2023届山东省聊城茌平县联考中考物理猜题卷含解析

2023年中考物理模似试卷考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．如图所示的充电鞋垫，利用脚跟起落驱动磁性转子旋转，线圈中就会产生电流，从而给鞋面上的充电电池充电，这种充电鞋垫的工作原理是A．电磁感应现象 B．电流的磁效应C．磁极间的相互作用 D．磁场对电流的作用2．如图所示，水平桌面上有两个完全相同的溢水杯甲和乙、杯中装满了水，将两个体积相同、材料不同的实心小球A和B分别放入溢水杯中。则下列说法错误的是A．小球A的质量小于小球B的质量B．小球A受到的浮力等于小球B受到的浮力C．甲杯对桌面的压强等于乙杯对桌面的压强D．水对甲杯底的压强等于水对乙杯底的压强3．如图所示是一种自动测定油箱内油量多少的装置，R1是滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表（由电流表改装而成）指针所指的刻度，就能知道油箱内油量的多少．则（）A．油量增加，R1的电阻值增大，油量表指针偏转变小B．油量增加，R1的电阻值减小，油量表指针偏转变大C．油量减少，R1的电阻值增大，油量表指针偏转变大D．油量减少，R1的电阻值减小，油量表指针偏转变小4．小豪在参观科技馆时体验了一次骑“空中自行车”，自行车的下方悬挂着质量较大的配重，自行车在钢丝上前进，骑行的人不会掉下来．图所示的实例中，与自行车在钢丝上前进而不倾倒的原理相同的是A．公道杯B．不倒翁C．刷子小车D．自制的甩干机5．以下不属于电能的优点是A．便于转化 B．便于输送 C．便于分配 D．便于开采6．下列说法中正确的是（）A．抛出手的铅球在空中向前运动的过程中，推力对铅球做了功B．提着水桶在路面上水平向前移动一段路程，手竖直向上的拉力对水桶做了功C．用手从地面竖直提起水桶，手竖直向上的拉力对水桶做了功D．用力推一辆汽车，汽车静止不动，推力在这个过程中对汽车做了功7．下列餐具中，通常情况下属于导体的是（）A．竹筷 B．陶瓷碗 C．玻璃杯 D．钢匙二、填空题（本大题7小题，共21分）8．如图为某同学自制的一个电路故障检测仪的电路图，若1和2之间接一电阻，则电流表有示数，电压表（选填“有”或“无”）示数；若1和2之间接一导线，则电流表有示数，电压表（选填“有”或“无”）示数；若1和2之间为断路，则电流表无示数，电压表（选填“有”或“无”）示数．9．在如图所示的斜面上，一工人用200N的拉力，将一重为240N的物体，从底端匀速拉到顶端，用时6s，则此过程的物体受到的拉力______________斜面对物体的摩擦力（选填“大于”、“等于”、“小于”），拉力做功的功率为_______W，物体所受到的摩擦力大小为___________N．10．P、Q是同一直线上相距10米的两点，甲、乙两物体沿直线分别从P、Q点同时出发，已知甲的速度为1米/秒，则甲的s-t图线为如图中的_____图线（选填“A”或“B”），10秒钟甲通过的路程为_____米；若8秒时甲乙相遇，则乙的s-t图线在如图中的_____（选填“Ⅰ”、“Ⅱ”或“Ⅲ”）区域．11．搓手是通过_____方式改变内能的；运动员打乒乓球，球弹出，这主要是表明力可以改变物体的_____；山顶的气压比山脚的气压_____（填高或低）．12．身高1.75m的小明站在竖直放置的平面镜前1.5m处，他在镜中的像距他________m.如果他向镜面移近0.5m，他的像高________（选填“大于”、“等于”或“小于”）1.75m．13．如图所示是太阳能飞机“阳光动力2号”。太阳能是一种_____（选填“可”或“不可”）再生能源。飞机飞行时，机翼上方的空气流速_____下方的空气流速，机翼上方的空气压强小于下方的空气压强，这样机翼的上下方形成压强差获得升力。飞机加速上升过程中，重力势能_____（选填“变大”、“变小”或“不变”，下同），动能_____。14．白居易有诗写到“忽闻水上琵琶声，主人忘归客不发”人们是通声音的_____识别出“琵琶声”的：“琵琶声”是靠弦的_____产生的。三、作图题（共7分）15．在如图所示的光路图中，分别填入合适的透镜；16．如图用螺丝刀撬图钉，请画出在A点处所用最小力F1的示意图，并画出阻力F2的力臂．17．居民楼的楼道里安装有声光控开关，天亮时光控开关自动断开，天黑时自动闭合；有人走动发出声音时，声控开关自动闭合，无人时自动断开．请将图中“声控开关”、“光控开关”、“灯泡”用笔画线代替导线正确连入电路，设计出只有夜间且有声音时灯才会亮的楼道灯自动控制电路，同时安装一个不受开关控制的三孔插座．四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．小刚在做“探究液体内部压强的规律”实验时找来一根长20cm的薄壁玻璃管、烧杯、刻度尺、质量已知的细沙、适量的水和盐水（已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。