2021年全国高考物理考前冲刺押题卷(九)

28925628925601231aabab2710562021年全国高考物理考前冲刺押题卷（九）（考试时间90分试满分：110分注意事项：1．本试卷分Ⅰ择题）和Ⅰ非选择题）两部分。答卷前考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答第Ⅰ，出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。3．回答第Ⅰ，答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。4．考试结束后，将本试卷和答卡一并交回。第Ⅰ（择）一选择题本题共8小题每题6分在小题给出的四个选项中第1~5题只有一项符合题目要求，第题多项符合题目要求。全部选对的得，选对但不全的得3分，选错或不答的得分。、下列说法正确的()A卢瑟福通过实验发现质子的核反应方程4＋14B铀核裂变的核反应方程235U→Ba＋1

N=

＋HC．质子、中子粒的质量分别为m，个质子和两个中子聚合成一个α粒，释放的能量是＋－m2D．原子在a个能级的能量分别为，＞，原子从级跃迁到b能级时，发射光hc子的波长＝其中c为空中的光速为朗克常量)E－E【答案】D【解析】卢瑟福通过实验发现质子的核反应方程He14→17O

H选项A错；铀核裂变的核反应方程为23592

U＋n→Ba＋＋1方式两边的中子不约去项B错两质子和两个中子聚合成一

abx2aabx2a2c个α粒，根据爱因斯坦质能方程得Δ＝(2m＋2m－)c，选项错；据－E＝，得辐射的1aλhc光子的波长为＝，项D正．E－E、如图所示，水平面上的O点并放着AB两个物体，在的侧距距为处有一竖直挡板AB之间有少量的炸药爆炸后以的度向右做匀减速运动到静止。A以m/s的率向2左运动运动到挡板后与挡板发时间极短的碰撞撞后以碰撞前的速率返回知AB在动过程中加速度大小均为m/s（）

，方向与物体的运动方向始终相反，AB两物体均视为质点。则下列说法正确的是A．满

条，物体刚好能运动到挡板处B当满足C当满足

条件，物体A刚好能回到O点条，物体A能上B物D．满

条，物体A能上B物【答案】C【命题意图】本题考查了匀变速直线运动规律，意在考查考生的推理能力、利用数学处理物理题的能力和分析综合能力。【解题思路】A物刚能运动到挡板处时速度为0，根据

21

，得00

v12

m，项错误；设A物运动到挡板时的速度大小为v则有

21

0

，返回过程中有

2

0

，解得x0

v14a

4

m项B错误体A能通过的总路程为

2体B能动的距离为2a2

2m，上时B物体已经静止x，得x30正确、错。

m，以当x时A物体能追上B物，选项C

rr、我国航天嫦娥五”探测器射升空，为计划于2017年左右发射的嫦娥五探路，并以跳跃式返回技术”功返回地面“跳跃式返回技术指天器在关闭动机后进入大气层，依靠大气升力再次冲出大气层，降低速度后再进入大气层。如图所示，虚线为大气层的边界。已知地球半径，心到d点距离，地球表面重力加速度为g。列说法正确的()A嫦五”处于完全失重状态B嫦五在d的加速度小于C．嫦五在a速率大于在c点速D．嫦五”点速率大于在点速率【答案】C【解析】嫦五号沿abc轨做线运动，曲线运动的合力指向曲线弯曲的内侧，所以在点力上，MmGr2即加速度向上因此嫦五号在b处于超重状态A错在d点嫦娥五号的加速度a＝GMgR

m

＝2

，又＝2

，所以＝

r2

，故B错“娥五从到c，万有引力不做功，由于阻力做功，则a点率大于c点率，故C正确。从到e点没有空气阻力，机械能守恒，则点速率和点率相等，故D错误。、如图所示，倾角为θ的斜面体固定在水平面上，两个可视为质点的小球甲和乙分别水平方向抛出，两球的初速度大小相等，已知甲的抛出点为斜面体的顶点，经过一段时间两球落在斜面上A两后再反弹，落在斜面上的瞬间，小球乙的速度与斜面垂直。忽略空气的阻力，重力加速度。下列选项正确的是()A甲、乙两球在空中运动的时间之比为tan2∶B甲、乙两球下落的高度之比为2tanC．、乙两球的水平位移之比为∶1D．、两球落在斜面上瞬间的速度与水平面夹角的正切值之比为2∶【答案】D

