湖南省长沙市天心区长郡中学2021-2022高一物理下学期期末考试试题

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欢迎下载湖省沙天区郡学2021-2022高物下期末试题含析一选题本包15小題每题3分共45分在小题出四选中1题有项符题要的13～15题有多符題要，部对分选但全2分有错得0分1.若人造卫星绕地球做匀速圆周动，则离地面越近的卫)A.线度越小

B.角度越小C.向加速度越小D.周越小【答案】【解析】【详解】人造卫星绕地球做匀速圆周运动时，由地球的万有引力提供向心力，则有：G

Mmmrmamrr2r2解得：

GMr,,Trr3rGMA.由vB.由

GMrr

可知，离地面越近的卫星，轨道半径r越，线速度越大，故A错；可知，离地面越近的卫星，轨道半径r越，角速度越大，故误；C.由

GMr2

可知，离地面越近的卫星，轨道半径r越小，向心加速度越大，故C错；D.由

rGM

可知，离地面越近的卫星，轨道半径r越，周期越小，故D正确2.下关于第一宇宙速度的说法中正确的是A.第宇宙速度又称为逃逸速度B.第宇宙速度的数值是11.2km/sC.第宇宙速度的数值是7.9km/sD.第宇宙速度是卫星绕地球运行的最小线速度【答案】【解析】-1-

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欢迎下载第一宇宙速度在地面附近绕地球做匀速圆周运动所必须具有的速度。也是人造卫星的最小发射速度。3.发人造卫星是将卫星以一定的速度送入预定轨道。发射场一般选择在尽可能靠近赤道的地方，如图2.这样选址的优点，在赤道附近A.地的引力较大B.地自转线速度较大C.重加速度较大D.地自转角速度较大【答案】【解析】试题分析：、对于地心的发射速度等于相对于地面的发射速度加上地球自转的线速度．地球自转的线速度越大，相对于地心的发射速度越大，卫星越容易发射出去．赤道处，半径最大，所以自转线速度最大．故A错误B正确C、赤道处重力加速度最小．故C错．D、在地球上各点具有相同的角度．故D错误．故选B．4.火和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行，根据开普勒行星运动定律可知：A.太位于木星运行轨道的中心B.火和木星绕太阳运行速度的大小始终相等C.火与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方D.相时间内火与太阳连线过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积-2-

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欢迎下载【答案】【解析】太阳位于木星运行轨道的焦点位置，选项错误；根据开普勒行星运动第二定律可知，木星和火星绕太阳运行速度的大小不是始终相等，离太阳较近点速度较大，较远点的速度较小，选项B错；根据开普勒行星运第三定律可知，木星与火星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方，选项C正确根据开普勒行星运动第二定律可知，相同时间内，火星与太阳连线扫过的面积相等，但是不等于木星与太阳连线扫过面积，选项D错；故选C.5.质为的体做直线运，其速度图象如图所示。则物体在前10s内和后10s内所受外力的冲量分别是)A.0，一10N·sC.0，10N·s【答案】【解析】

B.10N·s，—10N·sD.10N·s，10N·s试题分析：从图中可知在前10s初速度为

v/s1

，前10s末速度为

vm/2

，根据动量定理可得

Im(v)

，后10s初的速度为

v/2

，后10s末速度为v/s

，根据动量定理可得

I(3

，故A正确考点：考查了冲量定理，速度时间图像6.人从高处跳到低处时，一般都让脚尖部分先着地并弯曲下肢，这是为了（）A.减冲量-3-

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欢迎下载B.使量的增量变得更小C.增人与地面的作用时间，从而减小受力D.增人对地的压强，起到安全作用【答案】【解析】【详解】人在和地面接触时，人的速度减为零，由动量定理可知（F-mg）t=P；脚尖着地可以增加人着地的时间，可以减小动量的变化率，故减小受到地面的冲击力，故C正，错误。故选C。7.两电阻R、R的伏安特性曲线如图所示，由此可知等于1A.1:3

B.3:1C.1

D.

3：1【答案】【解析】【详解】根据

R

UI

，解得：

:R60303

。A.根据计算结果可知:3B.根据计算结果可知:3C.根据计算结果可知:3D.根据计算结果可知:3

，故A正；，故B错；，故C错；，故D错。8.直流电动机M接如图所示的路中理想电压表的示数是20V理电流表的示数是A，限流电阻R=5.0Ω则可知（）-4-

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欢迎下载A.电机的机械功率是20WC.电机线圈的电阻是20Ω【答案】【解析】