他设计的实验步骤如下：（a）将玻璃管的一端扎上橡皮膜，竖直插入水中如图甲所示，发现橡皮膜向上凸起，此现象说明_____。（b）向玻璃管中分别装入不同质量的细沙，并竖直插入液体中，直至橡皮膜变平，如图乙所示。（c）用刻度尺测出每一次橡皮膜到液面的距离，记录数据如下表：实验序号1234待测液体水盐水沙子质量（g）30609030橡皮膜在液体中受到的压强（Pa）3757501125375橡皮膜到液面的距离（cm）3.75_____11.253.0（1）请你帮小刚将表格中数据填写完整。（2）要研究液体内部压强与液体密度的关系应选择第_____组实验。（3）分析1、2、3组实验数据可得出结论：液体密度不变时，其内部压强与深度成_____。（拓展）同组的小红想利用这些器材测量某液体的密度：①她先将装有一定量沙子的玻璃管竖直插入水中，让玻璃管漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃管露出水面部分的长度h1；②_____；则待测液体的密度为_____。（用测量的物理量表示）19．小华同学设计了如图所示的电路来测量一个阻值约为几百欧的电阻RX，他使用的电源电压为3V，电流表量程为（0～0.6A、0～3A），电压表量程为（0～3V，0～15V）：①小华同学按照该如图甲所示电路图连接电路后，闭合开关，观察到电流表指针不偏转，示数为零电压表示数为2V，则他连按的电路出现该故障的原因是_____；②在排除故障换用新元件后，经检查电路完好，闭合开关，逐渐减小滑动变阻器的接入电阻至最小时，电压表有示数，但电流表的指针偏转角度很小，电流太小的原因是_____，所以按小华所设计的电路来测量这个电阻是不合适的；③为了测出电阻RX的阻值，老师给小华同学又提供了两个开关和一个电阻箱R（0﹣9999Ω，5A）电阻箱是一种可以调节电阻大小并且能够显示出阻值的变阻器，它的电路符号用表示，请你帮助小华同学设计一个能测出电阻阻值的实验电路，要求电路只连接一次。将你设计的实验电路图画在图乙虚线方框。20．（海南省2015年初中毕业生学业水平考试）图甲是用伏安法测未知电阻R的实验图。（1）请用笔画线代替导线，将图甲中实物电路连接完整_____________（2）闭合开关，将滑片P向左滑动时，此时电压表示数为2.4V，电流表示数如图乙所示其读数为I=A，则未知电阻R=_________Ω。（3）若实验中只有一个电压表和一个已知电阻R0，小明设计了如图丙所示的电路，同样可以测量未知电阻Rx，请在空格内将实验步骤补充完整①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1②___________，用电压表测出电源的电压U③请写出用测量值U、U1及R0来表示Rx的表达式：Rx=____________21．小徐同学为了探究影响小磁针在电磁场中偏转情况的有关因素，他先将实验器材按图（a）所示连接，实验中保持小磁针和导线放置的位置不变。实验过程和实验现象分别如图所示。请仔细观察图中的装置、操作和现象，然后归纳得出初步结论。比较图（a）与（b）或（a）与（c）可知：___比较图（b）与（c）可知：__22．小明在“测量某物块密度”的实验中，进行如下的实验步骤：A．如图甲所示，在量筒中倒入适量的水，记下水的体积；将小物块用细线系好后，慢慢地浸没在水中，记下小物块和水的总体积。B．把天平放在水平桌面上，正确调节横梁上的平衡螺母，使横梁平衡。C．如图乙所示，将小物块放在左盘中，在右盘中增减砝码和移动游码，直至横梁恢复平衡。按照上述A、B、C顺序进行实验，测出小物块的体积为_____cm3，测出小物块的质量m为_____g，小物块的密度为_____kg/m3，测量值与真实值相比_____（选填“相等”、“偏大”或“偏小”）。为了减小实验误差，实验步骤A、B、C最佳的实验操作顺序是_____（填写字母）。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．如图甲是利用滑轮组打捞水中物体的简化模型示意图。工人用竖直向下的拉力拉绳的自由端，拉力F随时间t变化的图象如图乙所示，物体上升的速度v随时间变化的图象如图丙所示。已知物体的质量为80kg、体积为0.02m3，物体沉没在水底时距离水面8m，在4～8s内物体上升的竖直高度为3m，绳的质量和体积、滑轮与轴的摩擦以及水的阻力均忽略不计，动滑轮自始至终都没浸入水中，ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg。求：（1）物体浸没在水中时受到的浮力；（2）物体未打捞前在水中受到的压强；（3）在8s～12s内，滑轮组的机械效率；（4）在0～4s内，物体对水底的压力。24．如图，为奇瑞3EV纯电动汽车，该汽车的有关参数如表所述．汽车满载后以72km/h的速度匀速沿平直公路持续行驶100km，（g=10N/kg）则：整车质量