0xt2v000v000220xt2v000v00022gt2y2gtvtan【解析】由小球甲的运动可知tan＝＝＝，解得t，到斜面上的速度与水平方夹角00vv的正切值为tanα＝＝，tan＝，由小球乙的运动可知，tan＝＝，得t＝，落′′tanθv1到斜面上的速度与水平方向夹角的正切值为tanα＝＝甲两在空中运动的时之比为ttvθ＝2tanθ1，A错；由＝gt2可知甲、乙球下落的高度之比为4tan4θ∶1，错；由＝vt可甲、乙两球的水平位移之比为2tan2∶1，C错；甲、乙两球落在斜面上瞬间的速度与水平面夹角的正切之比为∶1D正。、如图所示为某一质谱仪的工作原理示意图，此质谱仪由以下几部分构成：离子源加速电场、静电分析器、磁分析器、收集器。静电分析器通道中心线半径R，通道有均匀辐射电场，在中心线上的电场强度大小为E磁分析器中分布着方向垂直于纸面，磁感应强度大小的匀强磁场图未画出)，其左边界与静电分析器的右边界平行。由离子源发出一个质量为、电荷量为的正离子初速度为零，重力不，经加速电场加速后进入静电分析器，沿中心线MN做匀速圆周运动，而后由P点入磁分析器中，最终经过Q点入集器。下列说法中正确的()A磁分析器中匀强磁场方向垂直于纸面向里B加速电场中的加速电压UC．分析器中圆心到点距离d

D．何子若能到达点则一定能进入收集器【答案】B【解析】离子在磁分析器中沿顺时针运动，所受洛伦兹力指向圆心，据左手定则知，磁分析器中匀强磁场的方向垂直于纸面向外A项误；离子在静电分析器中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有E＝v21m，离子进入静电分析器时的速度为，则离子在加速电场中加速的过程中由动能定理有qU＝ER2－0，解得＝B项确；离子在磁分析器做匀速圆周运动，由牛顿第二定律有＝m，解得r＝r

ab1ab21LL21abLabab112ab1ab21LL21abLabab112B

，则＝r＝

U，项误；由B项析知R＝，R与子质量、电荷量无关，离子在磁场中的轨道半径r

B

，则离子在磁场中做圆周运动的轨道半径r与子的质量、电荷量有关，故能够到达P点不同离子在分析器中做周运动的半径不一定都等于d不一定能进入收集器D项错误。、图甲所示的变压器原、副线圈匝数比为Ⅰ1图乙是闭时该变压器、输入端交变电压的图象，L为四只规格均为126W的同灯泡电表为理想交流电表说法正确的是)1234Aa输入端电压的瞬时值表达式为U＝36sin100t(V)B电流表的示数为AL能正常发光C．、b输端入功率P＝24WD．开K，L中的电流不变【答案】BC【解析】由入端交变电压的象，可知其最大值为2V有效值为U＝36V，副线圈电压为：U＝UV所以副线圈三只灯泡均能正常发光．灯泡的额定电流＝＝A＝0.5A，电流表的示210U12数为I＝A1.5A原线圈电流为I＝I0.5A，所以原线圈的灯泡L也正常发光，a输入端21电压为U＝U＋3＝V＋36V入端电压的瞬时值表达式为U＝482100t(V)，A错正确；四只灯泡都正常发光，所以b输入端输入功率P＝4×6＝24，C正确若将K断开，则副线圈上的输出电流将减小，所以原线圈的输入电流也减小，则流过灯泡L的电流减小，L上消耗的电压减小以线圈上的电压将增大线圈的电压也增大可L中电流将变大错．、如图所示，足够大的绝缘水平面上有一质量为、荷量为的小物块（视为质点A以初速度

