2022年陕西省西安市临潼区高考物理二模试卷（附答案详解）

2022年陕西省西安市临潼区高考物理二模试卷

1.通常情况下，地球上的两个物体之间的万有引力是

极其微小以至于很难被直接测量，人们在长时间内

无法得到引力常量的精确值。在牛顿发现万有引力

定律一百多年以后的1789年，英国物理学家卡文迪

许巧妙地利用如图所示的扭秤装置，才第一次在实

验室里比较精确地测出了万有引力常量。在下图所示的几个实验中，与“卡文迪许

扭秤实验”中测量微小量的思想方法最相近的是（）

研究力的合成规律

B.观察桌面的形变

1:P：&

C.v*[][探究影响电荷间相互作用力的因素

D.探究加速度与力、质量的关系

2.2022年2月4日，第24届冬季奥林匹克运动会在北京开幕,

至此，北京成为全世界唯一一个既举办过夏季奥运会又举

办过冬季奥运会的城市。如图所示，某次训练中，短道速

滑运动员在水平冰面上做匀速圆周运动，则运动员（）

A.受到冰面的作用力大小恒定，做匀加速运动

B.受到冰面的作用力大小恒定，做变加速运动

C.受到冰面的作用力大小变化，做匀加速运动

D.受到冰面的作用力大小变化，做变加速运动

3.某实验小组在做光电效应的实验时，用频率为v的单

色光照射光电管的阴极K,得到光电流/与光电管两

端电压U的关系图线如图所示，已知电子电荷量的绝

对值为e,普朗克常量为儿则光电子逸出功为（）

A.hv

B.eUc

C.hv-eUc

D.hv+eUc

4.如图所示，边长为L的正方形4BCD边界内有垂直纸面向里〃...L

的匀强磁场B,E为4D上一点，ED*L。完全相同的两A

个带电粒子a、b以不同速度分别从4、E两点平行4B向右射

4：--...-....:B

入磁场，且均从C点射出磁场。已知a粒子在磁场中运动的

时间为3不计粒子的重力和相互作用，则b粒子在磁场中运动的时间为（）

A.-3tB.2C.-41D.-3t

5.“祝融”火星车由着陆平台搭载着陆火星，如图所示为着陆后火星车与着陆平台分

离后的“自拍”合影。着陆火星的最后一段过程为竖直方向的减速运动，且已知火

星质量约为地球质量的2，火星直径约为地球直径的%则（）

A.该减速过程火星车处于失重状态

B.该减速过程火星车对平台的压力大于平台对火星车的支持力

C.火星车在火星表面所受重力约为其在地球表面所受重力的|

D.火星的第一宇宙速度与地球第一宇宙速度之比约为］

6.如图所示，在水平桌面上放置一斜面体P,两长方体物「

块a和b叠放在斜面P上，整个系统处于静止状态。a和

b、b与P、P与桌面之间的动摩擦因数分别用为、“2和

“3表示。则下列判断有可能正确的是（）

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A.=0,（j，2。0，〃3H0B.。0,H0，=0

C.H0,〃2=0，〃3=0D.41W0,〃2H0，“3。0

7.如图所示，竖直平面内有匀强电场，a、b、c、d为沿竖直方：1：：

1111

向的等势线，且Q等势线电势高于d等势线的电势。一带负电

iiii

的微粒从b等势线0点在此平面上以某一初速度沿竖直平面向；：＜；

右上方发射，初速度方向与水平方向成。=37。。粒子运动到abc（1

其轨迹的最高点时，速度大小与。点速度大小相等，己知s讥37。=0.6,cos37。=0.8,

则可判断在此过程中（）

A.电场力对带电微粒一定做正功

B.微粒运动轨迹的最高点可能在b等势面上

C.微粒受到的电场力与它的重力的比值为3：1

D.电场力对微粒做功与微粒的重力势能增量的比值为3：1

8.如图，距地面九高处水平放置间距为L的两条光滑平行金属

导轨，导轨左端接有电动势为E的电源，质量为m的金属杆一£

静置于导轨上，与导轨垂直且电接触良好，空间有竖直向

下的磁感应强度为B的匀强磁场。现将开关S闭合，一段时LL.