B.电R消的电功率是5WD.电机产生的电热功率是20电动机消耗的总功率为：P="IU=20"，选项AD错误电阻耗的电功率为P=1

5W="5"W，选项B正；电动机不是纯电阻电路，故不适用欧姆定律，故电动机线圈的电阻，选项C错；故选B。【名师点睛】此题是关于电动机问题的计算；要知道电动机不是纯电阻电路，不满足欧姆定律，故电动机线圈内阻；电动机的总功率IU一分转化为内阻上的发热功率Ir，另一部分输出变为机械功率，要弄清这种能量转化。9.如所示，水平天花板下用长度相同的绝缘细线悬挂起来的两个相同的带电小球，边放一个带正电的固定球+Q时两悬线都保持竖直方向，小球与固球Q的离等于小球A与球的距。下列说法中正确的是（）A.A球带电B球带负电，并A球电荷量较大B.A球带电B球带正电，并A球电荷量较小C.A球带电B球带正电，并A球电荷量较大D.A球带电B球带负电，并A球电荷量较小【答案】-5-

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欢迎下载【解析】试题分析：根据电荷间的相互作用可知A该带负电B正电A才受+Q的向的吸引力和B球右的吸引力而平衡B球受+Q向的排斥力和球左的吸引力而平衡；所以选项AD均错；对于A球说，两边带电球的间距相等，故带电量也相等，即B球电量与Q球电量相等；对于B球说，因为AB较近，故要想与+Q球生相等的力A球电量比Q球电量较少就可以，所以A球带的电荷量较小，选项B正，错。考点：电荷的相互作用。【名师点晴】对于小球所带电的性质，我们可以采用假设的方法，若使它们都平衡，则AB这二个球必须受到平衡力的作用；对于电量的大小，我们可以先针对球A分，再针对球B分析，找其关系，最后再综合对比。10.如图所示ab、为场中同一条水平方向电场线上的三点的点a、电分别为φ＝5V＝3V，下列叙述正确的(A.该场在c点处的电势一定4B.a点的强E一大于b点处场强EC.一电荷从c点运到点势能一定减少D.一电荷运动到点受到的电场力由指向【答案】【解析】【详解】、当该电场是匀强电时，由于沿电场方向相同距离电势差相等，则场在点的电势一定为4V，当该电场不是强电场时，在c处的电势不一定为，A错误B一电场线无法比较电场线的疏密无法比较场强的大小则a点的场强E不定大a于b点处场强E，B错；bCD、由题可判断电场线方向从a指向b，正电荷运动到c点受到的电场力由a指c，根据沿着电场线方向电势降低可知c点的电势高于b点电势，根据正电荷在电势高处电势能大可知，正电荷从c点动到b点势能一定减少，故C确D错；故选C。-6-

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欢迎下载11.忽空气阻力，下列物体运动过程中满足机械能守恒的是（）A.电匀速下降B.物由光滑斜面顶端滑到斜面底端C.物沿着斜面匀速下滑D.拉物体沿光滑斜面匀速上升【答案】【解析】解：A、电梯匀速下降，说明电处于受力平衡状态，并不是只有重力做功，所以A错．B、物体在光滑斜面上，受重力支持力的作用，但是支持力的方向和物体运动的方向垂直，支持力不做功，只有重力做功，所以确．C、物体沿着粗糙斜面匀速下滑物体受力平衡状态，摩擦力和重力都要做功，所以机械能不守恒，所以C错．D、拉着物体沿光滑斜面匀速上，物体受力平衡状态，拉力力和重力都要做功，所以机械能不守恒，所以D错．故选B．【点评】掌握住机械能守恒的条件，也就是只有重力做功，分析物体是否受到其它力的作用，以及其它力是否做功，由此即可判断是否机械能守恒．12.一个质量为的体以a＝2的加速度竖直向下加速运动，则在物体下降h高的过程中物体的A.重势能减少了2mghB.外力做功为

C.合力做功为2mgh

D.动增加了mgh【答案】【解析】【详解】物下降h高度过中，重力做功，则重力势能，故A误；BCD.根牛顿第二定律知，合力为mg，根据动能定理知，合力功为2，则动能增加2mgh故确BD错误。13.铅蓄电池的电动势为2V，这表示-7-

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欢迎下载A.电中每通过1C电，电源2J的化学能转变为电能B.蓄池接在电路中时，两极间的电压一定为C.蓄池能在1s内2J的化能转变成电能D.蓄池将化学能转变成电能的本领比一节干电池（电动势为1.5V）的大【答案】【解析】【详解】铅蓄电池的电动势为2V根据W=qU表示电路中每通过1C电，电源把2J化学能转化为电能，与时间无关，故A正确误；B.当电池不接入外电路，蓄电池极间的电压为；当电池接入电路时，两极间的电压小于2V，故B错误D.电是通过非静电力做功的，蓄电池将化学能转变成电能时，非静电力做的功比一节干电池（电动势为1.5V）大，故D正。14.下列关于电容器和电容的说法中，正确的是A.根C＝

