2021届安徽省马鞍山市高考物理一模试卷附答案详解

002021届安徽省马鞍山市高考物理一模试卷一、单选题（本大题共5小题，30.0分

如图所示在截面为正三角形容器内放有一小球器内各面与小球恰好接触，图、、为器的三个侧面。将它们以初速竖向上抛出运过程中容器所受气阻力与速率成正比列说法正确的是B.C.D.

上升过程中，小球对有力且逐渐变大上升过程中，小球受到的合力逐渐变大下落过程中，小球有力且逐渐变大下落过程中，小球对容器的作用力逐渐变大

“北斗一号”导航卫星系统中颗球同步轨道卫星，定位在距地面约000的球步轨道上．关于同步卫星，下面说法正确的)B.C.D.

发射速度小于𝑠发射速度大𝑘𝑠运行速度小于𝑠如果需要，该卫星可以定位在江苏上空

关于电场力和电场强度，下列说法正确的B.C.D.

电场强度的方向总是跟电场力的方向一致电场强度的大小总是跟电场力的大小成正比正电荷受到的电场力的方向跟电场强度的方向一致移去检验电荷时，电场强度变为零

质量为的质点平上做曲线运动向的速度时间图象方的位移时图象如图所示，下列说法正确的B.

质点的初速度为质点所受的合外力为

C.D.

质点初速度的方向与合外力方向垂直末点速度大小

如图所示个物块重均，重，用在物块的水平，个系统静止，B.C.D.

和之间的摩擦力和之的摩擦力是物块个作用与面间摩擦力二、多选题（本大题共5小题，27.0分

如图，长度的车静止在光滑的水平面上，可视为质点的小物块放在小车的最左，现用一水平恒作在小物块上物块从静止开始做匀加速直线运动块和小车之间的摩擦力为，块运动到小车的最右端时小车通过的距离。则B.C.D.

物块到达小车最右端时，小车具有的动能物块到达小车最右端时，物块具有的动能在这个过程中，摩擦力对物块所做的功在这个过程中，物块和小车增加的动能

如图所示为喷墨打印机的简化模型。墨盒可以喷出质量一定的墨汁微重不，带电室带负电后以定的初速度垂射入偏转电间偏转后打到纸上显示出字符。则B.C.D.

板势低板势穿过偏转电场过程微粒的电势能减小减小偏转电场的电压可以点移减小墨汁微粒的喷出速度可以点移

如图所示，轻弹簧的一端悬挂在天花板上，另一端固定一质量的物块，小物块放在水平面上，弹簧与竖直方向夹角。始时弹簧处于伸长状态，长度，在物块上加一水平向右的恒使物块向右运动距物与地面的动摩擦因数力速度为，弹簧始终在弹性限度内，则此过程中分析正确的B.C.D.

小物块和弹簧系统机械能改变(弹簧的弹性势能可能先减小后增大接着又减小再增大小物块在弹簧悬点正下方时速度最大小物块动能的改变量等于拉力和擦力做功之和

下列说法中正确的是B.C.D.E.

只要是有确定熔点的物体必定是晶体液体表面存在张力是由于表面层分子间距离小于液体内部分子间距离容器中气体压强是由于大量气体分子对容器壁的频繁碰撞造成的蔗糖受潮后会粘在一起，没有确定的几何形状，所以它是非晶体布朗颗粒的无规则运动反映了液体分子的无规则运动图甲为列谐横波在某一时刻的波形图乙为点在时刻为计时起的振动图象，下列说法正确的是B.C.D.

此列波正方向传播经过𝑠，沿轴正方向传播了经过时，质的动方向沿轴方向在𝑠时，质点的速度大于质的速度三、实验题（本大题共2小题，15.0分

𝑏𝑏图中，带有遮光的块质量、码的质量是个光电门，者之间的距离为之相连的光计时器可记录宽度的光片通光电门的时间验时光电固，光电门的置可以改变用该装置探究做功与物体动能化的关系成步骤中的填空重力加速度大小为)用标卡尺的度时示数如图乙所示，则遮光片的宽；将块用轻绳与钩码连接，调节木板左端垫块的位置，轻推滑块后，滑块通过光电的间相等，然后去掉细线和钩码；将块从光电的置释放，计时器显示遮光片通过光电的间，滑块下滑过程中受到合力的大小为_；从光电到的过程中，合力对滑块做的______；滑块通过光电门时度的大；用理量的符号表改光电位，多次重复实验步；以

