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文档简介
2023年新高考地区数学选填压轴题汇编(五)
一、单选题
1.(2022·广东汕头·高三阶段练习)直线l:y=kx+b是曲线fx=lnx+1和曲线gx=lne3x的公切线,
则b=(
)
e2e3
A.lnB.lnC.3D.ln3e2
33
【答案】A
【解析】设直线l与曲线fx=lnx+1相切于点Ax,y,直线l与曲线gx=lne3x相切于点
11
Bx,y,
22
111-k
∵fx=lnx+1,则fx=,由fx==k,可得x=,
x+11x+11k
1
1-k
则y=fx=lnx+1=-lnk,即点A,-lnk,
111k
1-k
+b,可得b=k-lnk-1,①
将点A的坐标代入直线l的方程可得-lnk=k⋅k
111
∵gx=lne3x=3+lnx,则gx=,由gx==k,可得x=,
x2x2k
2
1
y=gx=3-lnk,即点B,3-lnk,
22k
1
+b=b+1,∴b=2-lnk,②
将点B的坐标代入直线l的方程可得3-lnk=k⋅k
e2
联立①②可得k-lnk-1=2-lnk,故k=3,b=2-ln3=ln3.
故选:A.
2sin2πx-2πa-3,x<a
2.(2022·广东汕头·高三阶段练习)已知函数fx=a∈R,若fx在区
-x2+2a+1x-a2+6,x≥a
间0,+∞内恰好有7个零点,则a的取值范围是(
)
5817581711
A.,∪,3B.,∪,
2362363
5171181711
C.,∪3,D.,∪3,
263363
【答案】D
【解析】当a≤0时,对任意x>0,f(x)=-x2+2(a+1)x-(a2+6)在0,+∞内最多有2个零点,不符题
意;
所以a>0,
当x≥a时,y=-x2+2(a+1)x-(a2+6),开口向下,对称轴为x=a+1,所以函数在[a,a+1)上单调递
增,在[a+1,+∞)上单调递减,
所以y=2a-5,
max
又因为当x=a时,y=2a-6;
5
2+2(a+1)x-(a2+6)在[a,+∞)内无零点,
当2a-5<0,即a<2时,y=-x
所以f(x)=2sin(2πx-2πa)-3在(0,a)内有7个零点,
3
即sin2π(x-a)=2在(0,a)内有7个零点,
因为0<x<a,所以-a<x-a<0,-2πa<2π(x-a)<0,
23π22π1123
≤-2πa<-<a≤
所以-33,解得36,
5
又因为a<2,
所以无解;
5
当2a-5=0,即a=2时,
495
y=-x2+2(a+1)x-(a2+6)=-x2+7x-,+∞
4在2内有1个零点,
5
f(x)=2sin(2πx-5π)-3在0,
2内有6个零点,
35
即sin2πx=-2在0,2内有6个零点,
35
由三角函数的性质可知此时sin2πx=-2在0,2内只有4个零点,不符题意;
2a-5>05
<a≤3时,
当2a-6≤0,即2
y=-x2+2(a+1)x-(a2+6)=-x2+8x-15在[a,+∞)内有2个零点,
所以f(x)=2sin(2πx-2πa)-3=2sin2π(x-a)-3在(0,a)内有5个零点,
3
即sin2π(x-a)=2在(0,a)内有5个零点,
因为0<x<a,所以-a<x-a<0,-2πa<2π(x-a)<0,
17π16π817
≤-2πa<-<a≤
所以-33,解得36,
5
<a≤3时,
又因为2
817
<a≤
所以36,
当2a-6>0,即a>3时,
y=-x2+2(a+1)x-(a2+6)在[a,+∞)内有1个零点,
所以f(x)=2sin(2πx-2πa)-3在(0,a)内有6个零点,
3
即sin2π(x-a)=2在(0,a)内有6个零点,
因为0<x<a,所以-a<x-a<0,-2πa<2π(x-a)<0,
22π17π1711
≤-2πa<-<a≤
所以-33,解得63,
又因为a>3,
11
所以3<a≤3.
81711
,∪3,.
综上所述,a的取值范围为:363
故选:D.
lnx,x>0
x
3.(2022·广东·金山中学高三阶段练习)设函数fx=有4个不同零点,则正实数
sinωx+π,-π≤x≤0
4
ω的范围为()
913913913913
A.,B.,C.,D.,
44444444
【答案】A
lnxπ
=0,解得x=1,即fx在(0,+∞)上仅有一个零点,所以只需y=sinωx+
【解析】令y=x4在[-π,
0]上有3个不同零点即可.