1050kg

最大载重量

450kg

最高时速

80km/h

100km耗电量

15kW•h

所受阻力与车重的关系

0.03倍

一个轮胎与地面的接触面积

0.03m2

续航里程

120km

（1）汽车牵引力做功的功率是多少？电动机的效率是多大？满载时，汽车对地面的压强是多少？六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．图是电磁波家族．（1）下面说法正确的是___________；①光也是一种电磁波；②无线电波与X射线在真空中的传播速度不同；③真空中，无线电波的频率比X射线要低；（2）紫外线可以穿透大气到达地球表面，某地区冬至正午，测出不同波长紫外线的强度随海拔高度变化情况如下：波长（nm）强度（×10-4W/m2）海拔（km））00.511.522.52800.010.050.10.51529071020507080300200300400500600700390100010001000100010001000①海拔1km，波长为290nm的紫外线，其强度为___________W/m2；②本次测量中，波长为390nm的紫外线的强度与海拔高度的关系是:_______________________；26．图为某三档位(慢加热、快加热、保温)电热水器的简化电路图，R1、R2均为加热电阻(温度对电阻的影响忽略不计)；铭牌上的部分参数如下表所示，其中快加热功率模糊不清，该热水器能将水加热到的最高温度为75℃，求：额定电压220V保温功率605W慢加热功率1210W快加热功率(1)若电热器中已装满初温为25℃的水40kg，将这些水加热到最高温度，水吸收的热量_______(c水=4.2×103J/kg·℃)；当开关S1闭合，S2接b时，电热水器处于________状态，求R1的阻值_________；若加热电阻产生的热量有84%被水吸收，用该电热水器把原有的水加热到最高温度，用快加热比用慢加热节约多少时间____？27．如图甲是空调温控装置原理的简化电路,线圈电阻不计,电源电压为6V,R1为电阻箱,R2是热敏电阻,其阻值随温度变化图线如图乙。当继电器线圈中的电流大于或等于15mA时,继电器的衔铁被吸合,接通右边的受控电路,使空调工作。若电阻R1调到150Ω,室温升至t时恰能接通受控电路若空调工作时功率为2kW,则连续工作3小时需消耗电能____________度若要在较高温度下接通受控电路,应将R1的阻值适当__________________（选填“增大”或“减小”）。通过计算说明,接通受控电路时的温度t为多少℃_______?

