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文档简介
一、内容小结1、基本概念:(1)角量:(2)转动惯量:(3)力矩:(4)角动量:(5)转动动能:3.力矩的累积效应(1)空间累积:力矩的功动能定理2.转动定律:
与具有:同轴性、同时性、同方向性。4.角动量守恒定律当时,有(2)时间累积角动量定理:5、普遍的机械能守恒定律同样可应用于刚体系统。习题1、如图已知:两圆盘状滑轮的质量和半径分别为:M1
、R和M2、r绳上悬挂质量为m的重物,两轮的顶点在同一水平面上。求:当重物由静止开始下降时,(1)物体的加速度;(2)绳中张力。M2,rM1,Rm
二、典型习题联立解得:解:由牛顿第二定律与转动定律M2,rM1,Rm
T2
T1
mg习题2、如图所示,已知:飞轮杆轴的半径为r,转动惯量为J0,挂一质量为m的重物,摩擦力矩为G。如果飞轮转过θ1角后,绳与杆轴脱离,再转过θ2角后,飞轮停止转动,求:飞轮受到的阻力矩G的大小。(设飞轮开始时静止)GrmGrmTmg解:设绳脱落之前飞轮的角加速度为,绳脱落时飞轮的角速度为,绳脱落之后飞轮的角加速度为。绳脱落之前有:联立解得:绳脱后:另解:绳脱落之前有:绳脱落之后有:联立可解。习题3、长为L的匀质细棒,一端悬于O点,自由下垂,紧接O点悬一单摆,轻质摆绳的长为L,摆球的质量为m,单摆从水平位置由静止开始自由下摆,与细杆作完全弹性碰撞,碰后单摆停止。求:(1)细杆的质量M;(2)细杆摆动的最大角度θ。OLmL解:分三个过程讨论:(i)摆的下摆:设摆至竖直位置时速度为v,有:(ii)摆与杆的碰撞:设碰后杆的角速度速度为ω,则由角动量守恒和机械能守恒得:OLmL联立解得:(ii)杆的上摆:由机械能守恒得:习题4已知:棒长2l,质量m,以v0平动时,与固定支点O发生完全非弹性碰撞。碰撞点为l/2处,如图所示。求棒在碰撞后的瞬时绕O点转动的角速度ω。v0v0Ol/2l/2l解:建立如图坐标系。碰撞前棒相对于O点的角动量为:其中:v0v0OxdxO’x由角动量守恒得:碰后棒相对于O点的角动量为:习题5、空心圆环可绕AC竖直轴自由转动,如图所示。其转动惯量为J0,环的半径为R,初始角速度为ω0。质量为m的小球,原来静止放在A点,由于微小的干扰,小球向下滑动,设圆环的内壁光滑。求:小球滑到B点时环的角速度及小球相对环的速率。ACBO对圆环小球和地球组成的系统机械能守恒:解:转动过程中,在AC轴方向上无外力矩作用,角动量守恒,即:联立解得:习题6质量很小长度为l
的均匀细杆,可绕过其中心O并与纸面垂直的轴在竖直平面内转动.当细杆静止于水平位置时,有一只小虫以速率
垂直落在距点O为
l/4
处,并背离点O
向细杆的端点A
爬行.设小虫与细杆的质量均为m.问:欲使细杆以恒定的角速度转动,小虫应以多大速率向细杆端点爬行?
解小虫与细杆的碰撞视为完全非弹性碰撞,碰撞前后系统角动量守恒由角动量定理即考虑到习题7.一杂技演员M
由距水平跷板高为h
处自由下落到跷板的一端A,并把跷板另一端的演员N
弹了起来.设跷板是匀质的,长度为l,质量为
,跷板可绕中部支撑点C
在竖直平面内转动,演员的质量均为m.假定演员M落在跷板上,与跷板的碰撞是完全非弹性碰撞.问演员N可弹起多高?ll/2CABMNh
解碰撞前M
落在A点的速度
碰撞后的瞬间,
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