楞次定律,二次感应

第第页，总4页参考答案BD【解析】【详解】A、0、46棒向右匀速运动时，根据右手定则判断得知，46棒中感应电流方向从〃一尻46相当于电源，所以小点电势高于〃点。线圈中产生的感应电流是恒定的，原线圈中的磁场是恒定的，穿过副线圈的磁通量不变，没有感应电动势产生，“/中没有电流流过，所以c点与d点等电势。故A错误而正确.C、D、46棒向右加速运动时，根据右手定则判断得知，46棒中感应电流方向从〃一加46相当于电源，所以小点电势高于〃点。根据安培定则判断可知，原线圈中向下的磁场，而且在增强，副线圈中有向上的磁场在增强，根据楞次定律可知，副线圈中感应电流从d通过电阻到c,d点电势高于c点，故C错误，D正确.故选CD.【点睛】应用楞次定律判断右边线圈中感应电流方向，应用安培定则判断电势高低.要注意电源的正极电势比负极电势高.BD【解析】C、D、直导线通入方向向上的电流，根据右手定则可知：在圆环处产生垂直向里的磁场，由于电流逐渐增强，所以产生的磁场与增大，通过圆环的磁通量增大，根据楞次定律可知，在圆环中产生逆时针的感应电流，故D正确，C错误；A、B、根据“增缩减扩”可知，线圈有收缩的趋势，故B正确，A错误。故选BD。AC【解析】A、根据磁通量。=BS可知，增大磁感应强度，磁通量增大，则产生逆时针的感应电流，故A正确。0、由于磁场是匀强磁场，把线圈向右拉动，其磁通量不变化，则无感应电流产生，故0错误。C、以线圈的某一直径为轴转动时，有效面枳变化引起磁通量变化，产生感应电流，故C正确。D、当线圈绕圆心在纸面内转动时，其磁通量不变，故没有感应电流产生，故D错误。故选AC。AC【解析】A、开关S由断开到闭合的瞬间，穿过M的磁通量变大，为阻碍磁通量变大，钻头向右运动，故A正确;B、开关S由闭合到断开的瞬间，穿过M的磁通量减小，为阻碍磁通量的减小，钻头向左运动，不符合题意，故B错误；C、保持开关S闭合，变阻器滑片P加速向左滑动，穿过M的磁通量增大，为阻碍磁通量增大，钻头向右运动，符合题意，故C正确；D、保持开关S闭合，变阻器滑片P匀速向右滑动，穿过M的磁通量减小，为阻碍磁通量减小，钻头向左运动，不符合题意，故D错误；故选AC.CD【解析】A、导体棒ab向右或向左做匀速运动时，ab中产生的感应电流不变，螺线管产生的磁场是稳定的，穿过c的磁通量不变，c中没有感应电流，线圈c不受安培力作用，不会向左偏转.故A错误.B、导体棒ab向右做减速运动时，根据右手定则判断得到，ab中产生的感应电流方向从a—b,感应电流减小，螺线管产生的磁场减弱，穿过c的磁通量减小，根据楞次定律得知，c中产生顺时针方向（从左向右看）的感应电流，与线圈中的电流的方向相同，则线圈c被螺线管吸引，不会向左偏转.故B错误.C、导体棒ab向左做加速运动时，根据右手定则判断得到，ab中产生的感应电流方向从b-a,感应电流增大，螺线管产生的磁场增大，穿过c的磁通量增大，根据楞次定律得知，c中产生顺时针方向（从左向右看）的感应电流，与线圈中的电流的方向相反，则线圈c被螺线管排斥，会向左偏转.故C正确.D、导体棒ab向右做加速运动时，根据右手定则判断得到,ab中产生的感应电流方向从a—b,感应电流增大，螺线管产生的磁场增强，穿过c的磁通量增大，根据楞次定律得知，c中产生逆时针方向（从左向右看）的感应电流，与线圈中的电流的方向相同反，则线圈c被螺线管排斥，向左偏转.故D正确.故选CD.AB【解析】试题分析：当ab向右加速运动时，感应电动势是变化的，故右边线圈的感应电流是变化的，并且是增大的，可以在左边的线圈中感应出感应电流，根据楞次定律右边的感应电流方向是从b到a,故根据楞次定律可得左边感应电流方向为从下到上，ab向右减速运动时情况相反，A正确D错误：当ab向左减速运动时，根据楞次定律右边的感应电流方向是从a到b,电流是减小的，根据楞次定律可得左边感应电流方向为从下到上，ab向左加速运动时，情况相反，B正确C错误；AB【解析】由楞次定律可知，感应电流的磁场总是阻碍原磁场磁通量的变化。由于金属环C向线圈A运动，说明原磁场在减小。由于线圈A中的电流是导线ab切割磁场产生的。由于原磁场在减小，故只需要导线ab减速运动即可。综上分析，AB正确。BD【解析】ab杆向右匀速运动，在ab杆中产生恒定的电流，该电流在线圈L中产生恒定的磁场，在〃中不产生感应电流，cd不受安培力作用，所以cd杆不动，A错误；ab杆向右加速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生增大的a到b的电流，根据安培定则，在乙中产生向上增强的磁场，该磁场向下通过心，根据楞次定律，在cd杆上产生C到d的电流，根据左手定则，受到向右的安培力，向右运动，B正确；ab杆向左加速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生增大的b到a的电流，根据安培定则，在4中产生向下增强的磁场，该磁场向上通过心，根据楞次定律，在cd杆上产生d到c的电流，根据左手定则，受到向左的安培力，向左运动，C错误；ab杆左减速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生减小的b到a的电流，根据安培定则，在乙中产生向下减弱的磁场，该磁场向下通过4,根据楞次定律，在cd杆上产生c到d的电流，根据左手定则，受到向右的安培力，向右运动，D正确。