ππππ913
∈-ωπ+,,所以-3π<-ωπ+≤-2π,即ω∈,
当x∈[-π,0]时,ωx+444444
故选:A
4.(2022·广东·金山中学高三阶段练习)已知三棱锥D-ABC的顶点都在球O的球面上,底面△ABC为等边
三角形,且其所在圆O的面积为6π.若三棱锥D-ABC的体积的最大值为93,则球O的体积为(
)
1
256343343
A.πB.πC.256πD.π
362
【答案】B
【解析】如图,△ABC所在圆O即为△ABC的外接圆.
1
设圆O的半径为r,则πr2=6π,解得r=6.
1
因为△ABC为等边三角形,所以A=B=C=60∘,AB=BC=AC.
AB
由正弦定理可得=2r,解得AB=32.
sin60∘
11393
所以S=AB⋅AC⋅sinA=×(32)2×=.
△ABC2222
如图,当O,O,D三点共线时,三棱锥D-ABC的体积最大,最大值为
1
193
93,此时DO⊥平面ABC,三棱锥的高h最大,且有××h=
132
93,解得h=6.
7
设球O的半径为R,在Rt△OOA中,(6-R)2+r2=R2,解得R=.
12
4473343
πR3=×π=π.
所以球O的体积V=3326
故选:B.
5.(2022·广东·仲元中学高三阶段练习)已知菱形ABCD的边长为2,且∠DAB=60∘,沿BD把△ABD折起,
得到三棱锥A-BCD,且二面角A-BD-C的平面角为60°,则三棱锥A-BCD的外接球的表面积为
(
).
13π52π3π2π
A.B.C.D.
9953
【答案】B
【解析】取BD的中点H,连接AH,CH,因为ABCD为菱形,所以AH⊥BD,CH⊥BD,
故∠AHC为二面角A-BD-C的平面角,则∠A'HC=60°,
由题意可知△ABD,△BCD为正三角形,则外接球球心位于过△ABD,△BCD的中心且和它们所在面垂直
的直线上,
故分别取△ABD,△BCD的重心为G,G,
12
过点G,G分别作两个平面的垂线,交于点O,点O即为三棱椎的外接球的球心,
12
由题意可知△ABD≌△BCD,球心到面ABD和面BCD的距离相等,
即OG=OG,
12
连接OD,OH,则∠OHG=∠OHG=30∘,
12
313HG
菱形ABCD的边长为2∴HG=2××=,OH=1=
1233cos30∘
3
32
=,
33
2
221313
∴OD2=OH2+HD2=+1=-BCD的外接球的半径R=
39,即三棱锥A3,
1352π
2=4π×=
则其外接球的表面积为4πR99,
故选:B.
5-8xy
6.(2022·广东·深圳市高级中学高三阶段练习)已知正实数x、y、z满足x2+y2+z2=1,则
z的最小值
是(
)
A.6B.5C.4D.3
【答案】C
【解析】∵x2+y2+z2=1,∴1-z2=x2+y2≥2xy,∴5-8xy=5-4×2xy≥5-41-z2=4z2+1,
5-8xy4z2+11
≥=4z+≥24z⋅1=4,
由于x、y、z均为正数,则zzzz
x=y>0x=y=6
4
当且仅当1时,即当时,等号成立,
4z=>0z=1
z2
5-8xy
因此,z的最小值是4.
故选:C.
7.(2022·广东·深圳市南山区华侨城中学高三阶段练习)设函数fx=ex(2x-1)-ax+a,其中a<1,若存
在唯一的整数x,使得f(x)<0,则a的取值范围是(
)
00
333333
A.-,1B.-,C.,D.,1
2e2e42e42e
【答案】D
【解析】设gx=ex2x-1,y=ax-1,
由题意知,函数y=gx在直线y=ax-a下方的图象中只有一个点的横坐标为整数,
11
gx=ex2x+1,当x<-x<0;当x>-
2时,g2时,
gx>0.
1
=-2e-1
所以,函数y=gx的最小值为g-22.
又g0=-1,g1=e>0.