水平向右运动，物块与水平面间的动摩擦因数为。距离点L处有一宽度为L匀强电场区，电场强度方向水平向右，已知重力加速度为，场强大小为

E

2q

，则下列说法正确的是（）

0mm0mmA．当取初速度，小物块有可能静止在电场区0B适当选择初速度

v

0

，小物块可能回到A点C要使小物块穿过电场区域，初速度v的大小应大于20D．小块能穿过电场区域，小物块在穿过电场区的过程中，机械能减3【答案】CD

mgL【解析】由已知条件

E

2q

，解得

＞

，电场力大于摩擦力，小物块不能静止在电场区域，一定返回，由于有摩擦力，必然损失机械能，物块不可能回到出发点AB错；由动能定理

mgqELmv2解得

v2

，要使小物块穿过电场区域，初速度v的大小应大于20

，正确；小物块在穿过电场区的过程中，机械能减少为

，

E

2q

，解得

，正。故选CD。、如图甲所示，两固定平行且光滑金属轨道MNPQ与平的夹角θ，MP之接阻箱，电阻箱的阻值范围为～Ω，导轨所在空间存在强磁场，磁场方向垂直于轨道平面向上，磁感应强度为B＝。质量为m的金属杆ab水平放置在轨道上，其接入电路的电阻为r。现从静止释放杆ab，测最大速度为改电阻箱的阻值R得v与R的关系如图乙所示已知轨道间距为＝重力加速度g＝m/s，轨道足够长且电阻不(sin＝，37°＝，则)

mmBLBLmBLBL00pmmBLBLmBLBL00p甲

乙A金属杆滑动时产生的感应电流方向是→PMbB金属杆的质量＝0.5kgC．属杆接入电路的电阻r2D．R＝Ω时杆ab匀下滑过程中两的电压为8V【答案】AC【解析】金属杆滑动时，穿过闭合回路的磁通量增加，根据楞次定律知感应电流方向是→P→Mb→，选项A正；杆运动的最大速度为v时杆切割磁感线产生的感应电动势为＝，闭合电路的欧姆Emgθmgsinθ定律有I，达到最大速度时受力平衡，满足mgsinθ－＝0联立解得v＝R＋r＋r－mgsinθmgsinθ由图乙可知斜率为k＝m/(s·＝2m/(s·，截距为＝m/s即有＝＝m/(s·，r＝，解得m＝kgr＝选项B错，C正确；当＝时金属杆匀速下滑，有sin－BIL＝0，代入数据解得I＝A所以两的电压为U＝I＝V＝4V，选项错。第卷非择）二非选择题本卷包括必考题选考题两部分9~12题为必考题每个题考生都必须作答题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共分）9分某兴趣小组的同学看一本物理书上在弹性限度内，劲度系数为的簧，形变量为x时性势能为=

12

kx2

，为了验证该结论就尝试研加速度与合外力、质量关的实验装置（如图甲）设计了以下步骤进行实验：A．平面上放一长木板，其左端固定一弹簧，通过细绳与小车左端相连，小车的右端连接打点计时器的纸带；B将弹簧拉伸后插销锁定，测出其伸长量x；C打开打点计时器的电源开关后，拔掉插销解除锁定，小车在弹簧作用下运动到左端；D．择带上某处的点测出其速度；

ppE．不同的重以上步骤多次，记录据并利用功能关系分析结论。实验中已知小车的质量为，簧的劲度系数为k，则：(1)长木右端垫一小物块，其作用_________；(2)如图中纸带上S=3.50cm，=5.42cm=1.14cmT=0.02s，此可以算出小车匀速直线运动时候的速123度大小为（果保留位小数(3)若E=p

12

kx2

成立，则实验中测量出物理量m、、关式是。【答案】平衡摩擦力（分

0.68（分

mk

v（）【解析】木板右端垫一小物块，其作用是利用重力在斜面上的分力来平衡摩擦，使弹簧做的功全部转化为小车的动能。(2)由图知，第二段物体做匀速直线运动，则速度为

v

s0.68m/s(3)根据量守恒有

Ek

12

2

Ep

m，又=kx2解得v。（）如图甲所示为某一电路中的一部分，由于其中的一个电阻发生了断路，导致整个电路不能正常工作小和小亮两位同学利用用电表进行了以下实验操作根他们的测量情况答应问题。

