（浙江专版）2023版高考化学大一轮复习阶段滚动训练（四）

PAGEPAGE1阶段滚动训练(四)一、选择题1.据有机化合物的命名原那么，以下命名正确的选项是()C.CH3CH(C2H5)CH2CH2CH32乙基戊烷D.CH3CH(NH2)CH2COOH3氨基丁酸解析A项编号错误，应该为2甲基1，3丁二烯；B项编号错误，应该为2丁醇，C项主链选错了，应该为3甲基己烷，D正确。答案D2.以下化合物中同分异构体数目最少的是()A.戊烷 B.戊醇C.戊烯 D.乙酸乙酯解析A项，戊烷存在正戊烷、异戊烷和新戊烷3种异构体；B项，戊醇可看成戊烷的3种异构体中的1个H被—OH取代得到的产物，有8种醇类异构体，另外戊醇还有多种醚类异构体；C项，戊烯的烯烃类同分异构体主链可以含5个碳原子或4个碳原子，再结合双键位置可得出5种异构体，另外戊烯还存在环烷烃类的同分异构体；D项，乙酸乙酯的异构体中，甲酸酯有2种，丙酸酯有1种，羧酸有2种，另外还有羟基醛、酮等多种同分异构体。答案A3.以下各组有机物中，只需参加溴水就能一一鉴别的是()A.己烯、苯、四氯化碳 B.苯、己炔、己烯C.己烷、苯、环己烷 D.甲苯、己烷、己烯解析己烯能使溴水褪色，苯、四氯化碳均能萃取溴水中的溴，苯比水的密度小，有色油状液体在上层，四氯化碳比水的密度大，有色油状液体在下层，A正确；己炔、己烯均能使溴水褪色，B错误；C项三种物质均比水的密度小，有色油状液体均在上层，C错误；同理D项中甲苯和己烷也无法鉴别。答案A4.以下关于化石燃料的加工说法正确的选项是()A.石油裂化主要得到乙烯B.石油分馏是化学变化，可得到汽油、煤油C.煤干馏主要得到焦炭、煤焦油、粗氨水和焦炉气D.煤制煤气是物理变化，是高效、清洁地利用煤的重要途径解析A项，石油裂化是将相对分子质量较大、熔沸点较高的烃转变为相对分子质量较小、熔沸点较低的烃的过程，主要产物是相对分子质量较小的烃的混合物；B项，石油分馏是物理变化，是根据沸点不同，别离出汽油、煤油等；D项，煤制煤气是化学变化。答案C5.以下关于洛哌丁胺的说法中，正确的选项是()A.能发生消去反响B.不能发生水解反响C.能与浓溴水发生取代反响D.能与新制Cu(OH)2发生氧化反响解析洛哌丁胺含有肽键、醇羟基和氯原子等官能团，根据这些官能团具有的性质可知该物质能发生消去反响、水解反响，不能与浓溴水发生取代反响，也不能与新制Cu(OH)2发生氧化反响，故A正确，B、C、D错误。答案A6.如下图是某有机分子的比例模型，黑色的是碳原子，白色的是氢原子、灰色的是氧原子。该物质不具有的性质是()A.与氢氧化钠反响B.与稀硫酸反响C.发生酯化反响D.使紫色石蕊溶液变红解析该有机物为乙酸，乙酸具有酸性，也可发生酯化反响，但不与稀H2SO4反响。答案B7.绿原酸的结构简式如图，以下有关绿原酸的说法不正确的选项是()A.分子式为C16H18O9B.能与Na2CO3反响C.能发生取代反响和消去反响D.0.1mol绿原酸最多与0.8molNaOH反响解析根据键线式规律，绿原酸的分子式为C16H18O9，A项正确；绿原酸分子中含有羧基，能够与Na2CO3反响，B项正确；绿原酸苯环上的氢、羟基，酯基和羧基均能够发生取代反响，分子中的醇羟基能够发生消去反响，C项正确；绿原酸中能够与NaOH反响的结构有：两个酚羟基、一个酯基和一个羧基，故0.1mol绿原酸最多与0.4molNaOH反响，D项错误。答案D8.以下说法正确的选项是()A.乳酸薄荷醇酯()仅能发生水解、氧化、消去反响B.乙醛和丙烯醛()不是同系物，它们与氢气充分反响后的产物也不是同系物C.淀粉和纤维素在酸催化下完全水解后的产物都是葡萄糖D.CH3COOCH2CH3与CH3CH2COOCH3互为同分异构体，1H­NMR谱显示两者均有三种不同的氢原子，且三种氢原子的比例相同，故不能用1H­NMR来鉴别解析A项，乳酸薄荷醇酯分子中含有—OH，可发生取代反响，错误；B项，乙醛、丙烯醛与氢气充分反响后产物分别为乙醇、丙醇，二者属于同系物，错误；C项，淀粉、纤维素均属于多糖，在酸催化作用下水解的最终产物均为葡萄糖，正确；D项，CH3COOCH2CH3与CH3CH2COOCH3在1H—NMR谱上峰出现的位置不同，二者可用核磁共振氢谱鉴别，错误。答案C9.以下有关有机物的说法中正确的选项是()A.淀粉和纤维素互为同分异构体B.蛋白质和淀粉水解的最终产物都是氨基酸C.油脂、纤维素、淀粉在一定条件下均可发生水解反响D.