间后金属杆从导轨右端水平飞出，测得其水平射程为d,下列说法正确的是（）

A.金属杆离开导轨前做匀加速直线运动

B.金属杆离开导轨后到落地前感应电动势保持不变

C.电源消耗的电能为鬻

D.从闭合开关到金属杆刚要落地时，金属杆受到的冲量为叫/2gh+gd

9.用图甲装置验证机械能守恒定律。实验前调整光电门B的位置，使直径为d的小球

下落过程中球心通过光电门8。实验时通过断开电磁铁开关使小球从4点下落经过

光电门，记录挡光时间加，并测出电磁铁下侧面到光电门的距离从已知当地重力

加速度为9。

图乙

图甲

（1）用游标卡尺测量小球的直径如图乙所示，小球直径d=cm；

（2）验证系统机械能守恒的表达式是（用题中的字母表示）；

（3）请你提出一种减小实验系统误差的方法。

10.某同学利用右图所示电路测量量程为2.5V的电压表的内阻（内阻为数千欧姆），可供

选择的器材有：

电阻箱R（最大阻值99999.90）,

滑动变阻器&（最大阻值50。），

滑动变阻器七（最大阻值5k。），

直流电源E（电动势5U）,

开关1个，导线若干。

实验步骤如下：

①按电路原理图连接线路；

②将电阻箱阻值调节为0,将滑动变阻器的滑片移到与电路原理图中最左端所对应

的位置，闭合开关S；

③调节滑动变阻器，使电压表满偏；

④保持滑动变阻器滑片的位置不变，调节电阻箱阻值，使电压表的示数为2.00叭

记下电阻箱的阻值。

回答下列问题：

（1）实验中应选择滑动变阻器（填“心”或“/?2”）。

（2）根据原理图所示电路将实物图连线。

（3）实验步骤④中记录的电阻箱阻值为630.0。，若认为调节电阻箱时滑动变阻器上

的分压不变，计算可得电压表的内阻为0（结果保留到个位）。而实际测量中，

调节电阻箱时滑动变阻器上的分压会产生变化，使得电压表内阻的测量值与真实值

相比（填“偏大”、“偏小”或“相等”）。要尽量减小该误差，可以采取

哪些方案（写出你认为合理的一种方案即可）。

11.第24届冬季奥运会将于2022年2月在北京和张家口举行；冰壶运动是冬奥会项目之

一，考验参与者的体能与脑力，展运动之健美，现取之智慧，被喻为冰上“国际象

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棋”。如图甲所示，在某次冰壶比赛中，运动员正用力将冰壶推出，其对冰壶斜向

下的推力与水平方向的夹角为37。,大小为20N。如图乙所示，已知冰壶质量为20kg,

与冰面间的动摩擦因数为0.02,重力加速度g取10m/s2,s讥37。=0.6,cos37°=0.8,

求:

(1)此时冰壶的加速度大小；

(2)冰壶推出后，运动员可利用冰刷在冰壶滑行的前方快速擦刷冰面以减少摩擦。

若擦刷冰面后冰壶与冰面的动摩擦因数变为原来的|，求冰壶推出后，未擦刷冰面

与擦刷冰面后自由滑行的距离之比。

12.空间存在竖直向上的电场和竖直向上的磁场，磁感应强度为8,

一质量为m,带电荷量为+q的微粒P静止于4点，一质量也为小、‘2”

不带电的小球Q从纸面外垂直于纸面以速度2%射向微粒P,二

者粘合在一起运动，已知微粒的落地点在4点正下方的C点，

已知当地的重力加速度为g,求：

(1)电场强度E;

(2)微粒与小球粘合后向右运动的最大距离；

(3)4C的距离八应满足的条件。

13.如图，一定量的理想气体从状态a(Po，%,To)经热力学P

、_讥........7]5

过程ab、be、ca后又回到状态a。对于ab、be、ca=/1

个过程，下列说法正确的是()/'