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、A【解析】脚跟起落驱动磁性转子旋转，线圈中就会产生电流，这是电磁感应现象，故A正确，BCD错误．2、B【解析】

（1）根据A漂浮，B悬浮，可根据物体浮沉条件确定小球A和B的密度关系，又知小球A和B的体积关系，由m＝ρV分析它们的质量关系；（2）漂浮和悬浮都有F浮＝G，由此分析两球的浮力关系；（3）根据p＝ρgh判断水对甲杯底的压强与水对乙杯底的压强关系；根据分析两容器底受到水的压力关系；然后比较甲烧杯对桌面的压力与乙烧杯对桌面的压力的大小关系，再根据分析解答。【详解】由图知A漂浮，所以ρA＜ρ水；B悬浮，所以ρB＝ρ水，则ρA＜ρB。A、ρA＜ρB，小球A和B的体积相同。由知，小球A的质量小于小球B的质量，故A正确；B、漂浮和悬浮时，F浮＝G物，由于小球A的质量小于小球B的质量，故小球A的重力小于小球B的重力，所以小球A受到的浮力小于小球B受到的浮力，故B错误；CD、由图可知，两杯水面高度相等，根据P＝ρgh知，水对甲杯底的压强等于水对乙杯底的压强；两容器相同，则底面积相同，根据知两容器底受到水的压力相等，容器重力相同，容器对桌面的压力相同，根据知甲杯对桌面的压强等于乙杯对桌面的压强，故CD正确。【点睛】本题考查了浮沉条件、密度公式、压强公式的应用，综合性强，关键是用好浮沉条件，灵活运用公式进行判断。3、B【解析】解答：当油量上升时，浮标随之上浮，则指针下移，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可得电路中电流增大，即油量表示数变大；故B正确，A错误；当油量下降时，浮标下降，指针上移，滑动变阻器接入电阻增大，则由欧姆定律可得电路中电流减小，即油量表示数减小，故C、D均错误．点睛：本题是有关欧姆定律的题目，解决本题的关键知道欧姆定律的应用；解题方法提示：由电路图可知，电阻R2和滑动变阻器R1串联，油量表串联在电路中，根据油量的变化可知浮标和滑片移动的方向；根据滑片移动的方向判断R1阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，然后确定油量表指针的偏转变化．4、B【解析】

“空中自行车”的下方悬挂着质量较大的配重，这样能降低重心，提高稳度；A、公道杯是利用大气压来工作的，故A错误；B、不倒翁就是利用降低重心的方法来提高稳度的，故B正确；C、刷子小车在工作时，利用的电能转化为机械能，故C错误；D、自制的甩干机利用的是离心力，故D错误．5、D【解析】

电能在当今社会的应用是相当的普遍的，它具有很多的优点，来源比较丰富，可以通过水力发电、火力发电、核能发电、地热发电、风力发电等等；电能可以通过用电器转化为各种形式的能；可以通过输电线来输送到很远的地方；利用起来很方便，便于分配；由上可知ABC都是电能的优点，D不是。6、C【解析】A.抛出手的铅球在空中向前运动的过程中，已经脱离手，所以推力对它不再做功，向前运动是因为惯性，故A错误；B.提着水桶在路面上水平向前移动一段路程，手的拉力向上，而桶水平运动，所以拉力不做功，故B错误；C.用手从地面提起水桶，手的拉力向上，水桶向上运动，符合做功的条件，所以拉力做功，故C正确；D.用力推一辆汽车，汽车静止不动，距离为零，所以不做功，故D错误．选C．点睛：重点是是否做功的判断，要牢记做功的两个要素，即力和距离，且距离必须是在力的作用下通过的距离．当距离为零时，用再大的力，做功也是零．7、D【解析】