为纵坐标为横坐标利实数据作

图如图丙所示此图象可得

随变化的表达式_用物理量的符号表；若力做的功等于滑块动能的变化量，则______用理量的符号表示。𝑎在“测定金属的电阻率”的实验时，有位同学按图所示电路进行连线，他共根导线、、、、′、、𝑎由于其中有一根内部断开的导线，所以当他合上开后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表读数都约𝑉，流表读数接近零．根上述现象可判断出是导或_断．若用多用电表的直流电压挡进行检查，合上开后那么选择开关最好置挡填序号A.𝑉接下来测量间流电压时表应接触_____端测结果为是线断．用标卡尺测量金属材料的直径时，某一次测量结果如所示，图中读数．

四、简答题（本大题共2小题，13.0分如甲用管连接的两个完全相同的竖直气内有理想气体气长均将气缸隔开的薄活塞的质量、截面积此时活塞恰好没有与气底接触图甲中所示位置。将气缸缓慢转动至乙位置，转动后重新平衡时活塞在气缸中下移动的距离为。4重力加速度大小个装置均由导热性能良好的材料制成塞可在气缸内摩擦地滑动，不计活塞的厚度以及连接两气缸的细管容积，转动过程中气体的温度恒。求动前气中气体的压强

；若动时环境温度同时改变，使得再次平衡时活塞恰好于气的中间位置，则此时温度为多少；请算判断转动后能否通过改变环境的温度，使得再次平衡时活塞回到气与细管连接处且恰未接触。14.

如图所示一个玻璃三棱镜顶角为一光线沿垂直面的方向射入棱镜后又由面出，并进入空气。测得该射出光线与入射光线的延长线之间的夹角，此棱镜的折射。

2323五、计算题（本大题共2小题，32.0分15.如图所示，一竖直放置的圆环，半径，侧光，右侧粗，，与等，轻弹簧一固定于最高，另一端系一个有孔质为的球小套于圆环上将小球置于点由静止释放，小球次经过最低时度为√且与圆环刚好无作用力，之后因有摩动擦因数较小，但不的度逐渐降能忽略小能运动到右侧的最高，，低，重力加速度．求球次过点时弹簧弹力；求点静止开始到第次过点的过程，弹性势能的变化

𝑝

；若将弹换成原长为2的簧将小球置于点静释放得小球次过点时对圆环的压力次经点后运动到右的最高位时与直方向角弹性势能是最大弹性势能倍求此时已产生的内．16.

如图所示，粗糙水平与滑的竖直面内的固定半圆轨道点切，轨道半径，一质量的滑视为质点从离点水平面处初速向运动冲上半圆轨道，从半圆轨道最高飞后落在水平面上落点点距离.持初速度不，多次改变单位为)的小，测出对应单为的大小，通过数据分析得出与的函数关系为

2

，取𝑠

2

，求：小块的初速(2)的值范围．

的大小和小滑块与水平面间的动摩擦因数；

参考答案解析1.

答：解：：设整体的质量，球的质量为，阻力大小为。、升过程中，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得到，上升过程中速度减小，阻力减小，故上升过程加速度大但渐减小，再以球为研究对象，根据牛顿第二定律可得球受到的合力大于重力且逐渐减小球受到重力外应到向下的压力，所以小球对没压力，故错；、落过程中，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得到，降过程中速度增大，阻力增大，故下降过程加速度小但渐减小，再以球为研究对象，根据牛顿第二定律可得，小球受到的合力小于重力，小球除受到重力外，还应受对它到向上的支持力支力逐渐增大以球对容器的作用力逐渐变大球对没有压力误正。故选：以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得到加速度大小和阻力大小的关系，再以球为研究对象根据牛顿第二定律分析小球所受压力大小和方向。本题采用整体法和隔离法，由牛顿定律分析物体的受力情况，考查灵活选择研究对象的能力。2.

答：解：：、星的最小发射速度最小𝑠。A误、发射速度大，要离地球，则B错、地卫星的运行速度，同步卫星的轨道半径大，运行速度要小，C正确D、步星只能在赤道上空，则D错故选：。卫星的发射速度要大于第一宇宙速度，发射速度越大，运行半径越大，运行速度越小，同步卫运行的线速度一定小于第一宇宙速度．第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度．而同步卫星的轨道半要大于近地卫星的轨道半径据√可以发现步星运行的线速度一定小于第一宇宙速度．𝑟3.