222ggg11222ggg11甲

乙

丙(1)小明首先在PQ接上一直流电源P接电源正极，多用电表的选择开关置直流电压挡，红表笔接P表接Q定电表指针在表盘上的位置如图乙所示PQ之的电压是。(2)小明又将红表笔接P，表笔接M若多用电表示数与、Q之的电压完全相同，则可以确定必定是发生了断路。(3)小亮同学在该部分电路不接电源的情况下，将多用电表选择开关置欧姆挡倍”挡位，调零后红表笔接，黑表笔接M电表指在表盘上的位置如图丙所示，由于多用电表最上面的刻度线被磨损得很严重，无法直接读取数据，他进一步观察发现，此时指针偏转的角度恰好位于表盘～Ω之的正中位置，其中15Ω的位置是多用电表指针半时所指的位置，则此时多用电表所测的阻值________，亮据此确定电阻没断路，你认为他的判断_填正确或错”的【答案】（）(2)R（2分(3)50（分）错（2分【解析(1)据多用电表电压挡读数规则之的电压为V(2)红表笔接，黑表笔接M若多用电表示数与、Q之间的电压相同，说多用电表测量的是电源电压，可以确定是R发了断路(3)在该部分电路不接电源的情况下，将多用电表选择开关置于欧姆挡倍“×10的挡位，指针偏转，据多用EE电表欧姆挡测量原理，由闭合电路欧姆定律有I＝，I＝，I＝，＝，立解＋R4＋R得R50。、M之的电阻值可能为R和串后的电阻值，小亮确定R

2

没有断路是错误的。（13分如所示平金属导轨MN和行金属导轨PQRR′固定在高度差为(数值未)的两水平台面上。导轨、N左接有电源MN与MN的距为L＝0.10，框空间存在直向上的匀强磁场、磁感应强度B＝0.20；平行导轨PQR与PQR的距为L＝，中PQ与PQ是心角为、径为r＝0.50m的弧形导轨QR与QR是平长直导轨QQ右有方向竖直向上的匀强磁

211122221221213a211122221221213aaba00110110场，磁感应强度＝。导体棒a质＝kg，在电路中的电阻R＝，置在导轨、右N边处；导体棒质＝，接在电路中的电阻＝，置在水平导轨某处。22合开关K后导体棒从NN水平抛出，恰能无碰撞地从PP处速度＝m/s滑平行导轨，且始终没有与棒相。重力加速度g＝2，计一切摩擦及空气阻力。求：(1)导体棒最大加速度；(2)导体棒在QQ右侧磁场中产生的焦耳热；(3)闭合开关K，通过电源的电荷量q【答案】

(2)0.02(3)1C【解析】

(1)设a棒滑到水平导轨上时的速度大小为，则从到QQ，由动能定理得m(r－r60°)2v1122

（分解得v＝（1分）因为a棒进磁场时，、b棒的电流最大b受力最大，加速度最大，所以E＝Lv＝0.12（1）EI＝＝A（1分＋由牛顿第二定律有IL＝ma（分则导体棒的大加速度＝m/s2

（）(2)两个导体棒在运动过程中，动量守恒且能量守恒，当两棒的速度相时回路中的电流为零，此后两棒做匀速运动，两棒不再产生焦耳热。所以由动量守恒定律有mv＝＋（）设a棒在此过程中产生的焦耳热为Q，b棒产生的焦耳热为Q

b1由能量守恒定律有mv＝(＋m)2Q＋Q（分）1123bQ由于、b棒联在一起，所以有＝（分QQ＝（）(3)设闭合开关后a以速度v水抛出，则有＝cos60°＝m/s）对a棒冲出过程由动量定理∑ILΔ＝v即BLqmv（1分解得＝1C（1分

ABf4ffDDAABBBBBBABf4ffDDAABBBBBB．（19分如图所示，上表面光滑的水平平台左端与竖直面内半径为的滑半圆轨道相切，整固定在水平地面上。平台上放置两个滑块A、B，其质量m＝mm＝m两滑块间夹有被压缩的轻质弹簧，弹簧与滑块不拴接。平台右侧有一小车，静止在光滑的水平地面上，小车质量Mm车长L＝2，小车的上表面与平台的台面等高，滑块与小车上表面间的动摩擦因数μ＝。解除弹簧约束，滑块B在台上与弹簧分离，在同一水平直线上运动。滑块A经C点好能够通过半圆轨道的最高点D，块B上小车。两个滑块均可视为质点，重力加速度为g。求：(1)滑块A在圆轨道最低点C处时的速度大小；(2)滑块B冲小车后与小车发生相对运过程中小车的位移大小；(3)若右侧地面上有一高度略低于小车上表面的立(图中未画出，立桩与小车右端的距离为x，当小车右端运动到立桩处立即被牢固粘连。请讨论滑块B在车上运动的过程中，克服摩擦力做的功W与的关系。311mgR3【答案】(1)5(2)①当xR，＝②x＜时0.4(2＋xv【解析】(1)滑块在半圆轨道运动，设到达最高点的速度为，有＝，（1分DR解得：v＝