直线y=ax-a恒过定点1,0且斜率为a,
33
≥-a-a,解得≤a<1,
故-a>g0=-1且g-1=-e2e
故选D.
x2y2
8.(2022·湖北武汉·高三开学考试)设双曲线-=1(a>0,b>0)的左右焦点为F,F,过F的直线与双
a2b2122
曲线右支交A,B两点,设AB中点为P,若|AB|=2FP,且∠FPA=45°,则该双曲线的离心率为(
)
11
3+15+1
A.3B.5C.D.
22
【答案】A
【解析】根据题意可知,过F的直线斜率存在,
2
∵AB中点为P,
又∵AB=2FP
1
2
∴AP=PF
21
又∵∠FPA=45°
1
PF2+PA2-AF2
∴在△FAP中,由余弦定理cos∠FPA=11
112PA⋅PF
1
整理得:AP=AF且∠FAP=90∘,所以△APF是等腰直角三角形.
111
设AF=t,则AF=AP=BP=t,AB=2t
11
∴在△FAB中,由勾股定理得:BF2=AB2+AF2
111
∴BF=5t
1
由双曲线定义可知:AF-AF=2a
12
∴AF=t-2a
2
∴PF=AP-AF=2a
22
由双曲线定义可知:BF-BF=2a且BF=BP+PF=t+2a
1222
∴5t-t+2a=2a
整理得:t=5+1a
在△FFP中,FF=2c,PF=2a,PF=2t=10+2a
121221
PF2+PF2-FF2
由余弦定理可得:cos∠FPA=1212
12PF⋅PF
12
代入计算得:6a2=2c2
c
∴离心率e==3
a
故选:A.
ππ
9.(2022·湖北黄冈·高三阶段练习)已知函数fx=sinωx+θω>0,θ<
2,x=6是fx的一个极值
ππ
点,x=-6是与其相邻的一个零点,则f3的值为(
)
2
A.0B.1C.-1D.
2
【答案】D
π4π2π3
×2==
【解析】由题意可知,函数fx的最小正周期为T=4×63,∴ω=T2,
3x
∴fx=sin+θ
2,
π3πππ
×+θ=kπ+k∈Z,则θ=kπ+k∈Z,
因为x=6是fx的一个极值点,则2624
ππ3xπ
+
因为θ<2,∴θ=4,则fx=sin24,
ππππ2
=sin+=cos=
因此,f32442.
故选:D.
12023
10.(2022·湖北黄冈·高三阶段练习)已知a=e-2021
2022,b=2022,c=ln2022,则a,b,c的大小关系为(
)
A.a>b>cB.a>c>bC.c>a>bD.b>c>a
【答案】A
120231
-2021=e1-1=ln+1
【解析】a=e20222022,b=2022,c=ln20222022,
令fx=ex-1-x,x∈R
则fx=ex-1-1,令fx=0,则x=1,
当x∈-∞,1时,fx≤0,∴fx在-∞,1上单调递减,
111
∴f>f1,即e-1->e1-1-1=0,
202220222022
1
∴e-2021>
20222022,即a>b;
令gx=lnx+1-x,x∈-1,+∞
1-x
∴gx=-1=x=0,则x=0,
x+1x+1,令g
当x∈[0,+∞)时,gx≤0,∴gx在[0,+∞)上单调递减,
111
∴g<g0,即ln+1-<0,
202220222022
20231
∴ln<
20222022,即c<b,
综上可知:a>b>c.
故选:A.
11.(2022·湖北黄冈·高三阶段练习)已知数列a满足a⋅(-1)n+a=2n-1,S=650,则a=(
)
nnn+22023
A.231B.234C.279D.276
【答案】B
【解析】由a⋅(-1)n+a=2n-1,S=650可知:
nn+220
当n为偶数时,a+a=2n-1,当n为奇数时,a=a+2n-1,
nn+2n+2n
所以S=a+a+⋯+a+a+a+a+a+a+a+a+a+a+a=650,即a+
20131924681012141618201
a+1+a+6+a+15+a+28+a+45+a+66+a+91+a+120+a+153+3
111111111
+11+19+27+35=650,由此解得a=3,
1
所以a=a+231=234,
231
故选:B
x2y2
12.(2022·山东·汶上县第一中学高三开学考试)已知双曲线E:-=1a>0,b>0的左、右焦点分别为
a2b2
2
F,F,圆O:x2+y2=a2与E的一条渐近线的一个交点为M.若MF=FF,则E的离心率为(
)
122212
A.2B.3C.5D.6
【答案】B
【解析】
如图所示,由已知得OM=a,FF=2c,MF=2c,
122
ba
且tan∠MOF=-,则cos∠MOF=-,
2a2c
在△OFM中,由余弦定理,得MF2=OF2+OM2-2OF⋅
2222
ac2
OMcos∠MOF,即2c2=c2+a2-2ac⋅-,整理得c2=3a2,所以e2=
2ca2
=3,
故e=3,
故选:B.