答：解：：、电场强度方向与正电荷所受电场力方向相同，与电荷所受电场力方向相反．故A错误，正确．

222222B电强度反映电场本身的性质与检验电荷所受的电场力和电荷量无关能说电场强度的大小总是跟电场力的大小成正比．故B错，D、移检验电荷时，电场强度保持不变，故D错．故选：．电场强度方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反．电场强度反映电本身的性质，检验电荷无关．解决本题关键要掌握电场强度的物理意义和电场强度的方向特点，知道场强反映电场本身的特，与试探电荷无关．4.答：解：：、轴向的初速度为√𝑣22故误．

，轴向的速𝑠

，则质点的初速度0B、轴方向的加速度，轴匀直线运动，则质点的合力

合

故B正．C、力轴向，而初速度方向既不轴也不轴向，质点初速度的方向与合外力方向不垂直．故错误．D、末点速度大小

√22𝑠

，故错．故选：根据速度图象判断物体在轴向做匀加速直线运动轴匀速直线运动．根据图的斜率求出轴向的速度，再将两个方向的初速度进行合成，求出质点的初速度．质点的合力一定，做匀变速运动轴合力为零．根据斜率求出轴向的合力，即为质点的合力．合力轴向，而速度方向既不在轴不轴向点速度的方向与合外力方向不垂直速合成法求2末质点速度．本题的运动与平抛运动类似，运用运动的分解法研究，要明确两个分运动的性质和规律，根据行四边形定则研究．5.

答：解：题分析：先对结点受力分析，由共点力的平衡可求得绳的力；再将、作整体受力分析，由共点力的平衡可求与面间的摩擦力．

11𝑚结点受的力及两绳子的拉力；如图所示，由几何关系可知，绳子的拉力；对整体受力分析，整体受重力、支持力、两大小相等、方向相反的拉力；两拉力的合力为零，整体在水平方向没有运动的趋势；故C与面间的摩擦力为零；所以D错．对用离法受力分析，根据平衡条件知水平方向不受外力，之间没有摩擦力；所以错误对用离法进行受力分析，根据平衡条受对的摩擦，根据牛顿第三定律对的擦力也等所正确．对用离法受力分析，受重力、桌面的支持对的压力、对它的摩擦力、绳子拉力共五个力的作用，所以C错．故选．6.

答：解：木块加速运动，木板也做加速运动，对木块、木板、木块和木板整体分别运用动能定理列式分即可。本题关键是灵活地选择研究对象进行受力分析，再根据动能定理列式后分析求解。A.

小车受到重力、支持力和摩擦力，根据动能定理，

，故A正；B.

物块受到拉力、重力、支持力和摩擦力，根据动能定理，

⋅(，B错；C

物块在摩擦力作用下前进的距离，摩擦力所做的功，故正确；D

根据功能关系和小车增加动能为拉力做的功减去摩擦力产生的内能⋅，错。故选AC7.

答：解：：、粒带负电向上偏，则板带正电，板电势高板电势，且电场力做正功，故微粒的电势能减小，故错误B正；、粒以一定的初速度垂直射入偏转电场做类平抛运动，则有水平方

，其中加速度，其中加速度222𝑓竖直方

1𝑞𝑈2𝑚𝑑联立解得微粒在偏转电场中的偏移

𝑞2𝑚𝑑𝑣0由上式分析可知，减小偏转电场极板间的电𝑈、增大墨汁粒的喷出速度，都可以点移，即减小偏转位，C正确，错。故选：。根据带负电微粒的偏转方向判断两极板电势的高低，根据电场力做功情况判断电势能变化情况根据微粒类平抛运动的规律求出偏转位移表达式来分析判断；此题考查带电粒子在电场中的偏转在实际生活中的应用，关键要熟练运用运动的分解法，推导偏转量的达式．8.

答：解：、据能量守恒，小物块和弹簧组成的统，机械能变化量等于恒与擦做的总功即

𝑓

因弹簧对小物块有弹力的作

𝑚则𝑚，故误。B、由于弹簧起初长度，处于拉伸状态，与竖直方向夹角，向右运动过程中，移动位移为，因此必定是长度先减少再恢复到原来拉伸长度以此过程中弹簧慢慢恢复原长，然后处于压缩状态，再恢复原长后，再处于拉伸状态，弹性势能即为先减小后增大接着又减小再增大，故正确。C、小物块处于弹簧悬点正下方时，由于并不确定弹簧的弹力大小，因此无法确𝑓，加度可能不为零，故C错。D、于个运动过程中弹簧伸长量没有变化，所以弹力总功0𝐽。根据动能定理：

𝑓𝑘

，故D正确。故选：。根能量守恒统外力做的功等于系统机械能的变化量弹性势能的大小与形变程度有关，形变越明显，弹性势能越大当块水平方向所受外力零时，速度达到最大值于整个运动过程中弹簧伸长量没有变化弹力总功0据动能定理可计算出物块动能的变量。本题考查了能量守恒及动能定理的使用，在使用过程中一定需要确定好研究对象，防止漏掉外做功；在弹簧来回变化中，出现初始状态长度变化量相同时，弹簧弹力做功0。9.