1

A.ab过程中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞0Tn27；,

击的次数可能不变

B.ab过程中，气体内能的增量等于从外界吸收的热量

C.比过程中，气体对外界做的功大于气体从外界吸收的热量

D.ca过程中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数增多

E.ca过程中，外界对气体做功po%

14.如图所示，U形管右管横截面积为左管横截面积的2倍，管内水银在左

管内封闭了一段长为76an、温度为300K的空气柱，左、右两管水银

面的高度差为6cm,大气压强为76cm//g。

(i)给左管的气体加热，则当U形管两边水银面等高时，左管内气体的

温度为多少？

陋)在(i)间的条件下,保持温度不变，往右管缓慢加入水银直到左管气柱恢复原长,

问此时两管水银面的高度差。

15.位于坐标原点处的波源4沿y轴做简谐运动。4刚好完成一

次全振动时，在介质中形成简谐横波的波形如图所示，已.\

°\A~H7

知波速u=2m/s,波源做简谐运动的周期7=0.4s,B、C、、x

是沿波传播方向上的两个质点，则下列说法正确的是()

A.图中x轴上4、B之间的距离为0.8m

B.波源4开始振动时的运动方向沿y轴负方向

C.此后的四分之一周期内回复力对波源4一直做负功

D.经半个周期质点B将向右迁移半个波长

E.图示时刻质点C所受的合外力方向沿y轴正方向

某工件由同种透明玻璃材料制成的三棱柱和四分之一圆柱两

个部分组成，其截面如图，该玻璃材料的折射率为n=/7'

44BF为直角三角形，/.ABF=30°,FDE为四分之一圆，半径"2

为R,FE贴紧4F。一束单色平行光沿着截面方向从4B边射入

工件后垂直FE进入四分之一圆。

⑴求该平行光进入4B界面时的入射角仇

(i)若要使到达尸。面的光线都能从FD面直接折射出来，该四分之一圆至少要沿AF方向向

上移动多大距离？

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：力、研究力的合成规律采用的等效替代法，故A错误：

8、观察桌面的形变采用微小形变放大法，思想方法最相近。故8正确；

C、探究影响电荷间相互作用力的因素采用的控制变量法，故C错误；

。、探究加速度与力、质量的关系采用的控制变量法，故力错误。

故选：B。

明确扭秤实验中采用了放大法，并明确其他实验的方法即可解答，找出微小放大思想方

法即可。

本题考查对引力常量测量的研究情况，要注意明确引力常量的测出证明了万有引力定律

的正确，从而更好的研究天体的运动。

2.【答案】B

【解析】解：匀速圆周运动，合力提供向心力，所

以合力是大小不变，方向始终指向圆心，对运动员

受力分析，冰对运动的作用力有两个作用效果：竖.......J玲)