QU

可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，跟两板间的电压成反比B.对确定的电容器，其所带的电荷量与两板间的电压（小于击穿电压且不为零）成正比C.对确定的电容器，无论电容器的电压如何変化（小于击穿电压且不为零带电荷量与电压比值恒定不变D.电器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量，其大小与加在两板上的电压无关【答案】BCD【解析】【详解】AD.C＝

QU

比值定义式，电容表征电容器容纳电荷的本领大小，由电容器本身的特性决定，与两极板间的电压、所带的电荷量无关，故错误D正；B.对于确定的电容器，C一定，由Q=CU知，与成比，故B确；C.电容器所带的电荷量与电压比等于电容，电容与电荷量、电压无关，所以无论电容器的-8-

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欢迎下载电压如何变化（小于击穿电压且不为零带的电荷量与电压比值恒定不变，故C正确。15.在光滑的水平面上，一滑块质量m=2kg，水平面上恒定外力（向未知）作用下运动，如图所示为滑块在水平面上运动的一段轨迹，滑块过P、Q两点速度大小均为v=5m/s，滑块在P点的速度方与PQ连线夹角α=37°，sin37°=0.6，下列说法正确的是A.水恒力F的方与连线夹角B.滑从P到Q的间3sC.滑从P到Q的程速度最小值为4m/sD.P两连线的距离为10m【答案】【解析】在P两的速度具有对称性，故分解为沿PQ方和垂直PQ方向，在沿PQ方上做匀速直线运动，在垂直方向上做匀变速直线运动，所以力垂直PQ向下在顶点处速度最小，只剩下沿PQ方向速度，故为

vcos37/min

错正；在垂直PQ方向，v

/

，

F

/s

，故从P到点所用时间为'

pa

1.5s

，根据对称性可知从P到Q所时间为

t'

连线的距离为

scos37

，故B正确D错．二填题共小题15）16.如图所示的电路中程流表的内阻R＝100Ω电=1mA=900Ωg1

Ω-9-

Rg100R重点中学试卷Rg100R

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欢迎下载（1）当S和S均开时，改装成的_______，最大量程__________。（2）当S和S均合时，改装成的_______表，最大量程___________。【答案】(1).电压(2).1V(3).电(4).1A【解析】【详解】第一空：由电路图可知，当S和表，

均断开时，G与串，改装所成的表是电压第二空：量程

I(100900)x1

V第三空：由电路图可知，当和

均闭合时，

G

与并，改装所成的表是电流表，第四空：量程为:

IR100II99917.用图甲所示的装置“验证机械能守恒定律”，已知当地的重力加速度（1）下列物理量需要测量的是_______，通过计算得到的________写号）A.重锤质量B.下落高度对应重锤的运动时间C.重锤下落的高度D.下落高度对应的重锤的瞬时速度（2）设重锤质量为、打点计时器的打点周期为、重力加速度为图乙是实验得到的一条纸带，、B、C为邻的连续点根測得的s、s、s写出锤由B点点力34-10-

D2DB重点中学试卷D2DB

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欢迎下载势能减少量的表达式__，动能加量的表达______。【答案】(1).C(2).D(3).

1

(4).

s42

【解析】【详解】第一空：实验中需要直接测量的是重锤下落的高度，故选C；第二空：通过计算得到的是与下落高度相对应的重锤的瞬时速度，故选D。第三空：重锤重力势能的减少量为

m1

，第四空：根据匀变速直线运动的推论有：

v

ss2,

，故重锤动能增量为

11124222

2

448T

的三计题共小题40）18.宇航员在一星球表面上高h处静止释放一个小球，经过t时间小球落到星表面，该星球的半径为R，有引力常量为G求（1）该星球表面的重力加速度；（2）该星球的质量.【答案】(1)

t

(2)

M

2hR

【解析】【详解）设该星球表面的重加速度为，由自由落体的规律得gt

可得

t（2）由万有引力定律与牛顿第定律:MmG联立以上各式解得M

2

-11-

的重点中学试卷的

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欢迎下载19.如图所示，长为、质量为M的小船停在静水中，质量为m的人从静止开始从船头走到船尾，不计水的阻力，求船和人相对地面的位移各为多少？【答案】

M；MM

【解析】设任一时刻人与船速度大小分别为vv，作前都静止．因整个过程中人与船组成的系统动量守恒，所以有mvMv设整个过程中人与船平速度大小分别为

v1

2

Mv1

2

.两边乘以时间t有

v1

t＝

v2

t，即＝.且x＋＝，可求出＝

M，＝L.M点睛：本题考查了动量守恒定律应用，解决本题的关键掌握动量守恒定律的条件，以及知道在运用动量守恒定律时，速度必须相对于地面为参考.的20.一束初速度不计的电子流在经U＝5000V的加电压加速后在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若板间距离，板长

l

＝5.0cm，电子电量e＝C，那么（1）电子经过加速电场加速后动能