蛋白质、纤维素、蔗糖都是高分子化合物解析淀粉和纤维素的化学式为(C6H10O5)n，为高分子化合物，其中n值不同，因此不互为同分异构体，A错；蛋白质水解的最终产物为氨基酸，而淀粉水解的最终产物为葡萄糖，B错；蛋白质和纤维素为高分子化合物，但蔗糖为二糖，分子式为C12H22O11，不是高分子化合物，D错。答案C10.(2022·台州第四次统考)以下有关实验能成功的是()A.苯加到溴水中，将会和溴发生取代反响而使溴水褪色B.用冷却结晶法来提纯含少量KCl杂质的KNO3晶体C.将10%的葡萄糖溶液加到新制氢氧化铜悬浊液中，出现砖红色沉淀D.进行淀粉水解实验时，为检验水解产物和水解程度，加液顺序为：淀粉溶液→H2SO4溶液→NaOH溶液→碘水→新制Cu(OH)2悬浊液解析A.苯可以使溴水褪色是因为苯能萃取溴水中的溴使溴水褪色，不是取代反响，A项错误；B.硝酸钾的溶解度随温度的变化较大，可以采用冷却结晶法来提纯含少量KCl杂质的KNO3晶体，B项正确；C.将10%的葡萄糖溶液加到新制氢氧化铜悬浊液中，加热后才能出现砖红色沉淀，C项错误；D.用碘水检验淀粉的存在需要在酸性溶液中，假设溶液呈碱性，参加的碘水会和NaOH溶液反响，D项错误。答案B11.(2022·杭州重点中学)以下说法正确的选项是()A.金刚石和石墨烯互为同位素B.CH3COOH和CH3COOCH3互为同系物C.14CO2的摩尔质量为46D.CH3CH2CH(CH3)CH2CH3的名称是3­甲基戊烷解析A.金刚石和石墨烯互为同素异形体，A错误；B.CH3COOH和CH3COOCH3的结构不相似，不能互为同系物，B错误；C.14CO2的摩尔质量为46g/mol，C错误；D.CH3CH2CH(CH3)CH2CH3的名称是3­甲基戊烷，D正确。答案D12.[2022·嘉兴一中高二(下)期末]以下说法不正确的选项是()A.乙烯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，是因为乙烯分子中含有碳碳双键B.苯可以使溴水褪色，是发生了加成反响C.乙醛在一定条件下与氧气反响生成乙酸，乙醛发生了氧化反响D.氨基酸分子中均含有羧基(—COOH)和氨基(—NH2)解析A.乙烯含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反响，可被酸性高锰酸钾氧化，故A正确；B.溴易溶于苯，苯使溴水褪色是萃取作用，故B错误；C.乙醛含有醛基，可被氧化，故C正确；D.氨基酸含有的官能团为氨基和羧基，故D正确。答案B13.[2022·金华市十校联考高三(上)期末]运用相关化学知识进行判断，以下说法正确的选项是()A.聚乙烯能使酸性高锰酸钾溶液褪色B.等物质的量的甲烷、乙炔完全燃烧，耗氧量甲烷大C.葡萄糖、氨基酸在一定条件下都能发生酯化反响D.分子式为C2H4、C3H6、C4H8的三种烃肯定是同系物解析A.聚乙烯为乙烯加聚产物，聚乙烯中不存在不饱和键，不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故A错误；B.等物质的量的烃〔CxHy〕燃烧耗氧量为x＋eq\f(y,4)，所以耗氧量CH4＜C2H2，故B错误；C.葡萄糖中含－OH，氨基酸中含－COOH，在一定条件下都能发生酯化反响，故C正确；D.C3H6可能为烯烃，也可能为环烷烃，C4H8可能为烯烃，也可能为环烷烃，三者不一定是同系物，故D错误。答案C二、非选择题14.(2022·浙江省嘉兴市第一中学高三上学期期中测试)葡萄糖在不同条件下可以转化为不同物质，请答复以下问题：：2RCOOH＋2CH2=CH2＋O2eq\o(→,\s\up7(催化剂),\s\do5(加热、加压))2CH2=CHOOCR＋2H2O(1)葡萄糖在酒化酶的作用下生成有机物A；B是石油化学工业最重要的根底原料。A、B、C、D、E间的转化关系如以下图：①写出D中官能团的名称是____________________。②写出A→B的化学方程式__________________________________________。③E的结构简式____________________________________________________。(2)葡萄糖在一定条件下可氧化为X和Y，X的相对分子质量介于A、B之间，Y的相对分子质量与A相同。X可催化氧化成Y，也可与H2反响生成Z。①以下说法正确的选项是________。A.室温下，化合物X为气体B.上述化合物中，仅有葡萄糖和化合物X可以发生银镜反响C.化合物A、Y是同分异构体D.化合物A、Z具有相同官能团，属于同系物②与葡萄糖相对分子质量相同的芳香族化合物N，它的苯环上只有一个取代基，1molN与足量NaHCO3溶液反响，生成44.8LCO2(标准状况)，那么N的结构简式为________________。