直分力和运动员的重力平衡，水平分力提供向心力，y

所以竖直分力恒定，水平分力大小不变，方向始终t----------1

指向圆心。则冰面对运动的作用力大小不变，方向始终指向圆心偏上，是变化的，即合

力是变化的，做变加速运动，受力如图所示

故B正确，4C。错误。

故选：Bo

匀速圆周运动合力提供向心力，是大小不变，方向始终指向圆心的变力，再根据受力分

析找到冰面对运动员的力。

可以运用力的分解，分析冰面的力产生的效果，一个分力与重力平衡，另一个分力提供

向心力，还可以按照力的合成，重力和冰面的作用力的合力提供向心力，大小不变，方

向始终指向圆心，所以冰的作用力大小不变，方向始终变化，是变力，做变加速运动。

3.【答案】C

【解析】解：由遏止电压与最大初动能的关系可得光电子的最大初动能为：Ekm=eUc,

由爱因斯坦光电效应方程：Ekm=hv-W0

可得材料的逸出功为：W0=hv-Ekm=hv-eUc,故C正确，AB。错误。

故选：C。

明确图象的意义，由图象确定最大初动能，同时利用爱因斯坦光电效应方程求解逸出功。

本题考查了光电效应中的饱和光电流强度、光电效应方程、遏止电压等概念及规律，作

答本题还需能够理解光电流强度与光电管电压关系图象所表达的物理含义。

4.【答案】D

【解析】解：作出a、b粒子在磁场中运动轨迹如图

。点为b粒子的轨迹圆心，D点为a粒子轨迹圆心，由几何关系知：

/?=90°,

tanz.FC£>=—=-^=—>

CDL3

乙ECD=30°,则a=60°,

粒子在磁场中运动周期T=察，

qB

a粒子在磁场中运动的时间t=?T,

b粒子在磁场中运动的时间t'=

联立解得：t'=|t,

故ABC错误，。正确；

故选：Do

粒子在磁场中做匀速圆周运动，作出粒子的运动轨迹，求出粒子在磁场中转过的圆心角,

然后求出粒子的运动时间之比。

本题考查了求粒子在磁场中的运动时间之比问题，粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据

题意作出粒子运动轨迹、求出粒子转过的圆心角是解题的前提与关键，应用周期公式即

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可解题。

5.【答案】C

【解析】解：4着陆火星的最后一段过程为竖直方向的减速运动，在靠近火星表面时，

火星车处于超重状态，故A错误；

减速过程火星车对平台的压力与平台对火星车的支持力是一对相互作用力，大小相等,

方向相反，故B错误；

C.由mg=G要，（其中M代表中心天体质量，R代表半径，g代表重力加速度）

可知g=G%

知火星质量约为地球质量的白，火星直径约为地球直径的g故?=|

1029地,

故c正确；

。由G等=小艺

R2R

可知”=舟

因为火星直径约为地球直径的3火星质量约为地球质量的白，-=冷

210V地

代入数据解得：£=也

故。错误。

故选Co

减速运动时加速度向上为超重，减速过程火星车对平台的压力与平台对火星车的支持力

是一对相互作用力，根据万有引力近似等于重力解得：根据万有引力提供向心力解得第

一宇宙速度。

本题考查万有引力的应用，解题关键掌握第一宇宙速度的含义，注意超重与失重的判断

方法。

6.【答案】BD

【解析】解：对a物体分析可知，a物体受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑动的趋

势，因此a受到b向上的摩擦力：/i=magsind；

再对ab整体分析可知，ab整体受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑动的趋势，因

此b受到P向上的摩擦力：f2=（ma+magsindi

所以〃iHO,42H。；

对ab及P组成的整体分析，由于整体在水平方向不受外力，因此P不受地面的摩擦力，

/3=0,故〃3=0或〃3力0，故4c错误、BO正确。

故选：BD。

分别对a、ab以及abP整体进行分析，根据平衡条件可明确各研究对象是否受到摩擦力

作用，从而分析动摩擦因数是否为零。

本题考查静摩擦力的分析和判断，要注意明确静摩擦力随物体受到的外力的变化而变化;