13.(2022·山东·汶上县第一中学高三开学考试)已知a=0.7e0.4,b=eln1.4,c=0.98,则a,b,c的大小关系是
(
)
A.a>c>bB.b>c>aC.c>a>bD.b>a>c
【答案】A
a0.7e0.4e0.45e25e2
【解析】====>1,所以a>c.
c0.981.41.41.45
1ee-x2
x2(x>0),得Fx=-x=
令函数Fx=elnx-2xx,
当x∈0,e时,Fx>0,Fx单调递增;
当x∈e,+∞时,Fx<0,Fx单调递减,
11
e-e=0,
所以Fx≤Fe=22
1
×1.42=b-c<0,即c>b.
所以F1.4=eln1.4-2
综上,a>c>b.
故选:A
14.(2022·山东·济南市天桥区黄河双语实验学校高三阶段练习)已知函数fx=
ππ2π
sinωx+φ0<ω<4,φ<-f=2,则函数fx的单调递增区间为()
2,若f63
kππkπ5πkππkππ
A.+,+,k∈ZB.-,+,k∈Z
2621221226
π2πππ
C.kπ+,kπ+,k∈ZD.kπ-,kπ+,k∈Z
6336
【答案】D
π2ππ2π
【解析】由f-f=2可知f(x)=f,fx=f,
63max6min3
π2ππ2π
=1,f=-1,即sinω⋅+φ=1,sinω⋅+φ=-1,
即f6363
ππ2π3π
∴ω⋅+φ=2kπ+,ω⋅+φ=2kπ+,k∈Z,k∈Z,两式相减可得ω=2+4k-k,
6123221221
因为0<ω<4,故ω=2,
πππππ
将ω=2代入ω⋅+φ=2kπ+得φ=2kπ+,又φ<,∴φ=,
6121626
π
所以函数f(x)=sin2x+6,
πππππ
≤2x+≤2kπ+≤x≤kπ+
令2kπ-262,求得kπ-36,
ππ
,k∈Z.
可得函数f(x)的单调递增区间为kπ-3,kπ+6
故选:D
1
15.(2022·山东·济南市天桥区黄河双语实验学校高三阶段练习)若不等式x2+ax+1≥0对于一切x∈0,
2
恒成立,则a的取值范围为
5
A.a≥0B.a≥-2C.a≥-D.a≥-3
2
【答案】C
1
2+ax+1≥0对于一切x∈0,
【解析】x2成立,
-x2-11
则等价为a≥x对于一切x∈0,
2成立,
11
即a≥-x-x对于一切x∈0,
2成立,
11
,则函数在区间(0,
设y=-x-x2〕上是增函数
115
∴-x-<--2=-
x22,
5
∴a≥-
2.
故选C.
3-lnx,x≤1
16.(2022·山东·枣庄市第三中学高三开学考试)已知函数f(x)=,若不等式f(x)≥2x-a
x2-4x+6,x>1
对任意x∈(0,+∞)上恒成立,则实数a的取值范围为
1
A.3-,3B.[3,3+ln5]C.[3,4+ln2]D.[2,5]
e
【答案】C
a
【解析】由题得fx≥2x-2,
1
,1,2,3代入上面的不等式得a≥3,
取特值x=2
a3
≥
所以22,
a
(1)在x∈(0,1]上,0<x≤1<
2,
恒有a≤3+2x-lnx成立,记g(x)=2x-lnx+3(0<x≤1)
11
x=2-=4+ln2,
所以gx,所以gx最小值=g2
所以a≤4+ln2.
aaa
(2)在x∈1,2-4x+6≥2-x
2上,1<x<2,恒有x2,
a
2-2x+6在x∈1,
所以a≤x2上恒成立,
a
2-2x+6的最小值为5,
又在x∈1,2上,x
所以a≤5.
aa
(3)在x∈,+∞
2时,x≥2,
a
2-4x+6≥2x-2+6x-6=-x-32+3,∴a≥3.