解析(1)①B为石油化学工业最重要的根底原料，是乙醇的反响产物，所以B为乙烯，C为乙酸，D是乙烯和乙酸在氧气条件下反响生成的产物，且能发生聚合反响生成高聚物，所以D中含有碳碳双键和酯基，结构为CH3COOCH＝CH2。②A到B为乙醇消去反响生成乙烯和水，方程式为：C2H5OHeq\o(→,\s\up7(浓硫酸),\s\do5(170℃))H2C=CH2↑＋H2O。③D发生加聚反响生成E的结构为。(2)①X可催化氧化成Y，也可与H2反响生成Z，且相对分子质量在乙烯和乙醇之间，所以说明X为甲醛，在室温下为气体，Y的相对分子质量和A相同，那么为甲酸，甲酸可以发生银镜反响。A为乙醇，Y为甲酸，二者分子式不同，不是同分异构体。Z为甲醛加氢生成的甲醇，和A乙醇具有相同的官能团，属于同系物，所以选AD。②1摩尔N与足量的碳酸氢钠溶液反响生成44.8L二氧化碳，说明含有两个羧基，葡萄糖的相对分子质量为180。N中含有一个苯环，且只有一个取代基，那么含有苯基，式量为77，两个羧基，式量之和为90，那么还有180－77－90＝13，还有一个碳原子和1个氢原子，那么分子式为C9H8O4，结构为。答案(1)①酯、碳碳双键②C2H5OHeq\o(→,\s\up7(浓硫酸),\s\do5(170℃))H2C=CH2↑＋H2O③(2)①AD②15.某调香剂的化学式为C12H14O2，该调香剂广泛用于香精。某实验室科技人员设计了以下合成路线来合成该调香剂：试答复以下问题：(1)B物质的分子式为______________，在核磁共振氢谱中能呈现____________种峰。(2)D物质的官能团名称是____________。(3)上述合成路线中属于取代反响的是____________(填编号)；(4)写出反响③、⑥的化学方程式：③_________________________________，⑥______________________________________________________________。(5)F有多种同分异构体，符合以下条件的同分异构体共有________种，写出其中一种的结构简式____________。①属于芳香族化合物，且含有与F相同的官能团；②苯环上有两个取代基，且苯环上的一氯代物只有两种；③两个取代基上碳原子数目相同，且均含有一种官能团。解析(1)A与溴水发生加成反响，A的结构为，NaOH水溶液，为卤原子的水解条件，B的结构为，B氧化得C，C中含有3个氧原子(只少2个H原子)，C为(另一羟基无α－H，不能被催化氧化)。C→D少2个氢原子和1个氧原子，发生的羟基的消去反响，D为，E为，F为。(1)B的分子式为C5H12O2，分子中有6种氢。(3)反响①为加成，②为取代，③为氧化，④为消去，⑤为取代，⑥为取代(酯化)。(5)由限制条件③可知每个取代基上有3个碳原子，官能团分别为碳碳双键和酯基，由限制条件②可知2个取代基在苯环上处于对位。含酯基的取代基可以是—OOCH2CH2CH3、—CH2OOCCH3、—CH2CH2OOCH，含碳碳双键的取代基可以是—CH=CH—CH3、—CH2—CH=CH2，共有6种。答案(1)C5H12O26(2)碳碳双键、羧基(3)②⑤⑥(4)③2CH3CH2C(OH)(CH3)CH2(OH)＋O2eq\o(→,\s\up7(催化剂),\s\do5(△))2CH3CH2C(OH)(CH3)COOH＋2H2O16.(2022·浙江省义乌中学高二月考)图中A～J均为有机化合物，根据图中的信息，答复以下问题：(1)环状化合物A的相对分子质量为82，其中含碳87.80%，含氢12.20%。B的一氯代物仅有一种，B的结构简式为___________________________________；(2)M是B的一种同分异构体，M能使溴的四氯化碳溶液褪色，分子中所有的碳原子共平面，那么M的结构简式为_____________________________________；(3)由A生成D的反响类型是________，由D生成E的反响类型是________；(4)G的分子式为C6H10O4，0.146gG需用20mL0.100mol/LNaOH溶液完全中和，J是一种高分子化合物。那么由G转化为J的化学方程式为___________________________________________________________________________________；(5)分子中含有两个碳碳双键，且两个双键之间有一个碳碳单键