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11212121331-a-112-1a22212112221同理可得f11212121331-a-112-1a22212112221同理可得f(x=ax-,于有ff)----a>0.a时x---1-1-1运用三次函数的图像研究零点问三函数的单调性问,三函数的极值与最问题。【题读例1若3

-x

+-=0只一个实数根求数取值范围.【析令fx=x

-x

+axa则fx)2x+a∵()=0有个实数根∴′(x)=0的≤0或f()<或f()>①x=Δ解得;②当时设为fx=2

-x+a=的个根x),x=1--ax=+-a,fx)在(-x)和(x,+上单调递增在(x)上单调递减.1°若f()<即f(x)0122∴(x=x32+ax-(2x-)-x-)+ax-2+a=x-+a-2x=13131331

22--=[(ax-],∴x>即1-1->,解得(-)1a<1即(1a<1得<12°若f()>即f(x)0同理f(x=[(ax-]0.∴<即+-a解得-(1-a-a>1即(1)3

<-1无.综上所述实取值范围(0+.另:f)=x

-x

+-a则fx)=x

-2+a∵()=0有个实数根∴′(x)=0的≤0或f(x)·f)x是f(x)的极值点).①x=Δ解得;x1a==x1-,②由x为fx)=0的个根得2x+=0x=2x-,

(<于是f(x=32-1

22222=x(2x-)-(2x-)+ax-a=x2+-=(2x-a)=-2x=--a11133222223a1>0x2-(12+>0

112122332212273112122332212273又∵x是方程2

-2=0根∴x+=2xx=化可得a2-3+>0解<<1;综上所述实取值范围(0+∞).+1例2、已知数f(x)3x,gx)-kx若数f)与gx)图象有三个不同的交,求数k的值范围.【析∵(x与g()的图象有三个不同的交点,∴()=gx)有三个不等实根.令(x)=()-g(x=3

k+1x2+kx-,hx=2

-++=k-11(-)(x-1)根据题意得k且(1)·(<,化简可得-k+k2

3

<0k-1即--1)(22k-2)<0,∴k-2k-20,解得k>1+或k<-,∴实数k的值范围(-,1-∪+,∞).a例3设函数()=x-x2

+1其a若点可作曲线y=f(x)三条不同切线求数a的取值范围.【析∵x=x2

-设切点为tft切方程为y=(t2

a2--+t3-t2代0,2)化简可得23t3

2aa-t2=0设gt=t-t+1令t=0有tt=0.过点可以作曲线y=(x)的三条切>0线∴g(t)=0有个不同的根,

3解得>24∴实数取值范围是24+.例4已知函数()=x-x

+x(1)求曲线y=(x)斜率为切线方程;(2)当x∈[时求:x-≤fxx;(3)设F(x=f)(x+a)|(a∈R)记(x)在区间[-上最大值为(a.当M)最小时求a的值.33【析(1)fx)=x-x2x得fx=x-2+令f=1即x-2+1=得x==88又f(0)=,f),所以曲线=fx)的斜率为的切线方程是y=x与-=x

xxx2x2xxx2x2即y=x与=-(2)证明:令(x=f)-xx∈-2,4]由(x=x-x得=x令x)=0得x=或x=.)gx的情况如表所.

-2.x

-2

(0,)

(,4)

)

+(x)

-6

表所以gx的最小值为6最大值为0.-≤)≤0,即-6f(x(3)由(知,当-时(a=g(0)-=>;当-时(a(-=g-2)=+a3当=-3时,(a)=综上当M()最小时a-例、已知函数=

-x+x,e-,

x<0,x≥0,

其中常数∈.当a,求函数f()的单调区间;若程f(-x+()=x-3在间,+∞)有实数解,求实数a的值范围;【析(1)当=时,f(x)=

-x+x,e-,

,x≥0.①当时f′(x)=-3x

+恒立,所以在-,0)上递减;分②当x≥0时,=-2可得在0,2]递减,在[,+∞)递增(4分)因为f(0)=,以f(x)的调递减区间是(-,0)和[02]单调递增区间是[ln2,+∞).分当时f(x)=x-,时-x<0f(-x)=--

+-x)=x

+x2所以可化为=x+x+在间(,+上实数解(6分记g(x)x

3(x-)(2x+x+,x∈(0,+,g=+1-=

++).(7分)可得在(0,上减,在1+上递增,且g(1)=,x+时,g(x)+分)所以的值域是[5,∞)即实数a的值范围[,+∞)(10分)例6已知函数

f(xbx,

R.