恒有x2,∴a≥-x
综上3≤a≤4+ln2.
故选:C
1x
17.(2022·福建·福州市第十中学高三开学考试)已知函数f(x)=3x-+2,若f(a2)+f(a-2)>4,则实数
3
a的取值范围是()
A.(-∞,1)B.-∞,-2∪(1,+∞)
C.-2,1D.(-1,2)
【答案】B
1x
x-
【解析】令g(x)=f(x)-2=33,(x∈R),
1-x1x
-x-=-3x=-gx,
则g(-x)=f(-x)-2=333
所以g(x)是奇函数;
1x
x,y=-
又y=33都是R上增函数,
所以g(x)在R上单调递增.
所以f(a2)+f(a-2)>4可化为ga2+ga-2>0,
进而有ga2>g2-a,
所以a2+a-2>0,
解得a<-2或a>1.
故选:B.
4x3y
18.(2022·福建·福州市第十中学高三开学考试)设x,y为正实数,则M=+
x+3yx的最小值为(
)
A.1B.2C.3D.4
【答案】C
【解析】因为x,y为正实数,
4x3y43y3y
+=+1+-1≥24⋅1+-1=4-1=3,
所以M=x+3yx3yx3yx
1+1+
xx
3y
2=4,即x=3y时取等号,
当且仅当1+x
4x3y
+
故M=x+3yx的最小值为3.
故选:C.
二、多选题
π
19.(2022·广东汕头·高三阶段练习)若0<b<a<
2,则(
)
11
A.eb++2a>ea++2bB.bea-eb>aeb-ea
eaeb
C.asinb+b<bsina+aD.sinbcosa>sina
【答案】BC
1π11
【解析】A:令f(x)=ex--2x且0<x<,则f(x)=ex+-2≥2ex⋅-2=0,仅当x=0时等
ex2exex
号成立,故导函数恒大于0,
11
故f(x)在定义域上递增,则f(a)>f(b),即eb--2b<ea--2a,
ebea
11
所以eb++2a<ea++2b,错误;
eaeb
π1
B:令f(x)=x-ln(x+1)且0<x<(x)=1->0,
2,则fx+1
故f(x)在定义域上递增,则f(a)>f(b),即a-ln(a+1)>b-ln(b+1),
所以lneab+1>lneba+1,则ea(b+1)>eb(a+1),即bea-eb>aeb-ea,正确;
sinx-1πxcosx-sinx+1
C:令f(x)=且0<x<,则f(x)=>0,
x2x2
sina-1sinb-1
>
故f(x)在定义域上递增,则f(a)>f(b),即ab,
所以b(sina-1)>a(sinb-1),则asinb+b<bsina+a,正确;
ππ13
D:当b=,a=<sina=
63时,sinbcosa=42,错误.
故选:BC
20.(2022·广东·金山中学高三阶段练习)如图,正方形ABCD中,CD=a,DE=3EC,将△ADE沿AE翻折到
△AEP位置,点P∉平面ABCD内,记二面角P-AB-C大小为θ,在折叠过程中,满足下列什么关系
(
)
a3
A.四棱锥V最大值为B.角θ可能为61∘
P-ABCE8
1537
C.tanθ≤D.tanθ≤
167
【答案】AC
【解析】如图,当△ADE沿AE翻折到△AEP位置,点P∉平面ABCD内,则得
到四棱锥PABCE;
当平面PAE⊥平面ABCE时,过P作PF⊥AE,平面PAE∩平面ABCE=
AE,所以PF⊥平面ABCE,此时PF最长,而底面ABCE面积是定值,
所以当PF⊥平面ABCE时,四棱锥体积V最大;二面角P-AB-C也最大;
P-ABCE
a3a
=3EC,PE=,△AEP为直角三角形,所以
由题知正方形ABCD中,CD=AP=a,DE,所以CE=44
3a25a
2+=
有AE=a44,
115a5a113a
所以S=×AE×PF=××PF=PF,而S又等于×AP×PE=×a×=
△AEP2248△AEP224
3a25a3a23a
PF=
8,所以有88,解得PF=5;
11a5a2
×AB+EC×BC=×a+×a=
底面ABCE面积为2248;
15a23aa3
所以四棱锥体积V=××=;故选项A正确;
P-ABCE3858
过F点作与BC平行的线段交AB于点G,因为BC⊥AB,所以FG⊥AB;
因为PF⊥
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