在第一种透明体传播的光路图如下图。假设光在入射点的入射角为θ1，折射角为θ2。由光的折射定律可知：〔2分〕解得：θ2=30º〔1分〕由几何关系知，光在第一种透明体中的传播的距离：〔1分〕光在第一种透明体中的传播速度〔1分〕所以〔1分〕〔ii〕设光从第二种透明体射到空气的临界角为C，由临界角公式可知〔1分〕根据几何知识可得光在半球形界面上的折射角为〔60º-C〕〔1分〕根据折射定律有：〔1分〕联立解得，即。〔1分〕35．【化学——选修物质与结构】〔15分〕氮及其化合物广泛存在于自然界中。答复以下问题：〔1〕写出N原子的电子排布式__________。在基态14N原子中，核外存在______个未成对电子。〔2〕原子第一电离能是指气态电中性基态原子失去一个电子转化为气态基态正离子所需要的最低能量，N、P、As原子的第一电离能由大到小的顺序为_______________。〔3〕氮气和氢气在一定条件下可合成氨，其中N2中共价键的类型有___________，其个数比为____________；NH3中氮原子的杂化方式为_________杂化。〔4〕纯叠氮酸HN3在常温下是一种液体，沸点较高，为308.8K，主要原因是______________。〔5〕X的+1价阳离子中所有电子正好充满K、L、M三个电子层，它与N3－形成的晶体结构如下图。X的元素符号是_____________，X离子与N3－形成的化合物化学式为________。〔6〕与NO2－等电子体的粒子为：_____________(写出一种即可)。【答案】〔1〕1s22s22p3〔1分〕3〔2分〕〔2〕N＞P＞As〔2分〕〔3〕σ键与π键〔1分〕1∶2〔1分〕sp3〔1分〕〔4〕HN3分子间存在氢键〔2分〕〔5〕Cu〔1分〕Cu3N〔2分〕O3、SO2、SeO2〔任选一种〕〔2分〕36．【选修5——有机化学根底】〔15分〕尼美舒利是一种非甾体抗炎药，它的一种的合成路线如下：：〔易氧化〕答复以下问题：〔1〕A的化学名称为__________。〔2〕B的结构简式为__________________。〔3〕由C生成D的化学方程式为________________________________，其反响类型为________。〔4〕E中的官能团有__________、__________(填官能团名称)。〔5〕由甲苯为原料可经三步合成2,4,6-三氨基苯甲酸，合成路线如下：反响①的试剂和条件为_________________；中间体B的结构简式为_____________；反响③试剂和条件为____________________。〔6〕E的同分异构体中能同时满足以下条件的共有_______种〔不含立体异构〕；①含有两个苯环且两个苯环直接相连②能与FeCl3溶液发生显色反响=3\*GB3\*ME