323222222222323222222222(1若a

,①当

a

时,求函数f()

的极值(用

表示②若x

有三个相异零点否在实数

使得这三个零点成等差数列?若存在出

的值;若不存在,请说明理由;【析(1)①由f

x

ax

,得f

,令f

0解得

或x由知,xf

,f(x)调递增,aa,,f)单递减,x()单递增,33因此,f()极大值为(

,f()的小值为f).27②当a时,时(x)不在三个异零点;当时与①同理可得(x)的极小值为f(

,fx)的大值为().27要使f(x)有个不同零点,则必须有27即35

)(1

527

a),不妨设f()三个零点为x,,且xx,1313则fx)fx)f(x,1f()x,①11f()2

32

ax

22

2

x,②2f(axx③3②-①得()(x212

x)(x(x),121121因为x,以x2

12

(x)2

2

,④同理x3

(x),⑤32⑤-④得x(x)xx)(x)(x),33因为x,以x,323又x,以32

a3

121212121212227所以f(),即a,a因此,存在这样实数

满足条件.例7已知函数()xaR)点是指函数取极值时对应的自变量的值)

有极值,且导函数f'()的极值点是f()的零(1求b关的数关系式,并写出定义域;(2证明:

;7(3若f(f'()这个函数的所有极值之和不小于,求a的值范围.2【析'(x)x

有零点

f''(xx

a3

,aa23根据题意,()即化简得a2以,339ab即

23a(;9a(2g(

41a4a813a281a

27)(

)

;b(3设x,为f()的个极值点,令'()得x,33

,法一:fx(x)21

x2

)x)[()x][()2xx](x)11212

4222a3aba3a().273a记f(x),f

a2所极值之和为S(),f(f(f),a2则(af)f(x)f),323而(a))在(3,单调递减且(6),6a32

.aa法二:下面证明(x)的图像关于(,f())33

中心对称,aaabf)3bx)3b)3327a2ax)b)f(),33

12x2xee12x2xee所以f

aaa)()f(),以f()f(x),同法一.333例8已知函数=2x3+1)x+,∈.曲y=fx)=处的切线的斜率为3求a的值;若于任意x,∞)f)+-)恒成立,求a的值范围;若a,设函数f)在区间,2]上的最大值、小值分别为M(a),m(),记h()=(a)-(a,求(a的小值.【析(1)因f(x)

-3(a+2

+6ax所以f′(x)=6x26(a+1)x+,所以曲线=f(x)在x=0处的切线的斜率k==,所以=,所以a=x+f(-=-6(a+1)x2lnx对意x∈(0,∞)恒立,所以(a1)≥xx(1-lnx)令g(x),>0,则g=.令g=0解得x=.当x∈(0,)时,g>,所以g(x)在(0)上单调递增;当x∈e,+时g,所以g(x)在(e,+∞)单调递减.所以=e)=,1所以-(a+≥,--,所以a的值范围为-,1.因=3

-3(a+2

+所以f=6x26(a+1)x+6a=6(x1)(xa)令=0则=或x=a.=3a1,=由f(1)f(2)到分类的节点=①当<≤时,当x∈(1,时,<0所以在,上单调递减;当x∈(a时,>0所以在(,上单调递增.又因为f(1),以M(a)=4m(a)==-3