ABC、玻璃杯、竹筷、陶瓷碗都不容易导电，是常见的绝缘体，故ABC不合题意；D、钢匙是金属制成的，容易导电，是导体，故D符合题意。二、填空题（本大题7小题，共21分）8、有无有【解析】

若1和2之间接一电阻，则电路为两电阻的串联电路，电流表测电路中的电流，所以电流表有示数，电压表测新接入电阻两端的电压，所以也有示数；若1和2之间接一导线，电路为只有R的简单电路，则电流表有示数，则电压表测一段导线两端的电压，所以电压为零，无示数；若1和2之间为断路，则电压表与电流表、电阻R串联在电路中，则于电压表的内阻很大，相当于断路，所以电流表无示数，电压表测电源电压，有示数．9、大于10040【解析】

因为将物体从斜面底端拉到顶端时，需要克服物体的重力和物体与斜面间的摩擦力，所以此过程中物体受到的拉力大于斜面对物体的摩擦力；∵拉力做功为：W=Fs=200N3m=600J，∴拉力做功的功率为：P===100W．这个过程中，拉力做的有用功为：W有用=Gh=240N2m=480J,则克服摩擦所做的额外功为：W额=WW有用=600J480J=120J,因此物体所受到的摩擦力大小为:F===40N．10、A10Ⅰ或Ⅲ【解析】

A图线的速度：，B图线的速度：所以A是甲的图象；10秒钟甲通过的路程：；8秒时甲通过的路程：，如果甲在乙前面10m，8秒时甲乙相遇，v乙>v甲，则乙的s-t图线在Ⅰ区域，如果乙在甲前面10m，8秒时甲乙相遇，v乙<v甲，则乙的s-t图线在Ⅲ区域．11、做功运动状态低【解析】

在搓手的过程中，要克服摩擦做功，使手的温度升高，内能增加，故搓手是通过做功的方式改变内能的；运动员打乒乓球，球弹出，这主要是表明力可以改变物体的运动状态；由于大气压随着高度的增加而降低，山顶的气压比山脚的气压低。12、3；等于【解析】因为平面镜成的像到镜的距离与物到镜的距离相等，小刚离镜1.5m，他的像离镜也应是1.5m，所以像离小刚3m；又因为不论物离镜远还是近，像与物大小都相同，小刚身高1.75m，像高也是1.75m．故答案为3；等于．13、可大于变大变大【解析】

太阳能消耗后，可以源源不断地从自然界获得，属于可再生能源；等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，所以机翼上方的流速就大于机翼前方的流速；而下表面平直，因此机翼下方的流速大致等于前方的流速，从而可以知道，机翼下方的流速就小于机翼上方的流速，所以机翼上方的压强小于机翼下方的压强，这样就产生了作用在机翼上的向上的升力；飞机加速上升过程中，质量不变，高度增加，速度变大，故重力势能变大，动能变大。14、音色振动【解析】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色就不同。我们能区分不同乐器发出的声音，是因为不同乐器发出声音的音色不同。声音是由物体振动产生的，“琵琶声”是靠弦的振动产生的。点睛：我们常用音色来区别不同乐器发出的声音。不同的乐器可以发出相同音调、相同响度的声音，但音色一般不同。三、作图题（共7分）15、【解析】

通过第一个透镜的光线比起入射光线更加远离主光轴，即光线发散了，所以该透镜对光线有发散作用，因此填入凹透镜；通过第二个透镜的光线比入射光线向主光轴靠拢，即光线会聚了，所以该透镜对光线有会聚作用，因此填凸透镜．如图：【点睛】牢记两种透镜对光线的光线基本作用，在分析会聚、发散时，需要将折射光线与入射光线的传播方向进行比较．若比原来靠近主光轴则为会聚作用；若比原来远离主光轴，则为发散作用．16、【解析】