同时明确静摩擦力产生的条件，从而分析是否存在摩擦力；摩擦力不为零则动摩擦因数

一定不为零，静摩擦力为零、动摩擦因数可能不为零。

7.【答案】AC

【解析】解：力、由题意可知，微粒重力需要考虑，微粒速度大小不变，则电场力与重

力做功代数和为零，重力做负功，所以电场力对微粒做正功，故4正确；

8、微粒最高点如果在6等势面上，则电场力不做功，故8错误；

C、微粒在竖直方向只受重力而做匀减速直线运动，则有：

vsind=gt,

在水平方向只受到水平向左的电场力而做匀减速直线运动，达到最高点时其速度方向水

平向左，则有：

—V=vcosd—at

Eq=ma

联立解得：Eq=3mg,所以微粒受到的电场力与它的重力的比值为3：1,故C正确；

。、由于微粒动能的改变量为零，所以电场力与重力做功的代数和为零，则电场力对微

粒做功与微粒的重力势能增量的比值为1：1,故力错误。

故选：AC,

粒子运动到其轨迹的最高点时，速度大小与。点速度大小相等，可知合外力做功代数和

为零，微粒重力不可忽略，竖直方向做匀减速直线运动，水平方向做匀加速直线运动。

本题考查曲线运动分解成简单直线运动，同时考查了动能定理、功能关系以及牛顿第二

定律。

8.【答案】BC

【解析】解：4、电键闭合后，导体杆受向右的安培力而做加速运动，随速度的增加，

金属杆切割磁感线产生的感应电动势逐渐变大，因为此电动势与原电源电动势反向，可

知电路中电流减小，金属棒受安培力减小，则金属杆离开导轨前做加速度减小的变加速

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直线运动，故A错误；

8、金属棒离开导轨后，做平抛运动。其水平速度(即垂直切割磁感线的速度)不变，那

么金属棒的感应电动势E'=口心以不变，故B正确；

2

C、金属杆从导轨右端水平飞出后做平抛运动，h=\9t,d=vot,解得：%=d聆，

金属杆沿导轨运动过程，由动量定理：BlLAt=mv＞又：q=%t，电源消耗的电能为：

E『qE,解得：后电=嗤聆，故C正确；

。.金属棒落地的速度为〃对平抛运动过程由动能定理得:mgh=一：7n诏，解得：

v=.八+若,从闭合开关到金属杆刚要落地，对金属杆由动量定理：/总=mv-O,

解得：*=mj2gh+唉,故。错误。

故选：BC。

根据匀变速直线运动的加速度恒定的特点判断加速度是否变化；

根据动生电动势公式判断腾空时导体的电动势；

由电源消耗的电能为小也=qE求电源消耗的电能：

根据动量定理求合外力总的冲量。

本题考查了电磁感应现象与电路及力学的综合运应用，此题的难点是金属杆在轨道上的

运动是变加速运动，可以用动量定理列方程求解问题。

9.【答案】1.445gh=J换用体积更小，密度更大的小球进行实验

【解析】解：(1)图乙所示游标卡尺分度值为0.05/mn,根据游标卡尺读数规则读数为

14mm4-9x0.05mm=14.45mm=1.445cm；

(2)小球由静止释放到第一次运动到最低点的过程中，由功能关系

AEP=mgh

小球在最低点时，经过光电门时间较短，所以速度u则动能以=:机卢=黑

验证该过程小球机械能守恒的表达式为mgh=黑，化简可得：9h=饴；

(3)换用体积更小，密度更大的小球进行实验；

故答案为：(1)1.445；(2)g/i=W；(3)换用体积更小，密度更大的小球进行实验.

(1)根据游标卡尺读数规则读数；

(2)根据重力做功与重力势能变化的关系求解重力势能的减少量；再根据速度求出动能

的变化。

(3)系统误差的主要原因是空气阻力做负功，导致机械能有损失。

本题主要是考查“验证小球在竖直平面内摆动过程的机械能是否守恒”实验，关键是弄

清楚实验原理、实验数据处理和误差的分析方法，注意计算动能的变化时不能采用动能

定理进行解答。

10.【答案】％2520偏大滑动变阻器尽量小

【解析】解：(1)由图示电路图可知，滑动变阻器

采用分压接法，为方便实验操作，滑动变阻器应选

择R”

(2)根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图

所示：

(3)实验过程认为调节电阻箱时滑动变阻器上的分

压不变,

电压表示数为2.00V时电阻箱两端电压为：U=2.50-2.00=0.50K,

电压表和电阻箱串联，其电压之比等于电阻之比，即e=生=黑=4

KURu.nu

所以电压表内阻即=4/?=4x630.0。=25200；

电阻箱接入电路后电路总电阻变大，电路总电流变小，分压电路分压变大，其值大于2.5入

当电压表示数为2V时，电阻箱两端电压大于0.50W电压表两端电压小于电阻箱两端电

压的4倍，电压表内阻小于电阻箱阻值的4倍，计算时认为电压表内阻为电阻箱阻值的4倍,

因此电压表内阻测量值相比于真实值偏大，所以实验时就要要求滑动变阻器的阻值尽可

能小；

故答案为：⑴(2)实物电路图如图所示；(3)2520,偏大，滑动变阻器尽量小；

(1)为方便实验操作应选择最大阻值较小的滑动变阻器；

(2)根据电路图连接实物电路图；

(3)根据题意应用串联电路特点与欧姆定律求出电压表内阻值，根据串并联电路特点与

欧姆定律分析实验误差，然后分析答题.