+3a,所以h(a)-=-(-

+3a2

)=

-3a2+4.因为h=3a2

-6a-<0,所以h(a)在1上调递减,

27127128所以当∈,时的最小值为h=.②当<<,当x∈(1,时,<0所以在,上单调递减;当x∈(a时,>0所以在(,上单调递增.又因为f(1)>f(2),以==-1=f(a)=a3+,所以=M(a)=-1(-a32=-3a+3a因为h=3a2

-6a3=3(a2

>0.所以h(a)在,2上调递增,58所以当∈,时>h=.③当时当x∈(1,2)时,<0所以在1,2)上单调递减,所以==-1,m(a)=f(2)=4所以h(a)=M(a)=3a-=-,所以h(a)在2+上最小值为h(2)综上,h(a)最小值为【反练】1、

若函数f()=x

-2ax2-x在(-1,1)有且只有一个极值点则数a的取值范围.【答案】-,∪,1【解析】∵)=2x-ax∴据题意f-f′(1)解得>或<-a1、已知函数()=x+x+x3

aR≠0)有且仅有个值则数的取值范围是_.【答案】(-,-∪(2,∞)【解析】可转化为)=x+ax

+x有个不同的零从而x

+ax+=0有个不等的非零实故

-4∴∈(--∪(2+.1、若函数(x)3(+1)x+x-(a0)在[0,2]上有两个零点则数a取值范围是.23【答案】0【解析】)=ax-(x-,

af=-(-<0,f=,1af=-(-<0,f=,1①当>即<a时f=-<0f(1)=-(a1)0做如:xf′(x)f)

(-∞1)+增

极大值

1-减

极小值

,++增表7-21(ⅰ)当a,即<a时,≥,=(2a-1)0因为(x在区间[0,1]上为增函数,在[上减函数,∴()在区间和(1,2]上各有一个零点,即在[0,2]上有个零点;(ⅱ)当2a>,即<<1时,1<2,-22+3-1--1-f==a2

>0f=-1),x∈[1,2],fx>∵()在[上为增函数,∴()在区间有一个零点,即[0,2]上有一个零点,不满足题设;②当=1时fx)(x-2∴()在-,+∞)是增函数,∴f在[上可有两个零点;1③当<,即a,f(0)-<03--16做表如下

a1<0=(2a>0xf′(x)f)

-,+增

极大值

-减

极小值

,++增表∴x∈[0,1],(x)0,∵()在[上为增函数,∴(在间(1,2]有一个零,即[0,2]上有一个零点,不满足题设.综上,a取值范围是,.、设函数(x)=32x-

1212,fa12121212,fa1212(1)对于任意实数xf)≥恒立求实数m的最大值;(2)若方程f(x)且仅有一个实求数的值范围.【答案】-;(2)(-,2),+【解析】(1)f)=32

-9+=-x-2)∵x∈R∴fx)m即x

-9+-≥0恒立∴-12(6-)≤,得m-,的最大值为-(2)∵当x<1或x>2时,fx)>0,fx在(-,和,+∞)递增;当<<时,fx)<0fx在上递减;∴当x=1时fx)取极大值f=-a,当x=2时,(x)取极小值f(2)-,故当(1)<0f(2),方程f)=0仅一个实根,解得a<a>.(或由f(1)(2)>0亦可解得aa2、已知函数()=ax+x-aa∈R.(1)若函数(x)=x4试讨论方程f()=(x的实数解的个数;(2)当a0,若对于任意的x∈[a+都在x∈[+2+∞)使f)f=1024求足条件的正整数的取值集合.【答案】当a时,有两个解;当-1<a<时有三个解;当-1时有两个;(2){1}.【解析】fx)(x)即为ax+-a=4∴x43xa,∴x3(x-a)-,a或{>,x=1

或{<,x=-,①当a,方程f(x)()有两个不同的解a-1②当-1<a<1时方程f(x=gx有三个不同的解a,-1,1;③当a-1时方f()=g()有两个不同的解a,(2)当a>∈(a时fx)+x-fx)=2>∴数fx)(a∞)上是增函数,且f)>(a=a4>0,10241∴当x∈[a,+2]时,f(x)∈[f,fa,∈f当x∈[+2+∞)时,f)∈[(+,+.∵对任意的x∈[,a+,都存在x∈[a2+,使得f(xf=1024,[fa,+,∴afa