由图知道O是支点，由杠杆的平衡条件知道，力臂最长，力最小；若在A点处所用最小力F1，则力臂应是最长，即OA，此时F1的方向要与OA垂直，方向向下；过O点向力F2的作用线作垂线，则为阻力F2的力臂l2，如图【点睛】本题考查的是杠杆中的最小力的问题，由杠杆的平衡条件知道，当杠杆平衡时，力臂最长，力最小．17、【解析】

由题意知，只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，故这两个开关与灯串联，且火线要先过开关，再接入灯泡顶部的金属点，零线接入螺旋套；三孔插座与灯泡并联，其接法为：左零右火上接地，如图所示：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、明液体内部有向上的压强；

7.51、4正比再将这个装有一定量沙子的玻璃管竖直插入待测液体中，让玻璃管漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃管露出液面部分的长度h2【解析】

（a）发现橡皮膜向上凸起，此现象说明液体内部有向上的压强。（1）橡皮膜在液体中受到的压强为：p＝750Pa，根据p＝ρgh，故橡皮膜到液面的距离：h＝＝＝0.075m＝7.5cm；（2）要研究液体内部压强与液体密度的关系，要控制液体的密度相同，故应选择第1、4组实验；（3）分析1、2、3组实验数据知，可得出结论：橡皮膜在液体中受到的压强与橡皮膜到液面的距离之比为一定值，故得出的结论是：液体密度不变时，其内部压强与深度成正比。【拓展】①她先将装有一定量沙子的玻璃管竖直插入水中，让玻璃管漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃管露出水面部分的长度h1；②再将这个装有一定量沙子的玻璃管竖直插入待测液体中，让玻璃管漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃管露出液面部分的长度h2玻璃管底部在水中的深度：h水＝20cm﹣h1；玻璃管底部受到水竖直处向上的压力：F水＝p水S＝ρ水g（20cm﹣h1）﹣﹣﹣﹣﹣①；玻璃管底部在待测液体中的深度：h液＝20cm﹣h2；玻璃管底部受到液体竖直向上的压力：F液＝p液S＝ρ液g（20cm﹣h2）﹣﹣﹣﹣﹣②，根据二力平衡原理，玻璃管受到向上压力F＝G，故由①②得：ρ水g（20cm﹣h1）＝ρ液g（20cm﹣h2），待测液体的密度为：ρ液＝×ρ水。19、电流表被短路电源电压太小（或电阻太大）或【解析】