答：解：：、体均具有确定的熔点，故确；

𝑑𝑏𝑑𝑏B液表面存在张力是由于表面层由于蒸发等原因而使分子间距离大于液体内部子间距离错误；C、器中气体压强是由于大量气体分子对容器壁的频繁碰撞造成的；故C正；D、后粘在一起，是很多晶体结合在一起造成的；虽然没有确定的几何形状，但它仍是晶体，故错误；E、布朗运动是固体小颗粒的无规则运动，反映了液体分子的无规则运动。故正；故选：。晶体有固定的熔点，而非晶体却没有固定的熔点；表面存在张力是由于表面层分子间距离大于体内部分子间距离；气体压强是由于大量气体分子对容器壁的频繁碰撞造成的；没有确定的形状但它仍是晶体；布朗运动是固体颗粒的运动，反映了液体分子的永不停息的无规则运动。本题考查晶体与非晶体的不同，要注意掌握液体表面的张力的形成原理及气体压强产生原因；确布朗运动的意义。10.

答：解：：、图乙可知，在时，质的动方向轴方向，则由带动法可知，波向正方向传播；故A确；B、由由图知，，波速为

故过𝑠，轴的正方向传播了；B正；C、为个周期，此点正在向平衡位置运动，质点的动方向轴方向，故C误；D、示点沿轴方向运动𝑠

，质点的动方向轴方向向上运动，有到达最高点，处最低点，所的速度大．故D误．故选：．由振动图象读出时点的振动方向，判断波的传播方向．由波动图象读出波长由振动图象读出周期，可求出波速．分析波动过程，根据时间与周期的关系，判点运动方向．波的图象往往先判断质点的振动方向和波的传播方向间的关系练要分析波动形成的过程，分析物理量的变化情况．11.

答：𝑎解：由图游标卡尺可知，游标尺分度的，游标尺的精度，标尺上的个刻度与主尺刻度对齐，游标卡尺示数。

𝑏𝑏；𝑑𝑏𝑏；𝑑𝑏𝑎轻滑块滑块通过光电时相等滑块做匀速直线运动与码所受合力为零，撤去钩码后所合力大小等于钩码的重电门到的程中对块做的；滑块通过光时度的大

𝑑𝑡

。由丙所示图象可知是过原点的直线

与成比

示图象可知=

𝑏𝑎

，图象的函数表达式为

。𝑎对块，合外力做，动能定理得，整理得，。𝑎故答案为：；；；；𝑡𝑎

。游卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数。滑与钩码做匀速直线直线运动，合力为零，撤去钩码滑块所受合力等于钩码的重力；根据功的计算公式求出合力对滑块做的功；滑块经过光电门时的平均速度近似等于滑块的瞬时速度。由示图象求出图象的函数表达式。由能定理求出图象的函数表达式，然后分析答题。本题考查了游标卡尺读数、实验数据处理，理解实验原理是解题的前提，分析图示图象应用动定理即可解题。12.

答：；𝑑；；；′；解：：电表读数近零，知电路中总电阻非常大，电压表示数不变，’’𝑑断路．因电源的电压大则直流电压的选择开关选档多电表电流从红表笔进表笔出，所以红表笔接触端若测试结果，是导线断开．游卡尺的读数为×7．故答案为：𝑓或’𝑑𝐵、’电表读数接近零，知电路中的电阻非常大，电压表示不变，结合两方面考虑，电压表测量的是电源电压或’𝑑断路．根电源电压的大约值确定直流电压档，多用电表测量，电流从红表笔进，黑表笔出．游卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读解决本题的关键掌握电路故障分析的方法，以及知道游标卡尺的读数方法．13.

答：图状态下对活分析

𝑏

𝑎𝑏1𝑎34𝑏54𝑎0𝐿𝑎20𝑏20𝑚𝑔𝑎3𝑚𝑔𝑎0𝑏𝑎𝑏1𝑎34𝑏54𝑎0𝐿𝑎20𝑏20𝑚𝑔𝑎3𝑚𝑔𝑎0𝑏3图乙状态下对活塞分析：

1

从图甲状态到图乙状态，由玻意耳定律可得：对气内气体对气缸内气

𝑎1𝑏1联立方程解得：

278由体状态方程可得：对气内气体𝑎

2对气缸内气体𝑏

32联立方程解得：𝑇

623

𝑇0从甲状态到最终状态，两气缸体积没有变化，根据查定律可得：对气内气体𝑎

𝑠对气缸内气体𝑆

𝑏3解得：

0因此该过程不能实现解：答案14.

答：：正确画出光路图

𝑠𝑖𝑖𝑠𝑖𝑝𝑝𝑝𝑝𝑘𝑘𝑝𝑘𝑠𝑖𝑖𝑠𝑖𝑝𝑝