本题考查了实验器材的选择、连接实物电路图、求电压表内阻；要掌握实验器材的选择

原则：安全性原则、精确性原则、方便实验操作原则，在保证安全的前提下，为方便实

验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器。

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11.【答案】解：(1)冰壶的受力情况如图

所示，根据牛顿第二定律得：

水平方向有：Fcos370-f=ma

0

竖直方向有：FN-mg-FsinS?-0

又由滑动摩擦力公式有f=再

联立解得：a=0.588m/s2

(2)设冰壶的初速度为火,对未擦刷冰面与

擦刷冰面后自由滑行的过程，分别根据动能定理得

n12

2n12

--Hmgx2=0--mv5

联立解得所求自由滑行的距离之比为?=|

答：⑴此时冰壶的加速度大小为0.588m/s2；

(2)冰壶推出后，未擦刷冰面与擦刷冰面后自由滑行的距离之比为2：3。

【解析】(1)分析冰壶受力情况，利用牛顿第二定律求解冰壶的加速度大小；

(2)研究冰壶推出后滑行过程，对未擦刷冰面与擦刷冰面后两种情况，分别利用动能定

理列式，即可求出冰壶推出后，未擦刷冰面与擦刷冰面后自由滑行的距离之比。

本题的关键要正确分析冰壶的受力情况，能利用牛顿第二定律求冰壶的加速度。运用动

能定理求冰壶滑行的距离。

12.【答案】解：(1)带电荷量为+q的微粒p静止于4点，根据受力平衡可得

qE=mg

解得：后=詈

(2)设垂直向里的方向为正方向，微粒P和小球Q碰撞过程满足动量守恒，则有

m-2v0=2mv

碰撞后微粒在水平方向受洛伦兹力，在竖直方向所受重力27ng大于电场力qE,在竖直

方向上做初速度为零的匀变速直线运动

且竖直速度的增大不影响洛伦兹力，在水平方向上，根据洛伦兹力提供向心力，可得

qvB=2m—

解得」=翳=鬻

(3)粘合后的整体在竖直方向做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得

2mg—qE=2ma

整体的落地点在4点正下方的C点，因此整体在水平方向刚好转动n圈，在水平方向转动

一圈的时间为

7=现

V

粒子落地时间满足t=nT(n=1,2,3...)

AC的距离为/i=1at2

联立解得：h=如穿(兀=1,2,3...)

答：(1)电场强度E为詈；

(2)微粒与小球粘合后向右运动的最大距离为鬻；

(3)4C的距离％应满足的条件为写磬(n=1,2,3...)«

【解析】(1)带电微粒p静止于4点，根据受力平衡电即可求得电场强度E;

(2)由动量守恒定律求出微粒的速度，碰撞后微粒在水平方向受洛伦兹力，根据洛伦兹

力提供向心力，可得微粒半径；

(3)粘合后的整体在竖直方向做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律求出加速度，结合

运动学公式即可求解。

本题考查了带点微粒在磁场中的平衡及碰撞后在复合场中的运动问题，难度不大。

13.【答案】BDE

【解析】解：AB,ab过程中，气体体积不变，温度升高，所以容器壁单位面积单位时

间内受到气体分子撞击的次数增大，气体内能增大，且W=0,由热力学第一定律可知

气体内能的增量等于气体从外界吸收的热量，故A错误，3正确；

C、be过程中，温度不变，气体内能不变，体积增大，气体对外界做的功等于气体从外

界吸收的热量，故C错误；

。、ca过程中，压强不变，温度降低，体积减小，分子平均动能减小，容器壁单位面积

单位时间内受到气体分子撞击的次数增多，故。正确；

E、由图可得，%=2%，ca过程中，压强不变，体积减小，外界对气体做功〃=p。％,

故E正确；

故选：BDE.

一定量的理想气体内能由温度决定，温度升高内能增大，温度降低内能减小；

气体体积变大，气体对外做功，气体体积减小，外界对气体做功；

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根据图示图象分析清楚气体状态变化过程，应用一定质量的理想气体状态方程与热力学

第一定律分析答题。

本题考查了一定质量的理想气体状态方程与热力学第一定律的应用，根据图示图象分析

清楚气体状态变化过程是解题的前提，应用一定质量的理想气体状态方程与热力学第一

定律即可解题：应用热力学第一定律解题时注意各物理量正负号的含义。

14.【答案】解：⑴初始时，左管内气体的压强为：

Pi=p-4p=76cmHg—6cmHg=70cmHg

当左右两管内水银面相平时，气体压强为：

p2=76cmHg

由于右管横截面是左管的两倍，所以左管水银面将下降4cm,右管水银面将上升2cm,

管内气柱长度为：

l2—80cm

根据华=华

12

代入数据解得：T2=342.9K

（M）设气柱恢复原长时的压强为P3，根据P2彩