①因为电流表指针不偏转，示数为零，所以可能是电流表出现了短路或Rx出现了断路；图中电压表测待测电阻的电压，又因为电压表的示数不等于电源电压，则不是由于电阻断路造成的（若电阻断路，则电压表与电源连通，电压表示数应为3V），故可判断电路的故障是电流表短路；②由于电源电压为3V，而电阻Rx的阻值大约为几百欧，根据欧姆定律可知电路中的电流太小；所以按小明所选的器材不能用伏安法测出该电阻的值。③电源电压为3V，根据分压原理，当两个串联的电阻阻值大小相等时，每个电阻分得的电压也相等，所以可以将Rx与电阻箱串联，电压表并联在Rx的两端，改变电阻箱连入电路中的电阻大小，当电压表示数为1.5V时，则电阻箱的阻值为待测电阻；电路如图2所示：另解：只闭合S、S1，将待测电阻与变阻器串联，电压表与待测电阻并联，移动变阻器的滑片，使电压表示数U；只闭合S、S2，将电阻箱与变阻器串联，电压表与电阻箱并联，移动变阻器的滑片，使电压表示数U；根据等效替代法，则电阻箱的阻值为待测电阻；如图3所示；20、导线的一端接在变阻器上，另一端接在电阻R上0.38闭合S、S1R1=UIR0/（U-U1)【解析】试题分析：（1）变阻器应串联在电路中，且要一上一下接线柱进行连接；（2）明确电流表的量程和分度值，读出示数，再利用欧姆定律的变形公式计算电阻的大小；（3）由电路图可知，当开关S、S1均闭合时电路为Rx的简单电路，电压表测电源的电压；当开关S闭合、S1断开时，R0、Rx串联，电压表测Rx两端的电压；根据串联电路的分压特点和定值电阻的阻值求出Rx的阻值，据此设计实验步骤得出结果．解：（1）变阻器应串联在电路中，可将导线一端接在变阻器上端，另一端接在电阻R右端，如图所示．（2）读图可知，电流表的量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，则电流表的示数为0.3A．由公式I=得，R===8Ω；（3）实验步骤：①闭合开关S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；②闭合开关S、S1，用电压表测出电源的电压U；③因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R0两端的电压：U0=U﹣Ux=U﹣U1，因串联电路中各处的电流相等，所以，I==，即=，解得：Rx=．故答案为：（1）如上图所示；（2）0.3；8；（3）②闭合开关S、S1；③．【点评】本题考查了实物图的连接和电流表的读数、欧姆定律的应用、串联电路的特点等，关键是知道有电压表、无电流表时可根据串联电路的电流、电压特点进行设计实验．21、通电导体周围存在磁场电流的磁场方向与电流方向有关【解析】

a图中电路断路、无电流，小磁针不发生偏转，b或c图中有电流，小磁针发生偏转，由此可知：通电导体周围存在磁场；b和c中都有电流通过，但电流方向相反，同时小磁针偏转的方向也相反，因此比较这两图可得出结论：电流的磁场方向与电流方向有关。22、10272.7×103偏大BCA【解析】

由甲图可知，量筒中水的体积为30mL，小物块与水的总体积为40mL，故小物块的体积：V=40cm3-30cm3=10cm3；天平平衡时，左盘物体的质量等于右盘砝码的质量和游码质量的和，即小物块的质量：m=20g+5g+2g=27g；小物块的密度：ρ=＝2.7g/cm3=2.7×103kg/m3；由于测量过程中，小物块上面会沾有一些水，故使得被测物块的质量比实际值偏大，根据密度公式ρ=可知，计算出的密度偏大；为了减小实验误差，应先测量物块的质量，后测量它的体积，这样可避免物块上沾有水而测不准它的质量，因此最佳的实验操作顺序是：BCA。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）200N（2）8×104Pa（3）60%（4）400N【解析】

（1）因为物体浸没水中，所以物体排开水的体积V排＝V＝0.02m3，受到水的浮力：F浮（2）物体未打捞前在水中受到的压强：p＝（3）物体重力：G＝mg＝80kg×10N/kg＝800N，在8s～12s内，由图乙、丙可知，物体做匀速直线运动，绳端的拉力F＝500N，由图甲可知，n（4）由第三问条件可知，物体在8s～12s内处于平衡状态，绳的质量和体积、滑轮与轴的摩擦以及水的阻力均忽略不计，拉力F=12（G﹣F浮+G轮），则动滑轮重力：G轮＝2F﹣G+F浮＝2×500N﹣800N+200N＝400N，在0～4s内由图乙、丙可知，此时物体处于静止状态，绳端拉力F′＝300N，因为拉力F'＝12（F拉'+G轮），则滑轮组对物体的拉力：F拉′＝2F′﹣G轮＝2×300N﹣400N＝24、（1）汽车牵引力做功的功率是9000W；（2）电动机的效率是83.3%；（3）满载时，汽车对地面的压强是1.25×105Pa【解析】

（1）汽车匀速沿平直公路持续行驶，则牵引力：F=f=0.03G总=0.03×(m车+m货)g=0.03×(1050kg+450kg)×10N/kg=450N，t=72km/h=72×m/s=20m/s，汽车牵引力做功的功率：P==Fv=450N×20m/s=