D【解析】：。〜1S线圈中电流增大的越来越慢，到1S末电流最大，但是变化率为零，所以圆环中的感应电流最小。A错误。2s末金属环中感应电流最大，但螺线管中电流为零，没有磁场，与金属环间无相互作用，所以2s末圆环对桌面的压力等于圆环的重力，故B错误；1〜2s正方向电流减小，2〜3s反向电流增大，根据楞次定律，金属环中感应电流的磁场方向不变，感应电流方向不变，故C错误；。〜1s线圈中电流增大，产生的磁场增大，金属环中磁通量增大，根据楞次定律可知，从上往下看，0〜1s内圆环中的感应电流沿顺时针方向，故D正确.故选择D.B【解析】当一个线圈中通有不断变化的电流时，周闱的磁场发生变化，根据楞次定律结合右手螺旋定则判断出另一线圈中感应电流的方向.根据楞次定律的另一种表述，“同向电流相吸，异向电流相斥"，确定另一线圈有扩张还是收缩趋势。当线圈a中通以顺时针方向稳定的电流时，知穿过线圈b的磁通量不变，不会产生感应电流，因此没有变化趋势。故A错误；当线圈a中通有不断增大的顺时针方向的电流时，知穿过线圈B的磁通量垂直向里，且增大，根据楞次定律，线圈b产生逆时针方向的电流，由于“同向电流相吸，异向电流相斥”，因此线圈b有收缩的趋势，故B正确；若b线圈中通以顺时针方向逐渐增大的电流，根据楞次定律，则a线圈上将感应出顺时针方向的感应电流，由于同向电流相吸，因此线圈a有扩张的趋势，故C错误：若b线圈中通以逆时针方向逐渐减小的电流，根据楞次定律，则a线圈上将感应出逆时针方向的感应电流，由于同向电流相吸，因此线圈a有收缩的趋势，故D错误。D【解析】当N中通过的电流逐渐减小时，电流产生的磁场逐渐减小，故穿过"的磁通量减小，为阻碍磁通量减小，根据楞次定律可知，环/应向磁通量增大的方向形变.由于M环中有两种方向的磁场：线圈N外的磁感线方向与线圈内的磁感线方向相反，N线圈外内的磁感线要将N线圈内外的磁通量抵消一些，当M的面积减小时，穿过M的磁通量会增大，所以可知环加应有减小的趋势；当N中电流突然减小时，N内各匝线圈之间的作用力减小；由于同向电流相互吸引，所以当N中电流突然减小时，螺线管N由伸长的趋势.故D正确.故选D.12【答案】BC【解析】试题分析：根据楞次定律，当接通开关瞬间时，导致穿过线圈的磁通量向左增大，则铜环中的感应电流的磁场的方向向右，从左侧看，铜环的感应电流顺时针，故A错误，B正确；当接通开关瞬间时，导致穿过线圈的磁通量向左增大，根据楞次定律可知，铜环的面枳有收缩的趋势，故C正确，D错误。13.D【解析】试题分析：导体棒切割磁感线产生感应电动势E二BLv,感应电流/=工=也，在0-a内，有效长度L逐渐变大，RR感应电流I逐渐变大，在a-2a内，有效长度L逐渐变大，感应电流逐渐变大，故AB错误；由楞次定律可知，在线框进入磁场的过程中，感应电流沿逆时针方向，电流是正的，在线框离开磁场的过程中，感应电流了沿顺时针方向，感应电流是负的，故C错误，D正确：故选D。【答案】B【解析】试题分析：由安培定则得，载有恒定电流的直导线产生的磁场在导线左边的方向为垂直直面向外，右边的磁场方向垂直向里，当线圈向导线靠近时，则穿过线圈的磁通量变大，根据楞次定律，可知：感应电流方向为顺时针方向：当线圈越过导线时到线圈中心轴与导线重合，穿过线圈的磁通量的变小，则感应电流方向逆时针方向；当继续向右运动时，穿过磁通量变大，由楞次定律可在，感应电流方向为逆时针方向，当远离导线时，由楞次定律可知，感应电流方向为顺时针方向，故ACD错误，B正确。AD【解析】据楞次定律，当S闭合时，穿过B线圈的磁场方向向上且在增大，B线圈中的感应电流产生的磁场方向与之相反，进而判断出通过电流表的电流方向自左向右，A正确，根据楞次定律用同样方法可判断D也正确。A【解析】A、0项：因为磁铁在运动所以穿过线圈的磁通量变化，所以线圈中会产生感应电流，故A正确，0错误；C、D项：磁铁上下振动过程中，在线圈中产生感应电流即有电能产生，电能转化为热量，所以磁铁与弹簧组成的系统机械能减小，故C、D错误。ABo【解析】ti时刻穿国P的磁通量在增加，由楞次定律知P有向下运动和收缩的趋势，因此A对；t2时刻穿过P的磁通量不变，且最大，因此B对；在t3时刻由楞次定律知P中的感应电流不为零，P由向上运动和扩大的趋势，因此C错；t4时刻穿过P的磁通量不变，且最大，因此D错D【解析】此题极易错选答案，P环受向外的张力，则说明P环有扩大其面枳的趋势，穿过它的原磁场的磁通量在增加（注意：穿过P环内外磁感线方向是不同的，这里P扩大面积不是想增大其磁