gR；（）1滑块在半圆轨道运动的过程中，机械能守，所以有＋＝D2A

，（1分解得v＝

gR（1分(2)A、B在簧恢复原长的过程中动量守恒，则有m＋(－m)＝0，（1分解得：v＝

，（1分假设滑块B可在小车上与小车共速，由动量守恒得mv＝＋Mv，（1分）解得：v＝＝（分B5滑块B滑上小车后加速度大小为a＝，则滑块从上小车到与车共速时的位移为：x＝

v2－v21R＝（1分）－28v23小车的加速度＝g此过程中小车的位移为：＝＝R（1分）2滑块相对小车的位移为Δ＝－x＝＜R滑块B未下小车，假设合理；滑块冲上小车R后与小车发生相对运动过程中小车的位移＝。（1分4

f1Bf210ff1f2f0f1Bf210ff1f2f0(3)分析如下：21①当x时，滑块B从滑上小车到共速时克服摩擦力做功为＝2μmgx＝；车与立桩相碰，vR静止后，滑块做匀减速运动直到停下的位移为：x＝＝＞L－，滑块会离小车。（分）μg2小车与立桩相碰静止后，滑块B继续运动脱离小车过程中，滑块B克摩擦力做功为W＝(L－x)mgR（1分）11所以，当x时，滑块B克摩擦力做功为＝W＋＝。）1②当x＜时，小车可能获得的最大动能小于E＝×3mv2（）k10滑块与车发生相对位移2R的程中产生的内能为E＝×2mg×2＝（1分5两者之和：＝＋E＝mgR，1）滑块B冲小车时具有的初动能E＝2＝mgR（k10k分）所以滑块B一能滑离小车滑块克服摩擦力做功为＝mgL)＝0.4mg(2R＋x1分）（二）选考题：共分。请考生从2道物理题任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。．[物理选3]）（1）5分下列五幅图分别对应五种说法，其中正确的___________。（填正确答案标号，选对1给，选对2个分，选对3个得，每选错1个，最低得分分）A分子并不是球形，但可以当做球形处理，这是一种估算方法B微粒的运动就是物质分子的无规则热运动，即布朗运动C．两个相邻的分子间距离为r时它们间相互作用的引力和斥力大小相等D．验要尽可能保证每颗玻璃球与电子秤碰撞时的速率相等

01101021212201101021212221111E．℃和100℃气分子速率都呈现中间多、两头”的分布特点【答案】ACE.【解析A图油膜法估测分子的大小图中分子并不是球形但可以当做球形处理这一种估算方法，选项A正B图显示的是布朗运动，是悬浮微粒的无规则运动，不是物质分子的无规热运动，故选项B误C图，当两个相邻的分子间距离为r时，分力为零，此时它们间相互作用的引力和斥力大小相等，故选项C确D图中，分子的速率不是完全相等的，以也不要求每颗玻璃球与电子秤碰撞时的速率相等，故选项D错；E图是麦克斯韦速率分布规律的图解0℃℃氧气分子速率都呈中间多、两头少的布特点，故项正确．（分如图所示，在粗均匀的U形右侧，用水银封闭一长为L＝cm、温度为＝K的气体，稳定时，左右两管水银面高度差为h＝6cm.知大气压强为p＝cmHg.①给右管密闭气体缓慢加热，当右管内气体温度为多少时，两管水银面等高．②若不给右管密闭气体加热而向左管缓慢补充水银可使两管水银面等高需充水银柱的长度．【答案】(1)①5×10

②偏小(2)①352K②cm【解析】①测得油膜面积＝260

＝2

m2

，每一滴油酸酒精溶液含有纯油酸的体积为＝1