3a3a3a3a3a3a3a3a3a3aaax2x2x2x3∴

f+2

f(a+,∴2a,即fa32也即a(+3

+232∵a0,显然a满足,而a2,均不满足.∴满足条件的正整数取值的集合为{1}、已知函数f(x)=ax3

+bx2

-,b∈R).当a=1时求(x的单调增区间;当≠0时,若函数f)恰有两个不同的零点,求的;当a,若f(x的集为(),且,n中有且仅有一个整数,求实数b取值范围.解后反思

(2)xax2g(x)x3kx2

g(x)(x2.x

)xst2x3

kx2

kt2

43.解:(1)当a=1时=+x2-4f=+2x.令,得或-,所以f(x)单调增区间是∞-和(0+.(2)法一:=+2bx,令=0得=0或=-,因为函数f(x)有个不同的零点,所以f(0)=0或f当f(0)=0,得a,不合题意,舍去;

-=当f

2b2-=0时代入得-+--=,b343即-+-=,所以=a法二:于,所以f(,-x4由f(x)0得==-≠0).8设h(x)-,h--1令=0得x=,当x∈(,-时,′(x)<0,递;当x∈(-,0)时,′(x)>0,h(x)递增,

xbln3x00xbln3x00当x∈(0,+时,′(x)>0,h(x)调递增,当时h(x)的值域为R,b43故不论取何,方程==-恰一个根-,x此时函数f()=a(x+2)

(-1)有两个零点-2和(3)当=0,因为f(x,所以2,1-2设(x)=x-bx,则gx)=-=(x>0),当≤0时,因为gx,所以g()在(0+上增,且g=-b,所以在(1,+∞)上,g(x=ln-2,不合题意;当b>0时令gx)=

-bx=0得=x

,2所以(x在,

递增,在

,+递减,所以(x)=

-,b要使(x)>0有解,首先要满足ln

11->0,得b.2

①又因为(1)=-b<0(e)=-b,2要使fxx的集,n)中只有一个整数,则

g),g),>0,即解≤<.≤0,

②1lnx设(x)=,)=,当x∈(0,e),,(x)增;当x∈,+时x)<0,h(x递减.所以(x)=(e)=(2)=,所以,22eln3ln2所以由①和②得,≤<.4、若函数y=在x=处得极大值或极小值,则称x为函数=的值点.设函数f(x)=-2∈R).若数f(x)(0上无极值点,求的值范围;求:对任意实数t,函数f)图像总存在两条切线相互平行;当t=3时函数f)的图像存在的两条平行切线之的距离为4求满足此条件的平行线共有几组.

12112221122121112112221122121121112221211122112111111规范解答(1)函数f(x)=x

-2+,得f=3x2-2tx.由f′(x)=0,得x=,或x=t.23因为函数f(x)在,上无极值点,所以t或,解得或≥.32(2)令f′(x)=3x

-2tx=,即3x2

--=0=4t212p.t2当>-时>,此时3x

-2tx=0存不同的两个解x,设这两条切线方程为分别为y=(3x-2tx-+tx2=-2tx)x2x++若两切线重合,则-3tx+1-3tx+,即2(x+xx+=t(x+x),即=t(x+x.4t4t2而x+x=,化简得·x=,时(-x)2(x+)24x=-=,1231219与x≠x矛盾,所以,这两条切线不重合.综上,对任意实数,函数的图像总存在两条切线相互平行.(3)当t=时f(x)x-2+1,=3x2由(2)知+x=,两切线平行.设,x-3x

+,B(x,x-3x2

+1),不妨设>x,则>过点A的切线方程为y=(3x2)x2x33x+1.所以,两条平行线间的距离3

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